广西桂林市2016年中考物理试题(共15页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2016年广西桂林市中考物理试卷一、选择题（共12小题，每小题3分，满分36分）1能直接测量长度的工具是（）A刻度尺 B温度计 C电子秤 D秒表【分析】对每个选项中的测量工具进行分析，明确各自的测量对象，就能确定符合题意的选项【解答】解：A、刻度尺是长度测量的基本工具故A符合题意；B、温度计用来测量温度的基本工具，故B不符合题意；C、电子秤是测量质量的工具，故C不符合题意；D、秒表是测量时间的工具故D不符合题意故选A【点评】此题考查的是我们对常见物理量及其测量工具的掌握情况，属于基础题，容易解答2老师上课时使用“小蜜蜂”扩音器是为了增大声音的（）A音色 B音调 C响度 D传播速度【分析】声音的特性包括音调、响度和音色音调是声音的高低，响度是声音的大小，音色是声音的品质与特色【解答】解：老师上课时使用“小蜜蜂”扩音器是为了增大声音的响度，使同学们听得更清楚故选C【点评】了解声音三个特性的概念，并能结合实例进行辨别是解答的关键3关于平面镜所成的像，下列说法正确的是（）A像是实像 B像是虚像 C像比物体小 D像是倒立的【分析】要解决此题，需要掌握平面镜成像的特点：成正立、等大的虚像，像与物体关于平面镜对称【解答】解：平面镜成的像与物体的大小相等，即为正立等大的虚像所以选项ACD说法错误，选项B正确故选B【点评】此题主要考查了平面镜成像的特点，要理解成正立、等大虚像的真正含义，并做到灵活运用4下列物态变化事例中，属于汽化的是（）A春天冰雪消融 B清晨树叶上的露珠C灯丝用久了变细 D路面上的水被太阳晒干【分析】物质由液态变为气态的现象叫汽化，汽化有蒸发和沸腾两种方式；物质由气态变为液态的现象叫液化，据此分析判断【解答】解：A、冰雪消融，是冰雪由固态变成液态，是熔化过程不符合题意；B、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴不符合题意；C、灯丝变细，是由固态升华成为气态不符合题意；D、水被晒干，由液态汽化成为气态符合题意故选D【点评】判断物态变化现象，首先要知道物态变化的定义，然后看物体由什么状态变为了什么状态，根据物态变化的定义来判断是什么物态变化5下列事例中，物体的质量发生变化的是（）A由热变冷的铝锅 B烧杯中正在沸腾的水C铁球被压成铁饼 D从地球带到太空的食品【分析】质量是指物体所含物质的多少，质量是物体本身的一种属性，只有在所含物质的多少发生变化时才会改变，如果只是改变了形状、状态、温度、位置，则质量不会发生改变【解答】解：A、铝锅由热变冷，温度发生变化，物质多少没有变化，所以物体质量没有变化故A不符合题意；B、正在沸腾的水，部分水汽化成为水蒸气进入空气，水的质量减少故B符合题意；C、铁球被压成铁饼，形状发生变化，物质多少没有变化，所以物体质量没有变化故C不符合题意；D、宇航员从地球带到太空的食品，位置发生变化，物质多少没有变化，所以食品的质量没有变化故D不符合题意故选B【点评】本题考查了质量的概念，属于基本内容，比较简单只要理解质量特性的含义即可解答6如图所示的简单机械，属于省力杠杆的是（）A托盘天平 B筷子 C钳子 D火钳【分析】结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆【解答】解：A、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故A错误；B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B错误；C、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C正确；D、火钳在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D错误；故选C【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力7下列事例，不符合安全用电原则的是（）A使用绝缘皮破损的插头B人触电时，先关掉电源再救人C电器设备起火，不能用水直接灭火D使用试电笔时，手指不能碰到笔尖金属体【分析】（1）安全用电原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体（2）人体是导体，所以人触电时，不能直接用手去拉触电的人；（3）水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火；（4）使用测电笔辨别火线时，有一定要用手触及笔尾的金属部分，否则容易造成误判，认为带电体不带电是十分危险的；使用测电笔时，不能用手触及测电笔前端的金属探头，这样会造成人身触电事故【解答】解：A、使用绝缘皮破损的插头，容易使得人碰到火线，故容易发生触电事故，故A错误；B、人触电时，先关掉电源再救人，故B正确；C、水是导体，电器设备起火，不能用水直接灭火，故C正确D、使用测电笔辨别火线时，一定要用手触及笔尾的金属部分，不能用手触及测电笔前端的金属探头，否则会造成人身触电事故故D正确；故选A【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体值得注意的是：本来不带电的物体带了电；本来不导电的物体导电了8如图所示，用吸管吸饮料，让饮料进入口中的力是（）A大气压力 B饮料的重力C手握玻璃杯的力 D玻璃杯对饮料的支持力【分析】用吸管吸饮料是利用大气压强把饮料吸入口中，与饮料重力、手握玻璃杯的力、玻璃杯对饮料的支持力无关【解答】解：A、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，汽水就被压进吸管里故A说法正确；B、饮料重力的方向竖直向下，不是让饮料进入口中的力，故B说法错误；C、手握玻璃杯的力和摩擦力是一对平衡力，是防止杯子掉落的力，不是让饮料进入口中的力，C说法错误；D、玻璃杯对饮料的支持力是饮料重力引起的，不是让饮料进入口中的力，D说法错误故选：A【点评】本题考查的知识点较多，能将物理现象与所对应的知识相联系，是解答此类题的关键9关于内燃机，下列说法正确的是（）A内燃机的实际工作效率可达100%B汽油机和柴油机使用同种燃料C汽油机和柴油机均属于内燃机D在做功冲程中，机械能转化为内能【分析】（1）由于内燃机工作时，一定有能量的损失，所以效率一定小于100%；（2）汽油机燃料是汽油，柴油机的燃料是柴油；（3）利用内能做功的机器称为内燃机，汽油机和柴油机均属于内燃机；（4）内燃机工作时，在压缩冲程中，机械能转化为内能；在做功冲程中，内能转化为机械能；【解答】解：A、据课本知识可知，由于内燃机工作时，一定有能量的损失，所以效率一定小于100%，故A错误；B、汽油机燃料是汽油，柴油机的燃料是柴油，故B错误；C、利用内能做功的机器称为内燃机，汽油机和柴油机均属于内燃机，故C正确；D、内燃机工作时，在做功冲程中，内能转化为机械能；故D错误；故选C【点评】此题考查了内燃机的效率、内燃机的种类和内燃机的能量转化，是一道综合题10下列说法正确的是（）A铜制品容易被磁化B同名磁极互相吸引C奥斯特发现了电磁感应现象D磁体间的相互作用是通过磁场发生的【分析】（1）铁钴镍等磁性材料容易被磁化；（2）同名磁极相斥，异名磁极相吸；（3）奥斯特发现了通电导线周围有磁场；（4）磁场是存在的，即磁体间的相互作用是通过磁场发生的【解答】解：A、铜制品不是磁性材料，所以不能被磁化，故A错误；B、同名磁极相斥，异名磁极相吸，故B错误；C、奥斯特发现了通电导线周围有磁场，故C错误；D、磁场是存在的，磁体间的相互作用是通过磁场发生的，故D正确；故选D【点评】此题考查了磁性材料的理解、磁极间的作用规律、电生磁和磁场的认识等知识点，是一道综合题11如图所示，质量相等的甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，下列说法正确的是（）A甲球受到的浮力大 B乙球受到的浮力大C甲球浸在水中的体积大 D两球浸在水中的体积一样大【分析】已知质量相同的甲、乙两个小球，则其重力相同漂浮和悬浮都有F浮=G排，由此公式变形可推出两球排开水的体积关系【解答】解：（1）甲、乙两球分别悬浮、漂浮在水中，根据漂浮和悬浮条件可知：F浮甲=G甲，F浮乙=G乙，由于两球质量相等，重力相等，所以浮力相等，故AB错误；（2）由F浮=G排=水gV排可得，V排相同，所以两球浸在水中的体积一样大，故C错误，D正确故选D【点评】本题考查了浮沉条件、浮力公式的应用，关键是用好漂浮和悬浮条件，灵活运用公式进行判断12如图所示，为“探究电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验电路，以下说法正确的是（）A闭合开关S1、S2，通过三根电阻丝的电流相同B先闭合开关S1，再闭合开关S2，电流表示数保持不变C先闭合开关S1，再闭合开关S2，通过右容器中电阻丝的电流变小D闭合开关S1、S2一段时间后，右边U形管内的液面比左边U形管内的液面高【分析】（1）首先分析各个电阻的连接方式，然后根据串联、并联电路的电流特点，结合欧姆定律的应用分析；（2）吸热多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想【解答】解：A、由图可知，右边两个电阻并联然后与左边电阻串联，故闭合开关S1、S2，通过三根电阻丝的电流不相同，故A错误；B、先闭合开关S1，电流左边电阻和右下电阻串联，当再闭合开关S2，右边两个电阻并联然后与左边电阻串联，此时电路中总电阻减小，由欧姆定律可知，电流表示数应变大，故B错误；C、先闭合开关S1，电流左边电阻和右下电阻串联，由于两电阻相等，故两电阻等值分压，当再闭合开关S2，右边两个电阻并联然后与左边电阻串联，此时右边电阻分压较小，由欧姆定律可知，电流表示数应变小，故C正确；D、由C可知，闭合开关S1、S2一段时间后，通过右容器中电阻丝的电流变小，由Q=I2Rt可得，电流通过左边电阻产生热量的多，则应该是左边U形管内的液面比右边U形管内的液面高故D错误故选C【点评】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型二、填空题（共8小题，每小题2分，满分16分）13汽车上的GPS定位导航系统是利用电磁波（选填“超声波”或“电磁波”）进行定位和导航的，该波能（选填“能”或“不能”）在真空中传播【分析】广播、电视和移动通信都是利用电磁波来传递信息的，且电磁波可以在真空中传播；【解答】解：据课本知识可知，汽车上的GPS定位导航系统是利用电磁波进行定位和导航的，且电磁波传播不需要介质，可以在真空中传播故答案为：电磁波；能【点评】此题考查了电磁波的应用，是一道基础题目14太阳能电池板是将太阳能转化为电能的装置，太阳能是可再生（选填“可再生”或“不可再生”）能源【分析】太阳能转化及可再生能源的特点【解答】解：太阳能发电是将太阳能转化为电能，太阳能是可以重复利用的，故太阳能为可再生能源故答案为：电能；可【点评】本题考查学生对能源利用的了解，属于基础知识15用燃气灶烧水是通过热传递的方式改变水的内能，泡茶时满屋都可闻到茶的清香，这表明分子在不停地做无规则运动【分析】（1）改变物体内能的方式：做功和热传递；（2）物质是由分子组成的，组成物质的分子不停地做无规则的运动，扩散现象证明了分子的无规则运动【解答】解：用燃气灶烧水时，水从燃气灶的火焰上吸收热量，是通过热传递的方式改变水的内能，使水的温度升高；泡茶时满屋都可闻到茶的清香，是茶的香气分子扩散到空气中，所以香气漂满屋子，说明分子都在不停地做无规则运动故答案为：热传递；做无规则运动【点评】本题考查了改变物体内能的方式和分子热运动的知识，属于基础题16公安部要求小型客车的驾驶员和前排乘客必须使用安全带，因为一旦发生碰撞，车身停止运动，而乘客身体由于惯性继续向前运动，此时安全带会阻碍人体向前运动，这表明力可以改变物体的运动状态【分析】（1）一切物体都具有惯性，汽车刹车时，如果没有安全带的保护，乘客会因为自身惯性向前运动而发生事故所以要让安全带起到保护人体的作用，防止惯性带来的伤害（2）力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态【解答】解：（1）当汽车突然刹车时，由于阻力作用，车身停止运动，而乘客由于惯性还要保持原来的运动状态向前运动，在车内与车身撞击，严重时可能把挡风玻璃撞碎而向前飞出车外，所以驾驶员和前排乘客必须使用安全带（2）安全带会阻碍人体向前运动，这表明力可以改变物体的运动状态故答案为：惯性；运动状态【点评】此题考查惯性、力的作用效果，惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起17人的眼球好像照相机，晶状体和角膜共同作用相当于一个凸透镜；小丽的眼睛成像情况如图所示，为矫正视力应当佩戴眼镜片为凹透镜的眼镜（均选填“凸透镜”或“凹透镜”）【分析】人眼的成像与凸透镜成像原理中照相机类似近视眼是由于像呈在视网膜的前方，应佩戴发散透镜矫正【解答】解：人的眼球好像照相机，晶状体和角膜共同作用相当于一个凸透镜；由图可知，物体成像在了视网膜的前面，这是近视眼的特征；近视眼是眼睛的晶状体会聚能力变强，像呈在视网膜的前方，如果要让成像在视网膜上，需要将光线发散些；凹透镜对光线有发散作用，所以可以利用凹透镜进行纠正故答案为：凸透镜；凹透镜【点评】本题主要考查学生对：人眼的视物原理，近视眼的成因，以及矫正方法的了解和掌握，是一道基础题18玻璃是非晶体（选填“晶体”或“非晶体”），他熔化时，吸收热量，温度升高（选填“升高”或“不变”）【分析】熔化时有固定温度的物质是晶体，没有固定熔化温度的物质是非晶体；熔化过程中要吸热，对于晶体熔化时吸热但温度不变；非晶体熔化时吸热温度上升【解答】解：玻璃在熔化过程中吸收热量，温度不断升高，属于非晶体故答案为：非晶体；升高【点评】本题考查了晶体与非晶体的区别、非晶体的判断，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题19甲、乙两电阻的电流与电压关系如图所示，由图可知，通过同一电阻的电流与它两端的电压成正比（选填“正比”或“反比”），阻值R甲R乙（选填“”、“=”或“”）【分析】通过读电流与电压关系图象，可判断二者的关系，根据欧姆定律可判断两者阻值的大小关系【解答】解：由图可知，电流与电压的变化图象中，都是过原点的斜向上的直线，所以说明通过同一电阻的电流与它两端的电压成正比；从图象中数据可以看出，当电压一定时，通过甲电阻的电流大，由欧姆定律R=可得，甲的阻值大于乙的阻值，即R甲R乙故答案为：正比；【点评】本题解答的关键是要学会读取图象，能从中找出正确的信息，并能熟练运用欧姆定律进行分析和判断20如图甲所示，质量为60kg的小明坐在地上，最多能拉着质量为400kg的物体A在水平地面上做匀速直线运动，已知物体A所受阻力为物重的0.2倍，则小明对物体A的拉力是800N如图乙所示，当小明站立在地面上，利用滑轮组以尽可能大的力竖直向下拉绳子，恰好能将浸没在水中、密度为4×103kg/m3的物体B缓慢拉离水面，物体B浸没在水中时受到的浮力为300N（不计滑轮重及细绳与滑轮间的摩擦，绳子能承受的拉力足够大）【分析】（1）已知运动过程中物体所受阻力为物重的0.2倍，可以得到阻力；因为物体作匀速直线运动，所以拉力等于阻力；（2）图中滑轮组有两段绳子，所以物体B受到向上的拉力为小明体重的2倍；当物体B离开水面时，只受到重力和拉力，据此求出物体B的重力，然后求出物体B的体积，再根据阿基米德原理求出物体B浸没在水中时受到的浮力【解答】解：（1）由于物体A作匀速直线运动，则拉力为F=f=0.2G=0.2mg=0.2×400kg×10N/kg=800N；（2）小明对绳子的最大拉力F=G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，据图可知，滑轮组有两段绳子承担物重，当物体B离开水面时，GB=2F=2×600N=1200N；物体B的体积为：V=0.03m3；物体B浸没在水中时V排=V=0.03m3；物体B浸没在水中时受到的浮力为：F浮=水V排g=1×103kg/m3×0.03m3×10N/kg=300N故答案为：800；300【点评】本题考查了二力平衡条件的运用、滑轮组的运用、重力、浮力的计算，涉及到的知识点较多，综合性强三、解答题（共8小题，满分48分）21一束光线从空气斜射入水中，请在图中画出折射光线【分析】要解决此题，需要掌握光的折射规律：折射光线与入射光线和法线在同一平面内；折射光线与入射光线分居法线两侧；当光从空气斜射入水里或其它透明介质中时，折射光线向法线方向偏折，折射角小于入射角【解答】解：根据折射规律画出折射光线光从空气斜射入水中，所以折射角小于入射角如图所示：【点评】考查对折射光线的画法，关键是记熟光的折射定律，搞清折射角与入射角的关系22请在图中标出电流方向和通电螺线管的N极【分析】利用安培定则结合螺线管的绕向和电流的方向可以确定螺线管的磁极【解答】解：电流从螺线管的右端流入，左端流出，结合线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的右端为N极，左端为S极如图所示：【点评】安培定则中，涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个在此题中，就是告诉了电流方向和线圈绕向，确定磁场方向23小丽爸爸有一枚印章，小丽想知道印章的密度，于是在实验室进行了以下操作：（1）将天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母使指针指在分度盘中央处（2）用调节好的天平测印章的质量，平衡时砝码的质量和游码在标尺上的位置如图甲所示，印章的质量是43.6g（3）用量筒测量印章的体积情况如图乙所示，则印章的体积是20cm3（4）通过计算，得出印章的密度是2.18×103kg/m3【分析】（1）在调节天平横梁平衡时，指针偏向右侧，右端下沉，左端上翘，平衡螺母向上翘的方向移动（2）左盘里物体的质量=右盘里物体的质量+游码对应的刻度（3）在用量筒测量液体体积时，要注意读数问题，视线要与液面的凹底相平同时要注意量筒的单位和分度值（4）密度计算公式=【解答】解：（1）当调节天平横梁平衡时，将游码移至横梁标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母使指针指到分度盘的中央位置（2）标尺每一个大格代表1g，每一个小格代表0.2g，游码对应的示数是3.6g砝码的质量=物体的质量+游码对应的刻度值物体的质量=砝码的质量游码对应的刻度值=20g+20g+3.6gg=43.6g（3）印章的体积V=40ml20ml=20ml=20ml=20cm3，（4）印章的密度=2.18g/cm3=2.18×103kg/m3故答案为：（1）零刻度线；中央；（2）43.6；（3）20；（4）2.18×103【点评】此题是测量印章的密度，考查了天平和量筒的使用及读数，同时考查了有关密度的计算，是一道比较典型的实验题，要熟练掌握24小明在玩“水枪”玩具时，发现“水枪”水平放置，如果推动活塞的速度越快，水枪离地面的高度越高，水就会射得越远，据此，他提出了如下猜想：在空中水平抛出的物体，落地的水平距离与抛出的初速度及抛出点离地面的高度有关，为验证猜想，小明找来了如图所示装置进行实验（1）让小球从斜槽上自由滚下，是为了使小球到达水平槽时具有一定的速度；小球从斜槽滚下，重力势能减小（选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）保持小球质量不变，分别让同一小球从斜槽上A、B、C位置由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离SA、SB、SC，发现SASBSC这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与速度有关（3）逐步降低抛出点离地面的高度，分别为h1、h2、h3，每次都让同一小球从斜槽上A处由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离s1、s2、s3，发现s1s2s3这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与距落地点的高度有关（4）若在水平槽铺上毛巾，使抛出点离地面的高度为h3，让同一小球从斜槽上A处由静止自由滚下，测出小球落地的水平距离为s4，根据上述实验的结果，应该有s4s3（选填“”、“”或“=”）【分析】（1）实验中，应使小球到达水平槽时具有一定的速度；重力势能的大小与物体的质量和高度有关；（2）保持小球质量不变，使其速度改变，可探究落地水平距离与速度的关系；（3）比较实验结果，可得出落地水平距离与距落地高度的关系；（4）毛巾的表面较粗糙，摩擦力大，则小球抛出时的速度小，动能小，据此可判断其落地水平距离的大小【解答】解：（1）实验中，让小球从斜槽上自由滚下，是为了使小球到达水平槽时具有一定的速度；小球从斜槽滚下，高度降低，所以重力势能减小；（2）根据控制变量法的要求，保持小球质量不变，分别让同一小球从斜槽上A、B、C位置由静止自由滚下，分别测出小球落地的水平距离SA、SB、SC，发现SASBSC这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与速度有关，速度越大，则平抛的距离越远（3）逐步降低抛出点离地面的高度，分别测出小球落地的水平距离s1、s2、s3，发现s1s2s3这表明：空中水平抛出的物体，落地的水平距离与距落地点的高度有关，相同情况下，距落地点的高度越大，落地点的水平距离越远（4）若在水平槽铺上毛巾，由于毛巾的表面较粗糙，摩擦力大，小球的速度减小，则小球的动能减小，因此，根据上述实验的结果，小球落地的水平距离变小，即s4s3故答案为：（1）速度；减小；（2）小球质量；速度；（3）距落地点的高度；（4）【点评】在本实验中，探究了平抛运动的规律与特点，要注意实验中的影响因素和条件有哪些，运用控制变量法进行分析，是解答的关键25小明观察发现家里轿车的前灯有好几组，且灯丝粗细不同，发光的亮度也不同，他猜想车灯的亮度可能与灯丝的粗细有关，于是他设计了模拟电路，并选择下列器材：电源、滑动变阻器、小灯泡（L1“2.5V 1.25W”、L2“2.5V 0.5W”各一只，代替轿车前灯）、电流表、电压表等进行实验来验证自己的猜想（1）按图甲连接电路时，应先将开关断开，并将变阻器的滑片移至最大值处（2）闭合开关S，发现无论怎样移动变阻器的滑片，灯泡L1、L2均不亮，A、V1无示数，V2有示数，则电路出现的故障是L2断路了（3）排出故障后，移动变阻器的滑片，分别读出电流表、电压表的示数，观察共记录灯泡发光情况，填入表一，当变阻器滑片移至某一位置时，电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为0.26A，此时发现灯L2发光异常耀眼，原因是L2实际功率大于它的额定功率，此时，他应该将滑动变阻器的滑片向左移动，减小灯泡两端电压（4）分析数据，可得结论：两灯串联，灯泡的灯丝越细，发光越亮（5）然后，小明按图丙所示设计连接电路进行实验，记录的实验数据及现象如表二，根据表二可得出结论：两灯并联时，灯泡的灯丝越细，发光越暗表一：灯泡L1粗细电压/V电流/A亮度灯泡L2粗细电压/V电流/A亮度粗0.60.12不发光细1.50.12微亮粗0.80.16微亮细2.00.16不很亮粗1.00.20微亮细2.50.20较亮粗1.3不很亮细3.25异常耀眼表二：灯泡L1粗细电压/V电流/A亮度灯泡L2粗细电压/V电流/A亮度粗1.00.2微亮细1.00.08不发光粗1.50.3不很亮细1.50.12微亮粗2.00.4较亮细2.00.16不很亮粗2.50.5明亮细2.50.20较亮（6）小明完成实验后有困惑，通过向爸爸请教，明白了轿车的同侧前灯是可以不同时工作的，在额定电压相同时，若想要更换更亮的轿车前灯，应选择灯丝较粗（选填“粗”或“细”）的灯泡【分析】（1）连接电路时开关应断开，变阻器处于最大值处；（2）电流表无示数说明电路可能有断路，根据电压表示数情况分析判断故障；（3）根据电流表的量程和分度值读出电流表示数；灯泡的亮度是由其实际功率决定的由此分析解答；（4）由P=计算两灯电阻，由电阻的影响因素分析两灯灯丝的粗细，根据灯泡的亮度情况分析解答；（5）两灯并联时，根据表中灯泡亮度情况分析解答；（6）由串联和并联电路特点，结合灯泡亮度与灯丝粗细关系分析解答【解答】解：（1）为了保护电路，按图甲连接电路时，应先将开关断开，并将变阻器的滑片移至最大值左端；（2）闭合开关S，发现无论怎样移动变阻器的滑片，灯泡L1、L2均不亮，A无示数，说明电路可能出现断路，V1无示数，说明V1到电源间有断路，V2有示数，说明V2到电源间是通路，由此可知故障是灯泡L2断路了；（3）由图乙知，电流表使用00.6A量程，分度值0.02A，所以电路中电流为0.26A；由表格数据知此时灯泡L2的实际电压为3.25V，所以它的实际功率：P2=U2I2=3.25V×0.26A=0.845W，此时其实际功率大于它的额定功率0.5W，所以灯L2发光异常耀眼；由题知，L2的额定电压是2.5V，根据串联电路的分压原理，要减小它的电压，滑动变阻器的滑片应向左滑动以增大其连入电路的阻值，使电压不高于2.5V；（4）由P=可得两灯电阻：R1=5，R2=12.5，导体的电阻的与其材料、长度和横截面积有关，所以灯丝材料和长度一定，L2的灯丝较细，串联时较亮；（5）由图丙知，两灯并联，由表二中数据可知，L1较亮，L2较暗，所以两灯并联时，灯泡的灯丝越细，发光越暗；（6）串联电路中各用电器相互影响，并联电路中各支路互不影响由题知，轿车的同侧前灯是可以不同时工作的，即同侧前灯是并联的，由（5）中结论知，在额定电压相同时，若想要更换更亮的轿车前灯，应选择灯丝较粗的灯泡故答案为：（1）断开；最大值；（2）L2断路了；（3）0.26；L2实际功率大于它的额定功率；将滑动变阻器的滑片向左移动，减小灯泡两端电压；（4）亮；（5）暗；（6）粗【点评】本题考查电路连接的注意事项、电路故障的分析、电表读数、电功率公式的应用、电阻的影响因素以及根据表格数据分析结论等，考查知识点多，综合性强26用酒精灯给质量为0.5kg的水加热，当水的温度升高20时，消耗了5g酒精水的比热容为4.2×103J/（kg），酒精的热值为3.0×107J/kg（1）0.5kg的水温度升高20，需要吸收多少焦的热量？（2）5g酒精完全燃烧放出多少焦的热量？【分析】（1）知道水的质量、比热容和温度变化，可利用公式Q=cmt计算出水吸收的热量；（2）知道酒精的热值和酒精的质量，利用Q放=mq求酒精完全燃烧放出的热量【解答】解：（1）由题知，c=4.2×103J/（kg），m水=0.5kg，t=20，水吸收的热量：Q吸=cm水t=4.2×103J/（kg）×0.5kg×20=4.2×104J；（2）酒精完全燃烧放出的热量：Q放=m酒精q=0.005kg×3.0×107J/kg=1.5×105J答：（1）0.5kg的水温度升高20，需要吸收4.2×104J的热量；（2）5g酒精完全燃烧放出1.5×105J的热量【点评】本题考查了学生对燃料完全燃烧放热公式Q放=mq和吸热公式Q吸=cmt的理解与掌握，属于基础题目27如图所示的电路，电源电压恒为9V不变，定值电阻R1的阻值为50，求：（1）闭合S1、S2，将变阻器的滑片移至N端，电流表的示数为0.48A，R2的阻值为多大？（2）闭合开关S1、断开开关S2，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为5V，电流表的示数为多少安？变阻器的功率为多少瓦？【分析】（1）闭合S1、S2，将变阻器的滑片移至N端，R1与R2并联，由并联电路特点和欧姆定律计算R2的阻值；（2）闭合开关S1、断开开关S2，R1与变阻器R串联，电压表测R两端电压，由串联电路特点和欧姆定律计算电流表示数，由P=UI计算变阻器的功率【解答】解：（1）由图知，当闭合S1、S2，将变阻器的滑片移至N端，即变阻器连入阻值为0时，R1与R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点知：U1=U2=U=9V，由欧姆定律可得：I1=0.18A，所以通过R2的电流：I2=II1=0.48A0.18A=0.3A，所以R2的阻值：R2=30；（2）由图可知，闭合开关S1、断开开关S2，R1与变阻器R串联，电压表测R两端电压，由串联电路特点可得R1两端电压：U1=UUR=9V5V=4V，电流表示数：I=IR=I1=0.08A，由P=UI可得此时变阻器的功率：PR=URIR=5V×0.08A=0.4W答：（1）R2的阻值为30；（2）闭合开关S1、断开开关S2，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为5V，电流表的示数为0.08A，变阻器的功率为0.4W【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，解题的关键是正确分析开关在不同状态下电路的结构28随着高层建筑的大量兴建，人们经常要与电梯打交道，如图甲所示是某种升降电梯的简化模型，它由轿厢、配重、电动机、钢丝绳、定滑轮等部件组成，其中轿厢的质量为780kg电梯某次搭载一位质量为70kg的乘客上楼，轿厢启动上升的路程与时间关系（st）如图乙所示，电动机的输出功率与时间关系（Pt）如图丙所示，电动机的工作效率为80%，不计钢丝绳的重力和一切摩擦，求：（1）当该乘客站立在静止的轿厢内时，双脚的受力面积为500cm2，则乘客对轿厢的压强为多少帕？（2）电动机的电梯启动上升12s内，消耗的电能是多少焦？（已知电动机对轿厢所做的功等于其Pt图象与时间轴所围成的阴影部分面积大小）（3）电梯配重的质量为多少千克？【分析】（1）乘客对轿厢的压力等于其重力，根据p=求出对轿厢的压强；（2）根据题意求出前2s电动机做的功，再根据W=Pt求出后10s电动机做的功，求出电动机做的总功，再根据题意求出消耗电能；（3）根据v=求出后10s的速度，根据P=Fv求出电动机对轿厢的拉力，根据G=mg求出轿厢和乘客的总重力，进而求出配重的重力，根据G=mg求出配重的质量【解答】解：（1）乘客对轿厢的压力F=G=mg=70kg×10N/kg=700N，乘客对轿厢的压强p=14000Pa；（2）前2s做的功W1=×2s×7000W=7000J，后10s做的功W2=Pt=4000W×10s=40000J，12s内做的总功W=W1+W2=7000J+40000J=47000J，消耗的电能W=58750J；（3）后10s的速度v=2m/s，由P=Fv得：电动机对轿厢的拉力：F拉=2000N，轿厢和乘客的总重力：G总=m总g=（780kg+70kg）×10N/kg=8500N，配重的重力：G配=G总F拉=8500N2000N=6500N，配重的质量：m配=650kg答：（1）乘客对轿厢的压强为14000Pa；（2）消耗的电能是58750J；（3）电梯配重的质量为650kg【点评】此题主要考查的是学生对重力、压强、功、速度、功率计算公式的理解和掌握，读懂图象是解决此题的关键专心-专注-专业