2022年上海市闵行区中考化学二模试卷答案.docx

精品学习资源2021 年上海市闵行区中考化学二模试卷参考答案与试题解析六、单项选择题共 20 分1. 1 分属于物理性质的是A. 稳固性B可燃性 C吸附性 D氧化性【解答】 解： A稳固性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意； B可燃性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意； C吸附性都不需要通过化学变化表现出来，都属于物理性质故符合题意； D氧化性需要通过化学变化表现出来，属于化学性质故不符合题意应选 C2. 1 分不属于碳元素的同素异形体的是A. 金刚石B石墨C碳 60D一氧化碳【解答】解：互为同素异形体的物质要符合以下两个条件：同种元素形成，不同单质；碳元素的同素异形体必需是碳元素形成的单质A、金刚石是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，应选项错误B、石墨是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，应选项错误 C、碳 60 是由碳元素形成的单质，属于碳元素的同素异形体，应选项错误D、一氧化碳属于化合物， 不是单质，不属于碳元素的同素异形体， 应选项正确 应选： D3. 1 分物质在不断地运动变化，属于物理变化的是A. 冰雪消融B大米酿酒C木柴燃烧D铁钉生锈【解答】 解： A、冰雪消融的过程中没有新物质生成，属于物理变化；B、大米酿酒的过程没有新物质酒精生成，属于化学变化；C、木材燃烧的过程中有新物质二氧化碳和水生成，属于化学变化； D、铁钉生锈的过程中有新物质铁锈生成，属于化学变化；欢迎下载精品学习资源应选 A4. 1 分含氟牙膏中常添加氟化钠，NaF 中 F 元素的化合价是A+1B0C 1 D 2【解答】 解：钠元素显 +1，设氟元素的化合价是x，依据在化合物中正负化合价代数和为零， 可知氟化钠化学式为NaF中氟元素的化合价为： +1+x=0，就 x= 1 应选： C5. 1 分水样酸性最强的是ApH=1.3 的工业废水 BpH=4.5 的雨水CpH=7.0 的蒸馏水DpH=7.3 的矿泉水【解答】 解： A、工业废水的 pH 为，小于 7，显酸性B、雨水的 pH 为，小于 7，显酸性 C、蒸馏水的 pH 为，等于 7，显中性 D、矿泉水的 pH 为，大于 7，显碱性依据当溶液的 pH 小于 7 时，呈酸性，且 pH 越小，酸性越强，工业废水的pH 最小，所以酸性最强 应选 A6. 1 分属于有机物的是A. 碳酸钙B酒精C二氧化碳D碳酸【解答】 解： A、碳酸钙中虽然含有碳元素，但是其性质与无机物相像，能把它看做无机物，故错误；B、酒精中含有碳元素，属于有机物，属于最简洁的有机物，故正确；C、二氧化碳中虽然含有碳元素， 但是其性质与无机物相像， 能把它看做无机物， 故错误；D、碳酸中虽然含有碳元素，但是其性质与无机物相像，能把它看做无机物，故错误欢迎下载精品学习资源应选 B7. 1 分不能形成水溶液的是A. 味精B食盐C白糖D芝麻油【解答】 解： A、味精易溶于水，形成均一、稳固的混合物，属于溶液，应选项错误B、食盐易溶于水，形成均一、稳固的混合物，属于溶液，应选项错误 C、白糖易溶于水，形成均一、稳固的混合物，属于溶液，应选项错误D、芝麻油难溶于水，不能和水形成均一、稳固的混合物，即不能够形成溶液，应选项正确 应选： D8. 1 分化学用语与含义相符的是A. 2O：2 个氧元素B. ：铁元素的化合价为 +3 价CH2：2 个氢原子DZn：锌分子【解答】 解： A、元素只讲种类不讲个数，元素符号前面的数字表示几个这样的原子，故 2O 表示 2 个氧原子，应选项错误；B、元素符号正上方的数字表示元素的化合价， 故表示铁元素的化合价为 +3 价， 应选项正确；C、H2 可表示氢气或一个氢分子， 2 个氢原子可表示为 2H，应选项错误；D、Zn 可表示金属锌、一个锌原子、锌元素等，不能表示锌分子，应选项错误； 应选 B9. 1 分灼烧某硫酸盐时透过蓝色钴玻璃片观看到火焰呈紫色，该硫酸盐是AK2S BNa2SCNa2SO4DK2SO4【解答】 解： A、蘸取 K2S 溶液在火焰上灼烧，含有钾元素，灼烧时火焰的颜色欢迎下载精品学习资源呈紫色，但 K2S不属于硫酸盐，应选项错误B、蘸取 Na2S溶液在火焰上灼烧，含有钠元素，灼烧时火焰的颜色呈黄色，而不是紫色，应选项错误C、蘸取 Na2SO4 溶液在火焰上灼烧，含有钠元素，灼烧时火焰的颜色呈黄色，而不是紫色，应选项错误D、蘸取 K2SO4 溶液在火焰上灼烧，含有钾元素，灼烧时火焰的颜色呈紫色，且K2SO4 属于硫酸盐，应选项正确 应选： D10. 1 分某反应： 2NO+2COX+2CO2，X 的化学式为AN2BNO2 CN2O3DNH3【解答】解：由质量守恒定律：反应前后，原子种类、数目均不变，由反应的化学方程式 2NO+2COX+2CO2，反应前氮、氧、碳原子个数分别为2、4、2，反应后的生成物中氮、 氧、碳原子个数分别为 0、4、2，依据反应前后原子种类、数目不变，就每个 X 分子由 2 个氮原子构成，就物质 X 的化学式为 N2应选： A11. 1 分物质用途错误的选项是A干冰：作制冷剂 B稀有气体：作电光源C金刚石：作电极 D草木灰：作钾肥【解答】 解： A、干冰易升华吸热，使四周温度降低，可以作制冷剂，故A 说法正确；B、稀有气体充电后能显现不同颜色的光，可以作多种电光源，故B 说法正确； C、金刚石不能导电，不能做电极，故C说法错误；D、草木灰中含有钾元素，可以作钾肥，故D 说法正确 应选 C12. 1 分图示试验操作正确的选项是欢迎下载精品学习资源A加热液体B振荡试管C放回滴瓶 D检查气密性【解答】 解： A、给试管内的液体加热时，试管内液体不行超过试管容积的三分之一，试管与桌面成 45°角，用外焰加热，故 A 正确；B、振荡试管时要左右晃动，不行上下晃动，故B 错误；C、滴瓶内的专用滴管不需清洗，故C错误；D、检查图示装置的气密性时，用夹子夹住导管，向长颈漏斗中加水，漏斗中的液面不下降，说明气密性良好，故D 错误应选 A13. 1 分增加 CO2 在水中的溶解度，可行的操作是A升温B加压C增加水量D不断通入 CO2【解答】解：气体的溶解度随温度的上升而减小，随着压强的增大而增大，故要增加 CO2 在水中的溶解度，可以接受加压、降温的操作方法A、气体的溶解度随温度的上升而减小，升温能降低CO2 在水中的溶解度，应选项错误；B、气体的溶解度随着压强的增大而增大，加压能增加CO2 在水中的溶解度，应选项正确；C、溶解度不受溶剂质量、溶液质量多少的影响，增加水量不能增加CO2 在水中的溶解度，应选项错误；D、溶解度不受溶剂质量、溶液质量多少的影响，增加二氧化碳的量，也不能增加溶解量，不能增加 CO2 在水中的溶解度，应选项错误应选： B欢迎下载精品学习资源14. 1 分关于水的说法错误的选项是A水净化加入明矾使小颗粒凝聚 B水净化通入氯气杀菌消毒 C水净化沙滤装置除去不行溶性杂质 D水电解产生 H2 和 O2 的质量比 2： 1【解答】 解： A、由于明矾溶于水的生成物具有吸附性，水净化加入明矾使小颗粒凝聚，故 A 正确；B、由于氯气溶于水生成的次氯酸具有氧化性， 所以水净化通入氯气能杀菌消毒， 故 B 正确；C、水净化沙滤装置除去不行溶性杂质，故C正确；D、水电解产生 H2 和 O2 的体积比 2： 1，质量比是 1：8，故 D 错误 应选 D15. 1 分试验操作能够到达目的是A. 证明金属活动性 ZnFeB. 比较 MnO2 和 Fe2O3 的催化成效C. 探究溶解性的影响因素D. 探究分子的运动欢迎下载精品学习资源【解答】 解： A、比较锌和铁的金属活动性，应把握其它因素相同，选项中使用的酸不同，无法比较金属活动性，应选项试验操作不能够到达目的B、比较 MnO2 和 Fe2O3 的催化成效，由于过氧化氢溶液的浓度不同，不能比较MnO2 和 Fe2O3 的催化成效，应选项试验操作不能够到达目的C、探究溶解性的影响因素，应把握其它因素相同，选项中溶剂不同，无法确定探究溶解性的影响因素，应选项试验操作不能够到达目的D、浓盐酸易挥发，挥发出的氯化氢气体溶于水其溶液为酸性，大烧杯外的紫色石蕊溶液起比照作用， 试验现象为大烧杯中的紫色石蕊溶液变红， 但浓盐酸与紫色石蕊溶液没有直接接触， 说明分子是在不断的运动的， 应选项试验操作能够到达目的应选： D16. 1 分为了证明氢氧化钠溶液已变质，其中不能到达试验目的是A通适量 CO2 气体 B加入澄清石灰水C加入氯化钡溶液 D加入足量盐酸【解答】解：氢氧化钠变质是由于与空气中的二氧化碳反应生成碳酸钠，证明氢氧化钠溶液已变质，即证明有碳酸钠存在A、二氧化碳不与碳酸钠溶液反应，不能用于证明氢氧化钠溶液已变质，应选项正确B、碳酸钠与澄清石灰水反应生成碳酸钙白色沉淀和氢氧化钠，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，应选项错误C、碳酸钠与氯化钡溶液反应生成碳酸钡白色沉淀和氯化钠，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，应选项错误D、碳酸钠与足量盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，可用于证明氢氧化钠溶液已变质，应选项错误应选： A17. 1 分推理是化学学习中常用的思维方法，推理正确的选项是A. 化学反应前后由于原子个数不变，就分子个数确定不变欢迎下载精品学习资源B. 单质中只含一种元素，就只含一种元素的纯洁物确定是单质 C向固体中滴加稀盐酸，假设有气泡产生，就固体中确定含有碳酸根D碱溶液呈碱性，就呈碱性的溶液确定是碱溶液【解答】 解： A、化学变化的实质是分子分成原子，原子再重新组合成新分子，化学变化中分子个数可能发生转变，应选项推理错误B、单质中只含一种元素，就只含一种元素的纯洁物确定是单质，应选项推理正确C、向固体中滴加稀盐酸，假设有气泡产生，固体中不愿定含有碳酸根，也可能是活泼金属等，应选项推理错误D、碱溶液呈碱性， 但呈碱性的溶液不愿定是碱溶液， 也可能是碳酸钠等盐溶液， 应选项推理错误应选： B18. 1 分除去物质中混有的少量杂质，所选用的试剂及操作方法正确的选项是物质杂质除杂质应选用的试剂和操作方法A N2O2铁丝，点燃B CaOCaCO3 固体加水，过滤C CuNO32 溶液AgNO3 溶液加过量的铜粉，过滤D KNO3 溶液KOH 溶液加适量的 CuSO4 溶液，过滤AABBCCDD【解答】 解： A、铁丝在含有少量氧气的氮气中不能燃烧，不能除去杂质，不符合除杂原就，应选项所实行的方法错误B、CaO 能与水反应生成氢氧化钙，碳酸钙难溶于水，反而会把原物质除去，不符合除杂原就，应选项所实行的方法错误C、过量的铜粉能与 AgNO3 溶液反应生成硝酸铜溶液和银，再过滤，能除去杂质且没有引入新的杂质，符合除杂原就，应选项所实行的方法正确D、KOH 溶液能与适量的 CuSO4 溶液反应生成氢氧化铜沉淀和硫酸钾，能除去杂质但引入了新的杂质硫酸钾，不符合除杂原就，应选项所实行的方法错误欢迎下载精品学习资源应选： C19. 1 分将 100g 碳酸钙高温煅烧一段时间后， 冷却测得剩余固体质量为78g， 再向剩余固体中加入足量稀盐酸， 充分反应后， 理论上共产生二氧化碳的物质的量是A B C D1mol【解答】解：依据题意，碳酸钙高温煅烧生成氧化钙和二氧化碳，碳酸钙与稀盐 酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，碳酸钙无论是高温煅烧仍是加入足量稀盐酸， 其中的碳酸根离子都会转化为二氧化碳，100g 碳酸钙转化为二氧化碳的量与高温煅烧仍是加入足量稀盐酸无关；设理论上共产生二氧化碳的质量为锌，可得关系式： CaCO3CO2， 10044100gxx=44g共产生二氧化碳的物质的量为=1mol 应选： D20. 1 分向确定量 AgNO3 溶液中加入铜、锌的混合粉末，充分反应后过滤， 得到溶液甲和固体乙，以下判定错误的选项是 A假设向溶液甲中滴加氯化钠溶液产生白色沉淀，就固体乙是Ag B假设溶液甲呈蓝色，就固体乙中确定含Ag，可能含有 Cu C假设固体乙中含有锌、铜、银三种金属，就溶液甲中的溶质是ZnNO32 D假设向固体乙中滴加稀盐酸没有气泡，就溶液甲中的溶质可能有两种情形【解答】 解： A、假设向溶液甲中滴加氯化钠溶液产生白色沉淀，说明硝酸银过量，锌和铜完全反应，就固体乙是反应生成的Ag，该选项说法正确；B、假设溶液甲呈蓝色，就固体乙中确定含Ag，可能含有 Cu，例如铜和硝酸银反应生成硝酸铜和银，硝酸铜溶液是蓝色溶液，假如铜过量，就乙中含有铜，该欢迎下载精品学习资源选项说法正确；C、假设固体乙中含有锌、铜、银三种金属，说明硝酸银不足以和锌完全反应，铜没有反应，就溶液甲中的溶质是锌和硝酸银反应生成的ZnNO32，该选项说法正确；D、假设向固体乙中滴加稀盐酸没有气泡，就溶液甲中的溶质可能的情形有：锌 不足时，溶质是过量的硝酸银和反应生成的硝酸锌， 锌恰好和硝酸银反应时溶质是反应生成的硝酸锌， 锌完全反应后硝酸银过量， 铜和硝酸银反应时铜不足， 溶质是硝酸锌、 剩余的硝酸银和反应生成的硝酸铜， 铜和硝酸银恰好完全反应时溶质是反应生成的硝酸锌和硝酸铜，该选项说法不正确应选： D七、填空题共 20 分21. 5 分试验室有四个药品橱，已存放如下药品：试验室新购进一些木炭， 应将它存放在甲 橱中填“甲”、“乙”、“丙”或“丁”甲橱红磷在氧气中燃烧的主要现象是冒出大量的白烟，放出大量的热乙橱中的固体物质可以作干燥剂的是NaOH写化学式丙橱中药品都属于盐 类别填 “酸”、“盐”或“单质”丁橱的物质露置于空气一段时间后不考虑水分挥发，说法正确的选项是IIII溶质质量都削减 II溶剂质量都增大溶质质量分数都削减 溶液质量都削减【解答】解：甲中硫、红磷属于非金属单质，购进的木炭属于非金属单质，因此应将它存放在甲厨中，故填：甲；红磷在氧气中燃烧的主要现象是冒出大量的白烟，放出大量的热， 故填： 冒出大量的白烟，放出大量的热欢迎下载精品学习资源氢氧化钠固体具有吸水性，可以作干燥剂，故填：NaOH；胆矾、石碱都是由金属离子和酸根离子构成的化合物，都属盐，故填：盐；、I浓盐酸挥发出溶质氯化氢而导致溶质削减，浓硫酸溶质不变，故错误； II浓盐酸溶剂质量不变，浓硫酸具有吸水性，易吸取空气中的水分而使溶剂质量增加，故错误； 浓盐酸具有挥发性，易挥发出溶质氯化氢而导致溶液中溶质质量分数减小，浓硫酸具有吸水性，易吸取空气中的水分而使溶质质量分数减小，故正确； 浓盐酸挥发出溶质而导致溶液质量减小，浓硫酸易吸水而使溶液质量增加，故错误应选 III22. 5 分尿素是一种常用的化肥，工业上生产尿素的微观反应示意图如下：尿素的化学式为 CONH22，由 4种元素组成， 摩尔质量为60g/mol，氮元素的质量分数为46.7%精确到 0.1%，0.1mol 的尿素中约含氢原子×1023个用科学记数法表示生产尿素的反应中，物质A 与 B 的物质的量之比为2：1【解答】 解：依据工业上生产尿素的反应的微观示意和质量守恒定律可知，A、B、C、D 分别为 NH3、CO2、CONH22、H2O，反应的方程式是： 2NH3+CO2CONH22+H2O，由此可知：尿素的化学式为 CONH22，由 4 种元素组成，尿素的相对分子质质量是： 12+16+14+1× 2× 2=60，所以尿素的摩尔质量为60g/mol ，氮元素的质量分数为： 46.7%，由于 1mol 的尿素中约含分子的个数是：× 1023个，一个尿素分子中含有 4 个氢原子，所以， 0.1mol 的尿素中约含氢原子的个欢迎下载精品学习资源数是：× 1023×× 4× 1023由上述方程式可知， 生产尿素的反应中， 物质 A 与 B 的物质的量之比为 2： 1故答为： 4；60g/mol ； 46.7%；× 1023； 2：123. 5 分如图 1 是 X、Y、Z 三种固体物质的溶解度曲线，请答复以下问题：t3°C时三种物质溶解度由大到小的次序是X=Y Z要使饱和的Z 溶液变为不饱和溶液，可实行的一种措施是降温 t2° C时，25gX 的饱和溶液中含有 5gX，就此时 X 的溶解度是25g/100g 水溶液 Y 中含有少量的X，要得到较纯洁的 Y，可以接受的方法是降温结晶t3°C X的不饱和溶液逐步冷却至t 1°，C图 2 中有关量随时间变化的趋势确定错误的选项是BD【解答】解：据图可以看出，t3°C时三种物质溶解度由大到小的次序是X=Y Z，故填： X=Y Z；Z 的溶解度随温度的降低而增大，故要使饱和的Z 溶液变为不饱和溶液，可以接受降温的方法，故填：降温；t2° C时，25gX 的饱和溶液中含有 5gX，就此时 X 的溶解度是：=25g，故填： 25；Y 的溶解度随温度的上升而增大明显，故溶液Y 中含有少量的 X，要得到较纯洁的 Y，可以接受降温结晶的方法，故填：降温结晶；t3°C X的不饱和溶液逐步冷却至t 1°，C溶质质量可能开头不变， 然后析出晶体，最终不变， A 可能正确；溶解度不会保持不变，确定是逐步减小，错误；假设是始终没有晶体析出，就溶质质量分数保持不变，C可能正确；一降温就析出晶体欢迎下载精品学习资源的只有饱和溶液， X的不跑和溶液降温会先变成饱和溶液， 然后才会有晶体析出，D 错误 故填： BD245 分依据下面的试验过程和供应的数据，答复以下问题水分的蒸发，假设生成的气体全部逸出不考虑反应中生成二氧化碳的物质的量mol通过化学方程式运算大理石中碳酸钙的质量分数80%写出运算过程过滤后溶液的质量为g【解答】 解：由质量守恒定律可知，生成二氧化碳的质量为：50g+10g，二氧化碳的物质的量是：设大理石中碳酸钙的质量为 xCaCO3+2HCl=CaC2l+H2O+CO2 10044x解得： x=8g大理石中碳酸钙的质量分数是：=80%过滤后溶液的质量为： 50g+8g 故填：； 80%； 八、简答题共 20 分25. 8 分下面是试验室常用的一些装置，请依据要求答复以下问题欢迎下载精品学习资源写出仪器 a 的名称锥形瓶用氯酸钾和二氧化锰制取氧气时，反应的化学方程式是2KClO3 2KC+l 3O2 ，可以选用的发生装置是D填装置编号，假设用 E 装置进行收集，就氧气应由导管c进入C 装置叫启普发生器， 可通过调剂导管上的活塞来把握反应的发生与停止要将 B 装置改良成具有C的功能，一般需再增加的一个试验用品是多孔塑料隔板 用双 氧水 和二氧化锰制 取氧 气， 反应的化学方程式是2H2O2 2H2O+O2 ；图 2 是溶质质量分数分别为 w1、w 2、w3、w 4 的双氧水完全分解生成氧气的体积与时间的关系的示意图为使反应能保持平稳地进行，需考虑的因素是：发生装置：选用 A 的理由是能通过分液漏斗把握液体试剂滴加速度； 选择合适浓度的双氧水【解答】 解：仪器 a 的名称是锥形瓶；故填：锥形瓶；氯酸钾在二氧化锰作催化剂加热的条件下分解为氯化钾和氧气，该反应属于固体加热型， 所以选择仪器 D 来制取， 氧气的密度比空气大， 所以用装置 E 收集氧气时，氧气从长管进入；故填： 2KClO32KC+l 3O2；D； c；启普发生器能把握化学反应的开头与停止， 所以要将图 B 改良成具有图 C的功能，一般需增加的试验用品是：多孔塑料隔板；故填：多孔塑料隔板；过氧化氢在二氧化锰的催化作用下分解为水和氧气；为使反应能保持平稳地进欢迎下载精品学习资源行可以选择装置 A，A 装置可以通过分液漏斗把握液体试剂滴加速率来把握反应的速度；由图 2 可知，过氧化氢溶液的浓度越小，反应的速度越慢，所以可以考虑的另一个因素是过氧化氢溶液的浓度；故填：2H2O22H2O+O2；能通过分液漏斗把握液体试剂滴加速度；选择合适浓度的双氧水26. 5 分向确定质量的 Na2CO3、Na2SO4 混合溶液中先后滴加 BaC2l 、HCl溶液，反应过程中加入溶液的质量与产生沉淀或气体的质量关系如图 写 出0 a过 程 中 的 发 生 反 应 的 一 个 化 学 方 程 式Na2CO3+BaC2l =2NaC+l BaCO3 ，反应类型复分解反应加入盐酸 bc 的现象是沉淀部分溶解，有气泡产生c 点溶液中含有的溶质是NaCl、BaC2l a、b、c、d 四点所含 BaC2l 的质量关系是dcba用“”、“”或“ =”表示【解答】 解： 0a 过程中，氯化钡和碳酸钠反应生成碳酸钡沉淀和氯化钠， 和 硫 酸 钠 反 应 生 成 硫 酸 钡 沉 淀 和 氯 化 钠 ， 反 应 的 化 学 方 程 式 为 ： Na2CO3+BaC2l =2NaC+l BaCO3， BaC2l +Na2SO4 BaSO4+2NaCl，都属于复分解反应故填： Na2CO3+BaC2l =2NaC+l BaCO3；复分解反应加入盐酸时，碳酸钡和稀盐酸反应生成氯化钡、水和二氧化碳，bc 的现象是沉淀部分溶解，有气泡产生故填：沉淀部分溶解，有气泡产生c 点溶液中含有的溶质是碳酸钠、硫酸钠和氯化钡反应生成的NaCl 和碳酸钡欢迎下载精品学习资源和稀盐酸反应生成的 BaC2l故填： NaCl、BaC2la 点时，氯化钡恰好和碳酸钠、硫酸钠反应，质量是0，c 点时，氯化钡的质量是 ab 的氯化钡质量和 bc 时碳酸钡和稀盐酸反应生成的氯化钡质量之和， 因此 c 点氯化钡质量大于 b 点氯化钡质量， d 点时，氯化钡的质量是 ab 的氯化钡质量和碳酸钡和稀盐酸完全反应生成的氯化钡质量之和，因此 d 点时氯化钡质量最大，因此 a、b、c、d 四点所含 BaC2l 的质量关系是 d c b a故填： dcba27. 7 分某小组同学利用混有少量CO2 的 CO 气体进行复原氧化铜试验并验证有关气体的性质装置气密性良好 ：试验开头时，先通气体选填 “通气体 ”或“加热”，目的是排尽装置中的空气，防止加热发生爆炸B 中的现象是黑色粉末逐步变红，反应的化学方程式是CO+CuOCu+CO2小红同学认为 C 中气体是 CO2、CO、H2O，但上述 A：E 装置不能验证小红同学的观点，装置正确的连接是AB DCE 小兰同学认为为了防止溶液倒吸，本试验停止加热前先断开B 和 C 的连接，小明同学认为不需要，理由是 在停止加热前始终在通气体，不能导致溶液倒吸试验后小高同学又指出： 上图装置的尾气处理 E 也可以用 F 装置代替， F 装置的作用是贮存 CO 气体 欢迎下载精品学习资源【解答】解：由于一氧化碳与空气的混合气体遇明火易发生爆炸，试验开头时，先通 CO，目的是排尽装置内的空气，防止加热发生爆炸在加热的条件下，一氧化碳具有复原性，能复原氧化铜， B 中的现象是：黑色粉末逐步变红，反应的化学方程式： CO+CuOCu+CO小红同学认为 C 中气体是 CO2、CO、H2O，但上述 A：E 装置不能验证小红同学的观点在验证水时，应放在通入溶液之前，水常用无水硫酸铜来检验，二氧化碳常用澄清的石灰水来检验， 一氧化碳具有可燃性燃烧时产生蓝色火焰， 所以装置正确的连接是： ABDCE小兰同学认为为了防止溶液倒吸，本试验停止加热前先断开B 和 C 的连接，小明同学认为不需要，理由是在停止加热前始终在通气体，不能导致溶液倒吸试验后小高同学又指出：上图装置的尾气处理E 也可以用 F 装置代替，由 F装置的特点可知， F装置的作用是：贮存 CO 气体故答为：通气体，排尽装置内的空气， 防止加热发生爆炸； 黑色粉末逐步变红，CO+CuOCu+CO2； D CE；在停止加热前始终在通气体，不能导致溶液倒吸；贮存 CO 气体欢迎下载