2020年江苏高考数学试卷-(答案)(共8页).docx

精选优质文档-倾情为你奉上2020年江苏省高考数学试卷参考公式：柱体的体积，其中是柱体的底面积，是柱体的高一、填空题：本大题共14小题，每小题5分，共计70分请把答案填写在答题卡相应位置上1已知集合，则 2已知是虚数单位，则复数的实部是 3已知一组数据的平均数为4，则的值是 4将一颗质地均匀的正方体骰子先后抛掷2次，观察向上的点数，则点数和为5的概率是 5如图是一个算法流程图，若输出的值为，则输入的值是 6在平面直角坐标系xOy中，若双曲线的一条渐近线方程为，则该双曲线的离心率是 7已知y=f(x)是奇函数，当x0时，则的值是 8已知=，则的值是 9如图，六角螺帽毛坯是由一个正六棱柱挖去一个圆柱所构成的已知螺帽的底面正六边形边长为2 cm，高为2 cm，内孔半轻为0.5 cm，则此六角螺帽毛坯的体积是 cm.10将函数的图象向右平移个单位长度，则平移后的图象中与y轴最近的对称轴的方程是 11设an是公差为d的等差数列，bn是公比为q的等比数列已知数列an+bn的前n项和，则d+q的值是 12已知，则的最小值是 13在ABC中，D在边BC上，延长AD到P，使得AP=9，若（m为常数），则CD的长度是 14在平面直角坐标系xOy中，已知，A，B是圆C：上的两个动点，满足，则PAB面积的最大值是 二、解答题：本大题共6小题，共计90分，请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤15（14分）在三棱柱ABCA1B1C1中，ABAC，B1C平面ABC，E，F分别是AC，B1C的中点（1）求证：EF平面AB1C1；（2）求证：平面AB1C平面ABB1 16（14分）在ABC中，角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知（1）求的值；（2）在边BC上取一点D，使得，求的值17（14分）某地准备在山谷中建一座桥梁，桥址位置的竖直截面图如图所示：谷底O在水平线MN上，桥AB与MN平行，为铅垂线(在AB上)经测量，左侧曲线AO上任一点D到MN的距离(米)与D到的距离a(米)之间满足关系式；右侧曲线BO上任一点F到MN的距离(米)与F到的距离b(米)之间满足关系式.已知点B到的距离为40米（1）求桥AB的长度；（2）计划在谷底两侧建造平行于的桥墩CD和EF，且CE为80米，其中C，E在AB上(不包括端点).桥墩EF每米造价k(万元)、桥墩CD每米造价(万元)(k>0)，问为多少米时，桥墩CD与EF的总造价最低？18（16分）在平面直角坐标系xOy中，已知椭圆的左、右焦点分别为F1，F2，点A在椭圆E上且在第一象限内，AF2F1F2，直线AF1与椭圆E相交于另一点B（1）求的周长；（2）在x轴上任取一点P，直线AP与椭圆E的右准线相交于点Q，求的最小值；（3）设点M在椭圆E上，记与的面积分别为S1，S2，若，求点M的坐标19（16分）已知关于x的函数与在区间D上恒有（1）若，求h(x)的表达式；（2）若，求k的取值范围；（3）若求证：20（16分）已知数列的首项a1=1，前n项和为Sn设与k是常数，若对一切正整数n，均有成立，则称此数列为“k”数列（1）若等差数列是“1”数列，求的值；（2）若数列是“”数列，且，求数列的通项公式；（3）对于给定的，是否存在三个不同的数列为“3”数列，且？若存在，求的取值范围；若不存在，说明理由2020年江苏省高考数学试卷答案1 23 324 5 67 8 9 10 11412 13或014 15证明：因为分别是的中点，所以.又平面，平面，所以平面.（2）因为平面，平面,所以.又,平面,平面, 所以平面.又因为平面,所以平面平面.16解：（1）在中，因为，由余弦定理，得，所以.在中，由正弦定理，得，所以（2）在中，因为,所以为钝角，而,所以为锐角.故则.因为，所以，.从而.17解：（1）设都与垂直，是相应垂足.由条件知，当时， 则.由得 所以（米）.（2）以为原点，为轴建立平面直角坐标系（如图所示）.设则 .因为所以.设则 所以 记桥墩和的总造价为，则 ，令 得 所以当时，取得最小值.答：（1）桥的长度为120米；（2）当为20米时，桥墩和的总造价最低.18解：（1）椭圆的长轴长为，短轴长为，焦距为，则.所以的周长为.（2）椭圆的右准线为.设，则， 在时取等号.所以的最小值为.（3）因为椭圆的左、右焦点分别为，点在椭圆上且在第一象限内，则.所以直线 设，因为，所以点到直线距离等于点到直线距离的3倍. 由此得，则或.由得，此方程无解；由得，所以或.代入直线，对应分别得或.因此点的坐标为或.19解:（1）由条件，得，取，得，所以由，得，此式对一切恒成立，所以，则，此时恒成立，所以（2）.令，则令，得.所以.则恒成立，所以当且仅当时，恒成立另一方面，恒成立，即恒成立，也即恒成立因为，对称轴为，所以，解得因此，k的取值范围是 （3）当时，由，得，整理得 令 则记则恒成立，所以在上是减函数，则，即所以不等式有解，设解为，因此当时，设， 令，得当时，是减函数；当时，是增函数，则当时，（或证：）则，因此因为，所以当时，因为，均为偶函数，因此也成立综上所述，20解：（1）因为等差数列是“1”数列，则，即，也即，此式对一切正整数n均成立若，则恒成立，故，而，这与是等差数列矛盾所以（此时，任意首项为1的等差数列都是“11”数列）（2）因为数列是“”数列，所以，即因为，所以，则令，则，即解得，即，也即，所以数列是公比为4的等比数列因为，所以则（3）设各项非负的数列为“”数列，则，即因为，而，所以，则令，则，即（*）若或，则（*）只有一解为，即符合条件的数列只有一个（此数列为1，0，0，0，）若，则（*）化为，因为，所以，则（*）只有一解为，即符合条件的数列只有一个（此数列为1，0，0，0，）若，则的两根分别在（0，1）与（1，+）内，则方程（*）有两个大于或等于1的解：其中一个为1，另一个大于1（记此解为t）所以或由于数列从任何一项求其后一项均有两种不同结果，所以这样的数列有无数多个，则对应的有无数多个综上所述，能存在三个各项非负的数列为“”数列，的取值范围是21【选做题】本题包括A、B、C三小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答若多做，则按作答的前两小题评分解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤A选修4-2：矩阵与变换（10分）平面上点在矩阵对应的变换作用下得到点（1）求实数，的值；（2）求矩阵的逆矩阵B选修4-4：坐标系与参数方程（10分）在极坐标系中，已知点在直线上，点在圆上（其中，）（1）求，的值；（2）求出直线与圆的公共点的极坐标C选修4-5：不等式选讲（10分）设，解不等式 【必做题】第22题、第23题，每题10分，共计20分请在答题卡指定区域内作答，解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤 22（10分）在三棱锥ABCD中，已知CB=CD=,BD=2，O为BD的中点，AO平面BCD，AO=2，E为AC的中点（1）求直线AB与DE所成角的余弦值；（2）若点F在BC上，满足BF=BC，设二面角FDEC的大小为，求sin的值23（10分）甲口袋中装有2个黑球和1个白球，乙口袋中装有3个白球现从甲、乙两口袋中各任取一个球交换放入另一口袋，重复n次这样的操作，记甲口袋中黑球个数为Xn，恰有2个黑球的概率为pn，恰有1个黑球的概率为qn（1）求p1，q1和p2，q2；（2）求2pn+qn与2pn-1+qn-1的递推关系式和Xn的数学期望E(Xn)(用n表示) 数学(附加题)参考答案21【选做题】A选修4-2：矩阵与变换本小题主要考查矩阵的运算、逆矩阵等基础知识，考查运算求解能力满分10分解：（1）因为 ，所以解得，所以（2）因为，所以可逆，从而B选修4-4：坐标系与参数方程本小题主要考查曲线的极坐标方程等基础知识，考查运算求解能力满分10分解：（1）由，得；，又（0，0）（即（0，）也在圆C上，因此或0（2）由得，所以因为，所以，所以公共点的极坐标为C选修4-5：不等式选讲本小题主要考查解不等式等基础知识，考查运算求解和推理论证能力满分10分解：当x>0时，原不等式可化为，解得；当时，原不等式可化为，解得；当时，原不等式可化为，解得综上，原不等式的解集为22【必做题】本小题主要考查空间向量、异面直线所成角和二面角等基础知识，考查空间想象能力和运算求解能力满分10分解：（1）连结OC，因为CB =CD，O为BD中点，所以COBD又AO平面BCD，所以AOOB，AOOC以为基底，建立空间直角坐标系Oxyz因为BD=2，AO=2，所以B（1，0，0），D（1，0，0），C（0，2，0），A（0，0，2）因为E为AC的中点，所以E（0，1，1）则=（1，0，2），=（1，1，1），所以因此，直线AB与DE所成角的余弦值为（2）因为点F在BC上，=（1，2，0）所以又，故设为平面DEF的一个法向量，则即取，得，所以设为平面DEC的一个法向量，又=（1，2，0），则即取，得，所以故所以23【必做题】本小题主要考查随机变量及其概率分布等基础知识，考查逻辑思维能力和推理论证能力满分10分解：（1），（2）当时，得从而，又，所以，由，有，又，所以，由，有，故，的概率分布012则专心-专注-专业