2011年安徽省中考物理试卷答案及解析(共13页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2011年安徽省中考物理试卷参考答案与试题解析一、填空题(每空2分，共26分；将答案直接写在横线上，不必写出解题过程)1（4分）（2011安徽）写出下列事例中用到的物理知识：（1）自去年冬天以来，我省出现比较严重的旱情，有关部门利用于冰升华时吸收（选填“吸收”或“放出”）热量的特点进行了人工降雨（2）夏天的晚上，为了驱赶蚊虫，小敏在房间里使用电蚊香，过了会房间里就充满蚊香的气味，这是因为分子在永不停息地做无规则运动考点：生活中的升华现象；分子的运动；扩散现象专题：应用题；简答题分析：物体由固态变为气态的现象叫升华，升华要吸热；物体是由分子构成的，构成物体的分子总在不停的做无规则运动解答：解：（1）干冰是固态的二氧化碳，在常温下就可以迅速的升华为二氧化碳气体，升华时要吸收热量；故答案为：吸收（2）插上电蚊香，蚊香分子就会运动到空气中，我们就可以闻到蚊香的气味；故答案为：分子在永不停息地做无规则运动点评：解答此题需要知道：什么是升华，构成物体的分子不停的做无规则运动2（2分）（2011安徽）如图所示，在同一个轴上固定着三个齿数不同的齿轮当齿轮旋转时，用纸片分别接触齿轮，使纸片发出声音的音调最高的是下面（选填“上面”、“中间”或“下面”）的齿轮考点：频率及音调的关系专题：信息给予题分析：解决此题的关键是要知道声音音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高，振动越慢，音调就越低解答：解：当纸片与齿轮接触时，齿轮越多的可以使纸片在相同时间内振动次数越多，纸片发声的音调就会越高；由图可知，最下面的齿轮数最多，因此在相同的时间内会振动次数最多，音调最高；故答案为：下面点评：此题结合齿轮和纸片接触发声的实验考查了物体振动频率与其音调的关系，要切实理解掌握，是易错题目3（2分）（2011安徽）如图所示，某物体（可看成一个点）从坐标原点0开始以3cm/s的速度沿x轴正方向匀速运动2s，然后以4cm/s的速度沿y轴正方向运动2s到P点（图中未标出）若物体直接从O点沿直线匀速运动到P点，所用时间也为2s，则物体的速度大小为5cm/s考点：速度的计算；速度公式及其应用专题：计算题；信息给予题；几何法分析：沿x轴正方向，知道速度大小和运动时间，利用速度公式求运动的距离OA；同理可求在y轴正方向上运动的距离AP；利用直角三角形边的关系求OP的大小，又知道从O到P运动时间，再利用速度公式求从O到P的运动速度大小解答：解：如图，在x轴正方向上，v=，sOA=v1t=3cm/s×2s=6cm；在y轴正方向上，v=，sAP=v2t=4cm/s×2s=8cm；在直角三角形OAP中：OP2=OA2+AP2，OP=10cm，从O直接到P的速度：v3=5cm/s故答案为：5点评：本题考查了学生对速度公式v=的掌握和运用，计算时为了方便，可以用这一套单位：scm、vcm/s、ts4（2分）（2011安徽）如图的电路中，R1=6，R2=12，电流表示数为0.4A则AB两端的电压=1.6 V考点：欧姆定律的应用；电阻的并联专题：计算题；应用题分析：两电阻并联，电流表测量总电流，根据公式U=IR可求电源电压解答：解：电源电压U=IR=I×=0.4A×=1.6V故答案为1.6点评：本题考查并联电路电阻的计算和欧姆定律公式及其变形的应用，关键是欧姆定律的应用5（2分）（2011安徽）研究表明，太阳光对被照射的物体也具有力的作用，利用这一现象制成的太阳帆可以为太空飞船提供动力设一个太阳帆的面积为1×104m2，正对太阳时受到光的压强为9×104Pa，则太阳帆受到光的压力为9N考点：压强的大小及其计算专题：计算题；应用题分析：已知接触面积和产生的压强，根据公式F=PS可求太阳帆受到光的压力解答：解：太阳帆受到光的压力F=PS=9×104Pa×1×104m2=9N故答案为 9点评：本题考查压力的计算，关键是压强公式及其变形的灵活运用，还要知道影响压力大小的因素是压强的大小和接触面积的大小6（2分）（2011安徽）如图所示，水平地面上斜放一个平面镜，有一玩具车向镜面开去，要使玩具车通过平面镜所成的像沿竖直方向下运动，则镜面与地面的夹角应该等于45°考点：平面镜成像的相关作图；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案专题：图析法；几何法分析：根据平面镜成像的特点：像与物大小相等，连线与镜面垂直，到平面镜的距离相等，左右相反；小车运动的轨迹是水平直线，像的运动轨迹应是竖直直线，而且竖直轨迹要过水平直线和平面镜的交点解答：解：如图所示：小车的运动轨迹为水平直线，像的轨迹为竖直直线，平面镜应在水平直线和竖直直线的对称轴上，平面镜与水平方向的夹角为45°故答案为：45°点评：平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，像的轨迹与物体的运动轨迹也一定关于平面镜对称7（2分）（2011安徽）图中L为凸透镜，MN为其主光轴，O为光心，若物体AB经凸透镜成的实像为AB，试用作图的方法确定凸透镜的一个焦点F，并在图中标出F的位置考点：透镜的光路图专题：作图题分析：实像是由实际光线组成的实像AB是由来自物体AB的光线经过凸透镜折射后组成的又因为平行于主光轴的光线经过凸透镜折射后过焦点，根据这一特点我们可以在物体AB上从A点开始做一条与主光轴平行的光线，经凸透镜折射后射到A点，折射光线与主光轴相交的点为焦点解答：解：在物体AB上从A点开始做一条与主光轴平行的光线，经凸透镜折射后射到A点，折射光线与主光轴相交的点为焦点F同样，我们利用光路是可逆的，也可以在AB上从A点开始做一条与主光轴平行的光线，经凸透镜折射后射后到A点，折射光线与主光轴相交的点也是焦点故答案为：点评：凸透镜三条特殊光线的作图：通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变8（2分）（2011安徽）沿东西方向直线运动的火车突然刹车，车箱里的乘客看到水平桌面上的小球朝着自己滚动过来（如图所示），这是由于小球具有惯性的缘故若乘客是面朝西坐着的，则列车是向东（选填“东”或“西”）运动的考点：惯性；运动和静止的相对性专题：压轴题；图析法分析：刹车时，乘客由于受到摩擦力的作用停止运动，而小球由于惯性仍保持原来的运动状态，所以出现了相对运动的情况通过小球的运动状态，可以反映列车的运动状态的改变解答：解：列车里的乘客由于列车的运动状态的改变而随之改变，小球原来处于运动状态，当列车的运动状态改变后，由于惯性仍保持原来的运动状态向前运动由于乘客是面朝西坐着的，所以小球是向东运动的，由于小球的运动状态与列车的运动状态相同，所以列车原来是向东运动的故答案为：惯性；东点评：当汽车刹车时，由于惯性，车上的物体相对于车而言要发生相对运动，可以通过车上的物体的运动状态的变化来反映车的运动状态发生了什么变化这是对惯性知识经常考查的一种题型9（2分）（2011安徽）在原子内部，核外电子绕原子核运动会形成一种环形电流，该环形电流产生的磁场使物质微粒（原子）的两侧相当于两个磁极若图中箭头表示的是电子绕原子核运动的方向，则环形电流的左侧应为S（选填“N”或“S”）极考点：安培定则专题：压轴题；图析法分析：先根据图中电子运动的方向来确定电流的方向，再根据右手螺旋定则判断出环形电流左侧的极性解答：解：物理学上规定，正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以图中电流的方向与电子绕原子核运动的方向相反利用右手螺旋定则，伸开右手让四指弯曲的方向与电流的方向一致，大拇指所指的那端（环形电流的右端）为N极，则环形电流的左侧应为S极故答案为：S点评：本题所描述的内容正是安培所提出的“分子电流”的假说安培认为，在原子、分子或分子团等物质微粒内部，存在着一种环形电流分子电流，分子电流使每个物质微粒都形成一个微小的磁体未被磁化的物体，分子电流的方向非常紊乱，对外不显磁性；磁化时，分子电流的方向大致相同，于是对外界显出显示出磁性10（2分）（2011安徽）如图所示，烧杯内盛有某种液体，把一体积为1×104m3的铝块用细线系在弹簧测力计下浸没在液体中，静止时弹簧测力计的示数为1.5N，已知铝的密度为2.7×1O3kg/m3则铝块在液体中受到的浮力等于1.2N，液体的密度为1.2×103 kg/m3考点：浮力大小的计算；密度的计算；重力的计算；阿基米德原理专题：计算题；应用题；压轴题分析：已知铝块的体积和密度，根据公式m=V可求铝块的质量，再利用公式G=mg求出重力，物体所受的浮力等于物体空气中的重力减去在液体中的重力，再利用公式F浮=gV排求出液体的密度解答：解：铝块的重力G=mg=Vg=2.7×lO3kg/m3×1×104m3×10N/kg=2.7N，铝块所受浮力F浮=GG示=2.7N1.5N=1.2N，液体密度=1.2×1O3kg/m3故答案为：1.2；1.2×1O3点评：本题考查重力、浮力和液体密度的计算，关键是利用重力差法求铝块的浮力和利用浮力公式求液体的密度，还要明白一点，铝块完全浸没，排开液体的体积等于自身的体积二、选择题(每小题3分，共21分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的，请将该选项的标号填入题后的括号内)11（3分）（2011安徽）能源、信息、材料是现代社会发展的三大支柱，下列说法正确的是（）A太阳能、风能和核能都是可再生能源B光纤通讯是依靠超声波来传递信息的C在通常情况下，铜、碳棒和陶瓷都属于导体D秦山核电站是利用原子核裂变释放的核能来发电的考点：可再生能源的特点；光纤通信；导体；核聚变专题：应用题；压轴题分析：（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源；（2）激光可以在光导纤维里传播，从而传播信息；（3）容易导电的物体是导体，如金属、人体、石墨、大地等；不容易导电的物体是绝缘体，如空气、陶瓷、塑料、橡胶等；（4）原子核发生分裂或聚合时，可释放出惊人的能量解答：解：A、错误，太阳能、风能都是可再生能源，核能属于不可再生能源；B、错误，光纤通讯是依靠激光（电磁波的一种）来传递信息的；C、错误、在通常情况下，铜、碳棒属于导体，陶瓷属于绝缘体；D、正确，秦山核电站是利用原子核裂变发生链式反应释放的核能来发电的；故选D点评：此题涉及到可再生能源和不可再生能源的特点、光线通讯、导体和绝缘体以及核能的应用等；都属于基础常识，应当了解12（3分）（2011安徽）图为伽利略制造的第一个温度计，它可以测量气体的温度若外部大气压不变，在气温发生变化时，球形容器内气体的体积随之发生变化，使玻璃管内液面上升或下降，从而测量出气温的高低以下说法正确的是（）A当气温升高，球内气体体积膨胀，玻璃管内液面下降B当气温升高，球内气体体积缩小，玻璃管内液面上升C当气温降低，球内气体体积缩小，玻璃管内液面下降D当气温降低，球内气体体积膨胀，玻璃管内液面上升考点：气体压强跟体积的关系专题：应用题分析：要解答本题首先应了解：气体有着较突出的热胀冷缩的性质，随着外界温度的变化，球形容器内气体的体积会有明显的变化解答：解：当外界气温上升的时候，球形容器内的气体受热膨胀，由于密闭，所以压强增大，使管内的液面下降；反之，当外界气温下降的时候，球形容器内的气体收缩，由于密闭，所以压强减小，管内的液面上升故B、C、D错误故选A点评：本题主要考查了气体压强跟温度、体积的关系，了解和掌握伽利略温度计的工作原理，是一道中档题13（3分）（2011安徽）如图所示，利用弹簧测力计测量一块秒表的重力时，使测力计内弹簧伸长的力是（）A秒表的重力B秒表和测力计的总重力C秒表对弹簧的拉力D弹簧对秒表的拉力考点：弹簧测力计的使用与读数；力作用的相互性专题：信息给予题分析：只有当弹簧测力计和物体处于静止或匀速直线运动状态时由二力平衡以及相互作用规律，可准确得到物体重力的大小解答：解：当弹簧测力计和物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体受力平衡，即弹簧秤向上的拉力与物体的重力相等，因弹簧秤对物体的拉力与物体对弹簧秤的拉力为相互作用力，此时弹簧秤的示数才是准确的所以，使测力计内弹簧伸长的力是秒表对弹簧的拉力故选C点评：本题考查学生对弹簧测力计及其原理的理解以及本题考查物理规律在生活中的应用，要明白力的相互性及二力平衡关系14（3分）（2011安徽）如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关，当滑动变阻器的滑片向右移动时（）A电压表示数变大，电流表示数变小，灯泡变暗B电压表示数变小，电流表示数变大，灯泡变亮C电压表示数变小，电流表示数变小，灯泡变暗D电压表示数变大，电流表示数变大，灯泡变亮考点：滑动变阻器的使用；欧姆定律；电功率的计算；实际功率专题：压轴题分析：滑动变阻器是靠改变连入电路中电阻丝的长度来改变电阻的，它在电路中的作用就是通过改变电阻从而改变电路中的电流和部分电路两端的电压这道题我们先分析变阻器电阻变化情况，然后得出总电阻变化情况由于电压一定，根据欧姆定律就可以得出电流变化情况最后围绕定值电阻分析，因为它的阻值一定，所以通过它的电流跟它两端的电压成正比，知道了它的电压变化情况，就可以知道变阻器两端的电压变化情况了解答：解：由图可知，变阻器与灯泡是串联，电压表测滑动变阻器两端电压，电流表测总电流当滑片向右滑动时，滑动变阻器的电阻变小，则电路的总电阻变小；又知：电路总电压等于电源电压保持不变；根据欧姆定律I=可知，电路中电流变大，即电流表的示数变大；又灯泡的阻值不变；根据U灯=IR灯可知灯泡两端电压变大；又P灯=I2R灯，且电阻不变，电流变大；灯泡的实际功率变大；灯泡变亮；又U滑=UU灯；则可判断U滑变小故选B点评：解决这类题目的大体思路是：先分析电阻变化情况，再分析电流变化情况，最后分析电压变化情况；在分析的过程中要合理的选用公式15（3分）（2011安徽）通电直导线的周围存在磁场，若将一根长导线沿一个方向绕成螺线管，插入铁芯后，就制成了一个电磁铁关于电磁铁的磁性强弱，以下说法正确的是（）A电磁铁的磁性强弱与线圈匝数无关B电磁铁的磁性强弱与电流大小无关C导线绕成螺线管后，每匝线圈产生的磁场相互抵消，故磁性减弱D导线绕成螺线管后，每匝线圈产生的磁场相互叠加，故磁性增强考点：影响电磁铁磁性强弱的因素分析：明确影响电磁铁磁性强弱的因素有哪些，并且知道其磁性与这三个因素具体有什么关系，结合选择项的内容，即可得到答案三个：线圈中电流的大小；线圈的匝数；铁芯的有无解答：解：电磁铁的磁性强弱有三个因素决定：电流大小；线圈匝数；铁芯的有无且：在都有铁芯的情况下，电流越大，匝数越多，磁性越强；在电流大小和线圈匝数相同的情况下，有铁芯时，要比没有铁芯时，电磁铁的磁性要强综上分析，故选D点评：线圈匝数增多，电磁铁的磁性增强是没匝线圈磁场叠加的结果；同理，加入铁芯其磁性增强，也是磁化后的铁芯的磁场与线圈磁场叠加造成的磁性增强16（3分）（2011安徽）实验室有甲、乙两只灯泡，甲标有“15V 1.0A“字样，乙标有“10V 0.5A“字样现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（不考虑温度对灯泡电阻的影响）（）A25VB35VC17.5VD12.5V考点：欧姆定律的应用；电阻的串联；额定电压专题：计算题；压轴题分析：两电阻串联，为保证安全应让所通过电流不超过最小的额定电流；由欧姆定律可求得两灯的电阻，则由欧姆定律可求得该电路两端允许加的最高电压解答：解：两电阻额定电流分别的I甲=1.0A、I乙=0.5A，则可知电路中允许通过的最大电流I=I乙=0.5A；由欧姆定律得R甲=15；R乙=20；则电路两端所加电压U=I（R甲+R乙）=0.5A×（15+20）=17.5V；故该串联电路两端允许通过的最大电压为17.5V故选C点评：当两电阻串联时，电路中允许通过的最大电流不得超过两电阻中额定电流的最小值；当两电阻并联时，电路两端允许加的最大电压不得超过两电阻中额定电压的最小值，否则就会把额定值较小的电阻烧坏17（3分）（2011安徽）如果加在某定值电阻两端的电压从6V升高到10V，通过该电阻的电流变化了0.1A，则该电阻的电功率变化了（）A1.6WB4.0WC0.4WD3.4W考点：电功率的计算；影响电阻大小的因素；欧姆定律的应用专题：计算题；压轴题分析：电阻大小不变，已知电阻两端电压的变化和电流的变化，根据公式I=可求电阻的大小，根据公式P=可知该电阻的电功率变化解答：解：电阻两端的电压变化，电阻保持不变，当电阻两端的电压为6V时，通过电阻的电流为I1=，该电阻的电功率为P1=，当电阻两端的电压为10V时，通过电阻的电流为I2=，该电阻的电功率为P2=，电流变化I=I2I1=0.1A，所以R=40，所以该电阻的电功率变化了P=P2P1=1.6W故选A点评：本题考查电功率和电流以及电阻的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是求电阻的阻值，这也是本题的难点三、实验题(第18、19小题各6分，第20小题8分，共20分)18（6分）（2011安徽）某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，使杠杆保持水平；竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升（保持0点位置不变），在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2回答下列问题：（1）杠杆机械效率的表达式为=×100%（用已知或测量的物理量符号表示）（2）本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是：杠杆的自重（3）若只将钩码的悬挂点由A移至C，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：杠杆机械效率的测量实验；杠杆的平衡条件；机械效率；机械效率的计算；杠杆的机械效率专题：计算题；压轴题；实验探究题分析：（1）使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；（2）机械效率是有用功和总功的比值，它反映了有用功在总功中所占比例的大小，也反映了额外功所占比例的大小，影响机械效率的因素从有用功和额外功两方面考虑；（3）将钩码的悬挂点从A点移至C点，改变了钩码重力的力臂，根据杠杆平衡条件分析，改变了弹簧测力计的拉力，改变了弹簧测力计的拉力做功的多少，改变了机械效率的高低解答：解：（1）有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式=×100%=×100%（2）有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力（3）钩码的悬挂点在A点时，由杠杠的平衡条件得GOA=FOB；悬挂点移至C点时，由杠杠的平衡条件得GOC=FOB，经对比发现，由OA到OC力臂变大，所以拉力F也变大，杠杆提升的高度减小，额外功减小，因此杠杆的机械效率变大故答案为：（1）×100%；（2）杠杆的自重；（3）变大点评：本题考查杠杆机械效率的测量，把握有用功、总功的计算方式，明确机械效率的表达式，知道提高机械效率的方法19（6分）（2011安徽）在伏安法测量电阻R阻值的实验中：（1）为了完成实验，请将右图连成一个完整的实验电路图，并使滑动变阻器连入电路的阻值最大（2）实验测得的数据如下表，请你根据表中的数据计算出R的阻值，要求写出计算过程，结果保留一位小数实验次数123U/V1.22.42.8I/A0.120.240.27考点：伏安法测电阻的探究实验；电流表的使用；电压表的使用；滑动变阻器的使用；电路图设计专题：实验题；作图题；压轴题；设计与制作题分析：（1）伏安法测电阻时，电压表与电阻并联测电阻的电压，电流表与电阻串联测电阻的电流，滑动变阻器串联在电路中，电阻处于最大阻值处，起保护电路的作用，开关串联在电路中控制电路（2）根据R=求出三次实验的电阻，求电阻平均值解答：解：（1）实验电路应是开关、滑动变阻器、电流表、待测电阻串联接在电源两极上；然后电压表与待测测电阻并联，滑动变阻器串联在电路时滑片处于最大阻值处如图（2）R1=10，R2=10，R3=10.4，R的阻值为：=10.1故：R的阻值10.1点评：本题考查了由实验目的设计电路图设计电路图时，要明确需要测量的物理量，各个测量工具的连接方法等20（8分）（2011安徽）某物理小组在一一次探究活动中测量滑块与木板之间的滑动摩擦力实验装置如图所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，木板上的滑块通过轻绳绕过定滑轮，绳的另一端悬挂托盘实验时，在托盘中放入适量的砝码，使滑块做匀速直线运动回答下列问题：（1）为了测量滑块的滑动摩擦力，需要测量的物理量是（填选项前的编号）木板的质量m1，滑块的质量m2：砝码的质量m3，托盘和砝码的总质量m4（2）滑块的滑动摩擦力表达式为f=m4g（用已知或测量的物理量符号表示）（3）该实验的理论依据是：二力平衡（或滑块匀速直线运动时拉力等于摩擦力）（4）该实验存在一些不足之处，请你写出其中的一点：难以控制滑块恰好做匀速直线运动（或砝码的质量不连续）考点：二力平衡条件的应用；重力的计算；摩擦力的大小专题：实验题；简答题；压轴题分析：当滑块做匀速直线运动运动时，根据二力平衡的知识，此时滑块受到的摩擦力等于绳子的拉力，即托盘和砝码的总重力；实验中由于砝码的重力是不连续的，托盘和砝码的总重力不一定恰好等于摩擦力的大小，因此不能控制滑块一定做匀速直线运动解答：解：（1）实验中没有使用弹簧测力计，所以摩擦力的大小只能通过托盘和砝码对绳子的拉力体现，拉力等于托盘和砝码的总重力，因此需要测量托盘和砝码的总质量m；（2）滑块所受摩擦力的大小等于托盘和砝码的总重力，即f=G=mg；（3）实验的理论依据就是滑块做匀速直线运动是受到的摩擦力和拉力是一对平衡力，它们的大小相等；（4）实验中要求滑块做匀速直线运动，即托盘和砝码总重力的大小等于摩擦力，由于砝码的质量最小是5g，数值不是连续的，因此这一点很难做到故答案为：（1）；（2）m4g；（3）二力平衡（或滑块匀速直线运动时，拉力等于滑动摩擦力）；（4）难以控制滑块恰好做匀速直线运动（或砝码的质量是不连续的）点评：本实验根据物体受平衡力做匀速直线运动的原理测量摩擦力，存在一些不足，如果让实验更完美，可以把砝码换成细沙，用天平测总质量计算总重力四、计算与推导题(第21小题7分，第22、23小题各8分，共23分；解答要有必要的公式和过程，只有最后答案的不能得分)21（7分）（2011安徽）斜面是一种常见的简单机械，在生产和生活中利用斜面提升物体可以省力图示为倾角=30°的固定斜面，用平行于斜面的拉力F=4N，将一物体从斜面底端匀速拉上斜面，已知物体上升的高度h=1m；（1）求拉力F做的功；（2）若斜面的高度H一定，倾角可以改变，试推导：在不考虑摩擦时，用平行于斜面的拉力F将重为G的物体匀速拉上斜面顶端越小，F越小考点：功的计算；功的原理；有用功和额外功专题：计算题；几何法分析：（1）已知物体上升的高度，倾角=30°，根据直角三角形角边关系可知拉力移动的距离s，又知道拉力大小，根据W=Fs求拉力F做的功；（2）倾角为（090°），高为h，则斜面长s=，在不考虑摩擦时，有用功等于总功，即Gh=F，得出F与的关系式，据此得出答案解答：解：（1）=30°，s=2h=2×1m=2m，拉力F做的功：W=Fs=4N×2m=8J；（2）由图可知，s=，不考虑摩擦，W有用=W总，即：Gh=Fs=F，F=Gsin，由题知090°，当增大时，sin增大，当减小时，sin减小，当G一定时，越小F越小，越省力答：（1）拉力F做的功为8J；（2）推导过程见上面点评：利用斜面可以省力，所做的额外功就是克服摩擦做的功，若不计摩擦，额外功为0，利用好有用功等于总功分析22（8分）（2011安徽）随着人们生活水平的日益提高，小汽车越来越多地走进了百姓人家一辆使用汽油为燃料的小汽车，以72km/h的速度在水平路面上匀速行驶时，发动机的实际功率为20kW若小汽车行驶的距离为100km，汽油的热值q=4.6×107J/kg，小汽车发动机的效率为25%求小汽车在这段路程中：（1）运动的时间；（2）发动机所做的功；（3）消耗汽油的质量考点：速度公式及其应用；物理量的单位及单位换算；功的计算；热量的计算专题：计算题；应用题；压轴题分析：（1）已知汽车的行驶速度和行驶的距离，根据公式t=可求运动时间（2）已知发动机的实际功率和行驶的时间，根据公式W=Pt可求发动机所做的功（3）汽油完全燃烧释放的热量根据公式Q=qm可求，还知道小汽车发动机的效率=，二式联立可求汽油的质量解答：解：（1）速度V=72km/h=20m/s运动时间t=5000s答：运动的时间为5000s（2）发动机所做的功W=Pt=20000W×5000s=1×108J答：发动机所做的功为1×108J（3）汽油完全燃烧释放的热量Q=qm，又因为Q=，所以m=8.7kg答：消耗汽油的质量为8.7kg点评：本题考查时间、做功、质量的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，还要注意单位的换算23（8分）（2011安徽）实验室有一种小量程的电流表叫毫安表，用符号表示，在进行某些测量时，其电阻不可忽略在电路中，我们可以把毫安表看成一个定值电阻，通过它的电流可以从表盘上读出利用图示电路可以测量一个毫安表的电阻，电源的电阻不计，R1=40，R2=60当开关S1闭合、S2断开时，毫安表的读数为6mA；当S1、S2均闭合时，毫安表的读数为8mA求毫安表的电阻RA和电源的电压U考点：欧姆定律的应用；电路的三种状态专题：计算题；压轴题；方程法分析：由题意可知，毫安表为可读出电流值的电阻，则可将毫安表当做电阻处理；当开关S1闭合、S2断开时，R1、R2与毫安表串联，则由欧姆定律可得出电流值与电源电压的关系；当S1、S2均闭合时R2被短路，R1与RA串联，则由欧姆定律可得出电流与电压的关系，则联立两式可得电压值及毫安表的电阻解答：解：当开关S1闭合、S2断开时，由欧姆定律可得：U=I1（R1+R2+RA）（1）当S1、S2均闭合时，由欧姆定律得：U=I2（R1+RA）（2）则有I1（R1+R2+RA）=U=I2（R1+RA）； 代入数据得：6×103A×（40+60+RA）=8×103A×（40+RA）则解得：RA=140；将RA代入（2）式可得：U=8×103A×（40+140）=1.44V；答：毫安表的阻值为140，电源电压为1.44V点评：本题考查欧姆定律的应用，注意题目中毫安表的等效方法及开关的短路状态，并能灵活应用欧姆定律参与本试卷答题和审题的老师有：；sdwdxz；吴长青；同晓晓；wslil76；空气凤梨；sdpyqjy；刘治强；pyw；pydrx；hyan；xjb；dutongyue（排名不分先后）专心-专注-专业