2022年普通高等学校招生全国统一考试模拟试题.docx

精品学习资源高考模拟试题精编 一【说明】本试卷分第一卷 挑选题 和第二卷 非挑选题 两部分满分100分，考试时间 90 分钟 第一卷 挑选题共 40 分一、挑选题 ：此题共 10 小题，每道题 4 分，共 40 分在每道题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4 分，选不全的得 2 分，有错选或不答的得0 分1. 在物理学进展的过程中，有很多宏大的科学家做出了奉献关于科学家和他们的奉献， 以下说法正确选项 A 安培第一提出了磁场对运动电荷的作用力公式B 法拉第依据小磁针在通电导线四周的偏转发觉了电流的磁效应C楞次发觉了电磁感应现象，并讨论得出了判定感应电流方向的方法 楞次定律D 法国物理学家库仑利用扭秤试验发觉了电荷之间的相互作用规律 库仑定律2. 如下列图，两个等量异种点电荷对称地放在一无限大平面的两侧两点电荷未画出 ， O 点是两点电荷连线与平面的交点，也是连线的中点在平面内以O 点为圆心画两个同心圆，两圆上分别有a、b、c、d 四个点，就以下说法错误选项 A a、c 两点电场强度大小相等B c、d 两点电场强度肯定相等C a、b 两点电势肯定相等D a、 d 两点电势肯定相等3. a、 b 两车在同始终线上做匀加速直线运动，v t 图象如下列图，在15 s 末两车在途中相遇，由图象可知A a 车的速度变化比 b 车慢B 动身前 a 车在 b 车之前 75 m 处C动身前 b 车在 a 车之前 150 m 处D 相遇前 a、b 两车的最远距离为150 m4. 2021 年 6 月，“神九”飞天，“蛟龙”探海，实现了“可上九天揽月，可下五洋捉鳖”这个布满浪漫主义气概的抱负处于 340 km 高空的“神九”和处于7 000 m 深海的“蛟龙”的向心加速度分别为a1 和 a2，转动的角速度分别为 1 和 2，以下说法中正确选项rA 由于“神九”离地心的距离较大，依据 v得： 1<2欢迎下载精品学习资源B 依据 2T 可知， 与圆周运动的半径r 无关，所以 1 2GM欢迎下载精品学习资源C由于“神九”离地心的距离较大，依据ar 2 得： a1<a2欢迎下载精品学习资源2D 由于“神九”离地心距离较大且角速度也较“蛟龙”大，依据a r 得： a1>a25. 甲、乙两运动物体在 t1 、t2、t3 时刻的速度矢量分别为v1、v2、v 3 和 v 1、v 2、v 3 .以下说法中正确选项 A 甲做的可能是直线运动，乙做的可能是圆周运动欢迎下载精品学习资源B 甲和乙可能都做圆周运动C甲和乙受到的合力都可能是恒力D 甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不行能是恒力6. 如图，在固定斜面上的一物块受到一外力F 的作用， F 平行于斜面对上如要物块在斜面上保持静止，F 的取值应有肯定范畴，已知其最大值和最小值分别为F 1 和 F2 F2>0 由此可求出 A 物块的质量B 斜面的倾角C物块与斜面间的最大静摩擦力D 物块对斜面的正压力7. 导体 A、B、C 的伏安特性曲线分别是图线1、2、3，其中导体 C 为一非线性电阻当它们串联后接在电压恒为6 V 的直流电源两端时，它们的电阻分别为R1、R2、R3，就以下说法正确选项 A 此时流过三导体的电流均为1 A B R1R2 R3 13 2C如将三导体串联后接在3 V 的直流电源上，就三导体的阻值之比不变D 如将三导体并联后接在3 V 的直流电源上， 就通过它们的电流之比I1 I2 I 3 3 218. 自耦变压器的输入端接在内阻为r 的沟通电源上， 输出端接阻值为 R 的负载 假如要求负载 R 上消耗的电功率最大，变压器原、副线圈的匝数比应为变压器为抱负变压器，输入端的电动势恒定RRA 小于rB等于r欢迎下载精品学习资源C等于RRrD大于r欢迎下载精品学习资源9. 如下列图，两个质量均为m 的完全相同的小球A 和 B 用轻杆连接，由静止从曲面上释放至滑到水平面的过程中，不计一切摩擦，就杆对A 球做的功为 11A. 2mghB 2mghC mghD mgh10. 如下列图， 质量为 M 的足够长金属导轨abcd 放在光滑的绝缘水平面上 一电阻为 r ，质量为 m 的导体棒 PQ 放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc 构成矩形棒与导轨间光滑、棒左侧有两个固定于水平面的光滑立柱导轨bc 段电阻为 R，长为 L，其他部分电阻不计以ef 为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向右，磁感应强度大小均为B.在 t 0 时，一水平向左的拉力F 垂直作用在导轨的bc 边上，使导轨由静止开头做匀加速直线运动，加速度为a.就A F 与 t 成正比B F 与 t 2 成正比C当 t 达到肯定值时， QP 刚好对轨道无压力欢迎下载精品学习资源D 如 F0， PQbc 静止， ef 左侧磁场匀称减小，当好对轨道无压力Bt 达到肯定值时， QP 刚欢迎下载精品学习资源答题栏题号12345678910答案欢迎下载精品学习资源第二卷 非挑选题共 60 分二、非挑选题 ：此题共 5 小题，共 60 分按题目要求作答解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤只写出最终答案的不能得分有数值运算的题，答案中必需明确写出数值和单位11.5 分现用如下列图的装置探究“加速度与物体受力的关系”小车所受拉力及其速度可分别由拉力传感器和速度传感器记录下来速度传感器安装在距离L48.0 cm 的长木板的 A、B 两点(1) 试验主要步骤如下：A 将拉力传感器固定在小车上；B 平稳摩擦力，让小车在没有拉力作用时能做匀速直线运动；C把细线的一端固定在拉力传感器上，另一端通过定滑轮与轻质小盘盘中放置砝码 相连；D 接通电源后自 C 点释放小车，小车在细线拉动下运动，记录细线拉力F 的大小及小车分别到达 A、B 时的速率 v A、v B；E转变小盘中砝码的数量，重复D 的操作 由以上试验可得出加速度的表达式a.(2) 现已得出理论上的aF 图线，某同学又用描点法依据试验所得数据，在坐标纸上作出了由试验测得的aF图线对比试验结果与理论运算得到的两个关系图线，偏差的主要缘由是12. 10 分某同学要测量一节干电池的电动势和内阻他依据老师供应的以下器材画出了如下列图的原理图 A 电压表 V15 V ,10k B 电流表 G 量程 3.0 mA ，内阻 Rg 为 10 C电流表 A 量程 0.6 A，内阻约为 0.5 D 滑动变阻器R10 20 ， 10 A E滑动变阻器 R20100，1 A F定值电阻 R3 990 G开关 S 和导线如干(1) 该同学没有选用电压表是由于 ；欢迎下载精品学习资源(2) 该同学将电流表G 与定值电阻R3 串联，实际上是进行了电表的改装，就他改装的电压表对应的量程是 V ；(3) 为了能精确地进行测量，同时为了操作便利， 试验中应选用的滑动变阻器是 填写器材前的字母编号；(4) 该同学利用上述试验原理图测得以下数据，并依据这些数据绘出了如下列图的图线，依据图线可求出干电池的电动势 EV 保留 3 位有效数字 ，干电池的内阻 r 保留 2 位有效数字 .1234561.371.351.261.241.181.110.120.160.210.280.360.43序号 电流表 G I1/mA电流表 AI2/A13. 13 分如下列图，在光滑水平面上有一长为L 1、宽为 L 2 的单匝矩形闭合导体线框abcd，处于磁感应强度为B 的有界匀强磁场中，其ab 边与磁场的边界重合线框由同种粗细匀称的导线制成，它的总电阻为R.现用垂直于线框 ab 边的水平拉力，将线框以速度v 向右沿水平方向匀速拉出磁场此过程中保持线框平面与磁感线垂直，且 ab 边与磁场边界平行，线框中产生的焦耳热与导体线框abcd 以 ab 为轴匀速顺时针 cd 向上 转动 90°过程中线框中产生的焦耳热相同求线框匀速转动的角速度14.14 分如下列图， 传送带 A、B 间距离 L 5 m 且在同一水平面内， 两个轮子半径均为 r 0.2 m，半径 R 0.4 m 的固定竖直光滑圆轨道与传送带相切于 B 点，C 点是圆轨道的最高点 当传送带静止不动时， 质量 m 1 kg 的小煤块在 A 点以初速度 v0 2 15 m/s 开头运动，刚好能运动到 C 点重力加速度 g 10 m/s2 .求：(1) 当传送带的轮子以 10 rad/s 的角速度匀速转动时，将小煤块无初速地放到传送带上的 A 点，求小煤块从 A点运动到 B 点的过程中在传送带上划过痕迹的长度(2) 当传送带的轮子匀速转动的角速度在什么范畴内时，将小煤块无初速地放到传送带上的 A 点，小煤块运动到 C 点时对圆轨道的压力最大，最大压力FC 是多大欢迎下载精品学习资源15.18 分如下列图，电源电动势为 E0未知 ，内阻不计，滑动变阻器的滑片 P 处于 R 的中点一质量为 m，带电荷量为 q 的粒子 重力不计 从加速电场 AK 中的 s1 点由静止经加速电场加速后，沿 s1s2 方向从边长为 L 的正方形场区的中间进入有界匀称场区当场区内只加竖直向上的匀强电场 电场强度为 E时，带电粒子恰从 b 点射出场区(1) 求加速电源的电动势 E0.(2) 如滑动变阻器的滑片位置不变， 场区内只加垂直纸面对里大小为 B 的匀强磁场， 带电粒子仍从 b 点射出，就带电粒子的比荷 q为多大？m(3) 如使带电粒子进入场区后不转变方向，需在场区内同时加匀强电场和匀强磁场，求所加复合场的电场强度E1 与磁感应强度 B1 之比附加题 ：此题共 3 小题，每道题 15 分分别考查 3 3、3 4、3 5 模块请考生依据本省考试情形挑选相应题目作答，其分值不计入总分1 物理 选修 3315 分15 分以下说法中正确选项A 物体是由大量分子组成的，分子间的引力和斥力同时随分子间距离的增大而减小B 悬浮在水中的花粉颗粒运动不是水分子的运动，而是花粉分子的运动C物体的机械能可以为零，而内能不行以为零D 其次类永动机违反能量守恒定律E肯定质量的抱负气体压强不变，温度上升时吸取的热量肯定大于内能的增加量25 分已知家用煤气的主要成分是一氧化碳，其密度小于空气的密度，且空气在常温下的密度为1.29 kg/m 3， 假如家庭显现了煤气泄漏，当煤气的质量达到空气总质量的6% 时可发生爆炸如某家庭密闭的厨房中煤气发生泄漏，且泄漏的速度是10 g/min，就煤气可发生爆炸时煤气已经泄漏了 h；如爆炸时厨房的温度快速上欢迎下载精品学习资源升到 1 500，就此时厨房内的气体压强为 Pa.假设厨房的空间体积为30 m3，大气压强为 105 Pa，厨房欢迎下载精品学习资源温度为 27，忽视煤气泄漏及爆炸反应对厨房内空气分子数的影响 3欢迎下载精品学习资源5 分如下列图，光滑水平地面上放有一质量为m 的导热气缸，用活塞封闭了一部分气体活塞质量为m2 ，截面欢迎下载精品学习资源积为 S，可无摩擦滑动，气缸静止时与缸底距离为L0 .现用水平恒力 F 向右推气缸，最终气缸与活塞达到相对静止状态已知大气压强为p0.求：稳固时封闭气体的压强；稳固时活塞与气缸底部的距离2 物理 选修 3415 分15 分欧洲大型强子对撞机是现在世界上体积最大、能量最高的加速器，是一种将粒子加速对撞的高能物理设备 该设备能把数以万计的粒子加速到相当于光速的99.9% ，粒子流每秒可在隧道内狂飙11 245 圈，单束粒子能量可达 7 万亿电子伏就以下说法中错误选项 欢迎下载精品学习资源A 假如连续对粒子进行加速，粒子的速度不能达到光速B 假如连续对粒子进行加速，粒子的速度能够达到光速C假如连续对粒子进行加速，粒子的速度能够超过光速D 粒子高速运动时的质量大于静止时的质量E粒子高速运动时的质量小于静止时的质量25 分一简谐横波以2 m/s 的波速沿 x 轴正方向传播 已知 t0 时的波形如下列图， 就该波的周期为，t 0 时刻 x 0 处的质点运动方向为， x 0 处的质点在最短时间ts 时速度值最大35 分为了讨论光通过折射率n 1.6 的球形玻璃的偏折现象，让一细束光线射入玻璃球，玻璃球的半径R 10mm ，球心 O 到入射光线的垂直距离d 8 mm.sin 53 °0.8在图上画出该束光线射入玻璃球后，第一次从玻璃球中射出的光路图求这束光线从射入玻璃球到第一次射出玻璃球，光线偏转的角度3 物理 选修 3515 分15 分关于近代物理内容的如干表达正确选项 A 自然界中含有少量的14C,14C 具有放射性，能够自发地进行衰变，因此在考古中可利用14C 来测定岁月B 重核的裂变过程质量增大，轻核的聚变过程有质量亏损C比结合能越大，表示原子核中核子结合得越坚固，原子核越稳固D 依据玻尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放肯定频率的光子，同时电子的动能增大，电势能减小E紫外线照耀到金属锌板表面时能够发生光电效应，就当增大紫外线的照耀强度时，从锌板表面逸出的光电子的最大初动能也随之增大25 分核能发电已经成为人类开发和利用新能源的重要途径，某舰艇想依靠所携带的10.9 kg 铀丸，利用其放射欢迎下载精品学习资源性衰变释放的能量发电已知铀丸238234、m 、m表示衰欢迎下载精品学习资源变过程中 23823492U 衰变后成为90Th ，就衰变方程为；如分别用 m123欢迎下载精品学习资源92U 核、 90Th 核和放出的粒子的质量，就衰变过程中释放出的核能可以表示为35 分如下列图，质量为m1 60 kg 的滑块在光滑水平面上以速度v 1 0.5 m/s 向右运动，质量为m2 40 kg 的滑块 包括小孩 在光滑水平面上以速度v2 3 m/s 向左运动，为了防止两滑块再次相碰，在两滑块靠近的瞬时，m2 上的小孩用力将 m1 推开 求小孩对 m1 做功的范畴 滑块 m2 与右边竖直墙壁碰撞时无机械能缺失，小孩与滑块不发生相对滑动，光滑水平面无限长欢迎下载精品学习资源高考模拟试题精编 一参考答案1 D洛伦兹提出了磁场对运动电荷的作用力公式，A 错奥斯特发觉了电流的磁效应，B 错法拉第发觉了电磁感应现象， C 错库仑利用扭秤发觉了电荷之间的相互作用规律，D 正确2A由于两个等量异种点电荷对称地放在大平面的两侧，电场线应当垂直平面，且该平面应当是一个等势面， 所以 C、D 说法是正确的，依据电场线的分布情形，说法A 错、 B 正确，应选 A.15223022欢迎下载精品学习资源3 AD由 v t 图象可知，两车的加速度分别为aa10 m/s 1.5 m/s ， ab 15m/s 2 m/s，车的加速度是欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源表示车的速度变化快慢的物理量，A 对；相遇时， xa 1×10× 15 m 75 m， xb 115× 30 m 225 m， xa x欢迎下载精品学习资源×22 xb，所以 a 车在 b 车前 x xb xa 150 m， B、C 错误；由图象可知，两车位移差随时间的增加而增大，且它们在 15 s 时相遇，即意味着它们的距离从150 m 始终减小到 0，所以 D 正确r4D依据 v 可知， 做圆周运动的角速度不仅与r 有关， 仍与线速度 v 有关， 所以 A 、B 均错； 由于“蛟龙”属于天体自转问题，它转动的角速度与地球同步卫星相同，“神九”与同步卫星相比，依据 GMm2欢迎下载精品学习资源r 2 mr 得“神欢迎下载精品学习资源九”的角速度较大，即“神九”的角速度大于“蛟龙”随地球自转的角速度，依据a2r 得 C 错、 D 正确5. BD甲、乙两物体速度的方向在转变，不行能做直线运动，就A错；从速度变化量的方向看，甲的方向一定，乙的发生了变化，甲的合力可能是恒力，也可能是变力，而乙的合力不行能是恒力，就C 错误； B、D 正确6. C物块在斜面上处于静止状态，先对物块进行受力分析，确定其运动趋势，列平稳方程可得Ffmax.物块受与斜面平行的外力F 作用，而在斜面上静止，此时摩擦力的大小和方向将随F 的变化而变化设斜面倾F 1 F2角为 ，由平稳条件F 1 mgsin Ffmax 0， F2 mgsin Ffmax 0，解得 Ffmax2，应选项 C 正确7. AB 由题给的伏安特性曲线可知， 当三导体串联接在电压恒为 6 V 的直流电源的两端时， 作平行 U 轴的直线使三导体两端的总电压为 6 V ，R1 、R2、R3 两端的电压分别为 1 V、3 V、2V ，此直线恰好过 I 轴的 1 A 处，可知A 、B 正确；同样可判定 C 错误；如将三导体并联后接在 3 V 的直流电源上，过 U 轴 3 V 作平行 I 轴的竖直线可知，通过三导体的电流分别约为 3 A、1 A 和 2.2 A，可知 D 错8B设变压器原、副线圈的匝数分别为n1、n2，输入端的电动势为E，电流分别为 I 1、I2，电压分别为 U1、U2，欢迎下载精品学习资源就： U1 E I1r ，电阻 R 消耗的电功率 PU 2I2U 1I1，即 P E I1rI 1 I2 EI 1，可见当 I 1 E 时， P 有最大欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源1rE2E值 Pmax 4r ，此时 U 1 EI 1r E 2rE2r ，就 U2n2n U 11n2En1 2，I2U2Rn2 E n12R，又因I1I22rn2，联立以上各式得：n1 n1n2欢迎下载精品学习资源r ，故 A 、C、D 错， B 对R9. B由初、末状态看出， A、B 的机械能： EA 初 EB 初 mgh， EA 末 EB 末 0，由得： EA 初 EA 末 EB 末 EB 初 mgh，即 EA 减 EB 增 mgh，由 A、B 系统机械能守恒可知EA 减EB 增，联立得： EA欢迎下载精品学习资源12减 2mgh，依据功能关系得，杆对A 球做的功为1mgh，就 A、C、D 错， B 对欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源10. Cbc 切割磁感线运动时产生的感应电动势为E BL v，感应电流I ER r，由于 bc 做初速度为 0 的匀加速欢迎下载精品学习资源运动，所以 vat ，bc 受到的安培力FA BIL ，对于金属导轨 abcd，依据牛顿其次定律得：F FA Ma，联立上B2L 2a面各式得： F Ma Rr t，所以 A 、B 均错；当 bc 向左运动时，依据楞次定律，QP 的电流方向由 Q P，依据左手定就可知， C 正确；如 F 0， PQbc 静止，当 ef 左侧磁场匀称减小时， QP 的电流方向由 P Q，依据左手定就可知， D 错BAv2 v211. 解析： 1小车从 A 到 B 做匀加速直线运动，由运动学公式2aL v2 v2 ，得加速度 a.BA2L2 试验所得图线为直线，但不过原点，当F 有肯定数值时，小车加速度仍为零，说明没有完全平稳摩擦力，也可能拉力传感器读数存在误差，即读数偏大v2 v 2欢迎下载精品学习资源答案： 1BA2L3 分欢迎下载精品学习资源2 没有完全平稳摩擦力或拉力传感器读数偏大2 分12. 解析： 1 由于电压表量程远大于干电池的电动势；2 改装电压表的量程等于电流表G 的满偏电流与电流表G 所在支路总电阻的乘积，即U V IgR3Rg 3.0× 103× 990 10V 3.0 V ； 3为了便于调剂，滑动变阻器的阻值不能太大，挑选R1 比较合适； 4由于 R3 支路电阻远大于滑动变阻器R1 所在支路电阻，所以干路电流近似等于 I2，闭合电路欧姆定律E U Ir 可变形为： E I1R3 Rg I2r ，即 I 1ErI2，由图象知直线R3 RgR3 Rg欢迎下载精品学习资源与纵轴的截距为E 1.48 mA ，解得 E1.48 V ，直线斜率的肯定值为R3 RgrR3 Rg1.481.06 × 1030.5，解得 r 欢迎下载精品学习资源0.84 .答案： 1电压表量程太大 2 分232 分 3D2 分41.482 分0.842 分13. 解： 线框被拉出磁场的过程中：欢迎下载精品学习资源产生的感应电流 IBL2vR 2 分欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源L1需要的时间 t v 1 分所以产生的焦耳热Q I2RtB2L1L2v R2 2 分欢迎下载精品学习资源线框转动 90°过程中：R2产生感应电流的最大值Imax BL1L 2 分1 分有效值 I BL 1L 22R2需要的时间 t 1 分2 2欢迎下载精品学习资源4R所以产生的焦耳热Q I 2Rt BL 1L22 分欢迎下载精品学习资源4v联立得： L 1 2 分2vC14. 解： 1当传送带静止不动时，小煤块刚好能运动到C 点，就在 C 点，依据牛顿其次定律得：mg m R 1分小煤块从 A C 过程中，由动能定理得：1212 mgL 2mgR2mvC2mv 0 1 分联立得 0.41 分当传送带的轮子以 10 rad/s 的角速度匀速转动时，传送带的线速度v r 2 m/s1 分欢迎下载精品学习资源2由 v 0.5 m<L ，得小煤块在传送带上加速的时间t v 0.5 s1 分欢迎下载精品学习资源2gg小煤块与传送带的相对位移为l vtvt0.5 m，即划过痕迹的长度为0.5 m2 分22 当小煤块在传送带上始终加速时，小煤块到达B 点的速度最大，在C 点对圆轨道的压力最大设小煤块到达欢迎下载精品学习资源B 点的最大速度为 v12，就： mgL分欢迎下载精品学习资源Bmv B12解得 vB 210 m/s1 分传送带的线速度 v210 m/s，即传送带的角速度 1010 rad/s 时，小煤块在 C 点对圆轨道的压力最大 1 分小煤块从 B C，由机械能守恒定律得：欢迎下载精品学习资源2mgR 1mv 2 121 分欢迎下载精品学习资源2B2mvC max小煤块此时在 C 点，由牛顿其次定律得：2vCmaxF max mg mR 1 分联立得 F max50 N1 分依据牛顿第三定律得，对圆轨道最大压力FC Fmax 50 N1 分欢迎下载精品学习资源15. 解： 1设带电粒子加速后的速度大小为v 0，就在加速电场中，由动能定理得：Uq 1mv2 2 分20在偏转电场中做类平抛运动：L v0t1 分L1Eq 2欢迎下载精品学习资源2 2 m t 1 分欢迎下载精品学习资源联立解得： U EL1 分2由闭合电路欧姆定律得：E0 2U EL2 分(2) 带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，设轨道半径为R，如图，由几何关系得：22L 2R L R 2 2 分由向心力为洛伦兹力得：欢迎下载精品学习资源Bqv 02v 0mR 2 分欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源联立解得：q16E2 2 分欢迎下载精品学习资源m25B L(3) 带电粒子在复合场中做直线运动，电场力与洛伦兹力平稳：qv0 B1 qE1 3 分E14E欢迎下载精品学习资源分联立解得：2B15B欢迎下载精品学习资源附加题T1. 1 解析： 依据分子动理论，A 对；布朗运动不是分子的运动，B 错；物体的内能是物体的全部分子动能与分子势能的总和， 由于分子动能不行能为零， 所以物体内能不行以为零，C 对；其次类永动机违反热力学其次定律， 不违反能量守恒定律，D 错；由 pV C 得，气体压强不变温度上升时体积V 变大，气体对外做功， W<0，依据热力学第肯定律 Q W U 得 E 正确欢迎下载精品学习资源答案： ACE5 分2 解析： 由题意可知煤气可发生爆炸时的质量m 6%V 2.322kg ，就煤气泄漏的时间tm10 g/min232.2 min欢迎下载精品学习资源欢迎下载精品学习资源 3.87 h把空气近似看做抱负气体， 就由题意可知在爆炸瞬时可看做是体积不变的过程，就由查理定律可得p2，所以爆炸瞬时产生的气体压强为p2 p1T2 6× 105Pa.p1 T1欢迎下载精品学习资源T2T1欢迎下载精品学习资源答案： 3.872 分6× 1053 分m3 解： 对整体： F m 2 a1 分2对活塞： pp0 Sma1 分F联立可得： p p03S1 分依据玻意耳定律得：p0L0 pL1 分欢迎下载精品学习资源所以 Lp0FL01 分欢迎下载精品学习资源p0 3S欢迎下载精品学习资源2. 1解析： 依据公式 uu vu v可知粒子的速度 u 不行能等于或大于光速，所以A 正确， B 、C 错误；依据公欢迎下载精品学习资源1 c2欢迎下载精品学习资源式 mm0 1可知高速运动的粒子的质量m 大于静止时的质量m0，故 D 正确、 E 错误v 2c欢迎下载精品学习资源答案： BCE5 分(2) 解析： 由图可知，该波的波长 4 m，所以该波的周期T v 2 s；依据波的传播方向与质点振动方向的关系2得 t 0 时刻 x0 处的质点运动方向为y 轴负方向；依据波的传播方向和t 0 时刻的波的图象及y AsinT t 06 ，6可得， x0 处的质点的 0 5 x 0 处的质点运动到平稳位置时速度值最大，所以最短时间t 1 s.6答案： 2 s1 分y 轴负方向 2 分12 分(3) 解： 如下列图 1 分欢迎下载精品学习资源由几何关系得 sin1d 0.81 分欢迎下载精品学习资源R即 1 53°1 分由折射定律得 sin 1 nsin 2解得 2 30°1 分就 21 246°1 分31 解析： 依据原子核衰变的半衰期规律及其应用可知A 对；重核的裂变过程中有质量亏损，B 错；原子核的比结合能越大越稳固，C 对；核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，电势能减小，线速度增大，动能增大，总欢迎下载精品学习资源能量减小，部分转化为光子的能量，D 对；依据光电效应规律，从金属表面逸出的光电子的最大初动能只与入射光的频率有关，与入射光的强度无关，E 错 答案： ACD5 分92922(2) 解析： 依据衰变过程中质量数和电荷数守恒可知，放出的粒子应为粒子，衰变方程为 238U 234Th 4He. 由爱因斯坦的质能方程可知，释放出的核能为m1 m2 m3c2.答案： 238234492U 90Th 2He2 分 m1 m2m3c2 3 分(3) 解： 小孩用力将 m1 推开的过程中， m1、 m2 组成的系统动量守恒，得： m2v 2 m1 v1 m1v 1 m2v 2 1 分欢迎下载精品学习资源其中 v2 ±v1 是防止两滑块再次相碰的临界条件，即v 2 m2v 2 m1v 1m2±m11 分欢迎下载精品学习资源代入数据解得 v 11 0.9 m/s，v 12 4.5 m/s1 分欢迎下载精品学习资源所以小孩对 m做功的最小值是 W1 2 m vv 2 16.8 J1 分欢迎下载精品学习资源1min2111 1欢迎下载精品学习资源小孩对 m1 做功的最大值是 Wmax 1m1 v2 v2 600 J1 分2121欢迎下载