2020年全国统一高考数学解析试卷(理科)(全国2卷)(共20页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2020年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，有一项是符合题目要求的。1已知集合，0，1，2，0，则A.， B，C，0， D，2若为第四象限角，则ABCD3在新冠肺炎疫情防控期间，某超市开通网上销售业务，每天能完成1200份订单的配货，由于订单量大幅增加，导致订单积压为解决困难，许多志愿者踊跃报名参加配货工作已知该超市某日积压500份订单未配货，预计第二天的新订单超过1600份的概率为0.05,志愿者每人每天能完成50份订单的配货，为使第二天完成积压订单及当日订单的配货的概率不小于0.95，则至少需要志愿者A10名B18名C24名D32名4北京天坛的圜丘坛为古代祭天的场所，分上、中、下三层上层中心有一块圆形石板（称为天心石），环绕天心石砌9块扇面形石板构成第一环，向外每环依次增加9块下一层的第一环比上一层的最后一环多9块，向外每环依次也增加9块已知每层环数相同，且下层比中层多729块，则三层共有扇面形石板（不含天心石）A3699块B3474块C3402块D3339块5若过点的圆与两坐标轴都相切，则圆心到直线的距离为ABCD6数列中，若，则A2B3C4D57如图是一个多面体的三视图，这个多面体某条棱的一个端点在正视图中对应的点为，在俯视图中对应的点为，则该端点在侧视图中对应的点为ABCD8设为坐标原点，直线与双曲线的两条渐近线分别交于，两点若的面积为8，则的焦距的最小值为A4B8C16D329设函数，则A是偶函数，且在，单调递增B是奇函数，且在，单调递减C是偶函数，且在单调递增D是奇函数，且在单调递减10已知是面积为的等边三角形，且其顶点都在球的球面上若球的表面积为，则到平面的距离为ABC1D11若，则ABCD12周期序列在通信技术中有着重要应用若序列满足，2，且存在正整数，使得，2，成立，则称其为周期序列，并称满足的最小正整数为这个序列的周期对于周期为的序列，2，是描述其性质的重要指标.下列周期为5的序列中，满足的序列是ABCD二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13已知单位向量，的夹角为，与垂直，则144名同学到3个小区参加垃圾分类宣传活动，每名同学只去1个小区，每个小区至少安排1名同学，则不同的安排方法共有种15设复数，满足，则16设有下列四个命题：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内：过空间中任意三点有且仅有一个平面：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行：若直线平面，直线平面，则则下述命题中所有真命题的序号是三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17（12分）中，（1）求；（2）若，求周长的最大值18（12分）某沙漠地区经过治理，生态系统得到很大改善，野生动物数量有所增加为调查该地区某种野生动物的数量，将其分成面积相近的200个地块，从这些地块中用简单随机抽样的方法抽取20个作为样区，调查得到样本数据，2，其中和分别表示第个样区的植物覆盖面积（单位：公顷）和这种野生动物的数量，并计算得，（1）求该地区这种野生动物数量的估计值（这种野生动物数量的估计值等于样区这种野生动物数量的平均数乘以地块数）；（2）求样本，2，的相关系数（精确到；（3）根据现有统计资料，各地块间植物覆盖面积差异很大为提高样本的代表性以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计，请给出一种你认为更合理的抽样方法，并说明理由附：相关系数，19（12分）已知椭圆的右焦点与抛物线的焦点重合，的中心与的顶点重合，过且与轴垂直的直线交于，两点，交于，两点，且（1）求的离心率；（2）设是与的公共点，若，求与的标准方程20（12分）如图，已知三棱柱的底面是正三角形，侧面是是矩形，分别为，的中点，为上一点，过和的平面交于，交于（1）证明：，且平面平面；（2）设为的中心，若平面，且，求直线与平面所成角的正弦值21（12分）已知函数（1）讨论在区间的单调性；（2）证明：；（3）设，证明：（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程（10分）22（10分）已知曲线，的参数方程分别为为参数），为参数）（1）将，的参数方程化为普通方程；（2）以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系设，的交点为，求圆心在极轴上，且经过极点和的圆的极坐标方程选修4-5：不等式选讲（10分）23已知函数（1）当时，求不等式的解集；（2）若，求的取值范围2020年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，有一项是符合题目要求的。1已知集合，0，1，2，0，则A.， B，C，0， D，【思路分析】先求出，再根据补集得出结论【解析】：集合，0，1，2，0，则，则.故选：【总结与归纳】本题主要考查集合的交并补运算，属于基础题2若为第四象限角，则ABCD【思路分析】先求出是第三或第四象限角或为轴负半轴上的角，即可判断【解析】：为第四象限角，则，则，是第三或第四象限角或为轴负半轴上的角，故选：【总结与归纳】本题考查了角的符号特点，考查了转化能力，属于基础题3在新冠肺炎疫情防控期间，某超市开通网上销售业务，每天能完成1200份订单的配货，由于订单量大幅增加，导致订单积压为解决困难，许多志愿者踊跃报名参加配货工作已知该超市某日积压500份订单未配货，预计第二天的新订单超过1600份的概率为0.05,志愿者每人每天能完成50份订单的配货，为使第二天完成积压订单及当日订单的配货的概率不小于0.95，则至少需要志愿者A10名B18名C24名D32名【思路分析】由题意可得至少需要志愿者为名【解析】：第二天的新订单超过1600份的概率为0.05，就按1600份计算，第二天完成积压订单及当日订单的配货的概率不小于0.95就按1200份计算，因为公司可以完成配货1200份订单，则至少需要志愿者为名，故选：【总结与归纳】本题考查了等可能事件概率的实际应用，属于基础题4北京天坛的圜丘坛为古代祭天的场所，分上、中、下三层上层中心有一块圆形石板（称为天心石），环绕天心石砌9块扇面形石板构成第一环，向外每环依次增加9块下一层的第一环比上一层的最后一环多9块，向外每环依次也增加9块已知每层环数相同，且下层比中层多729块，则三层共有扇面形石板（不含天心石）A3699块B3474块C3402块D3339块【思路分析】由题意可得从内到外每环之间构成等差数列，且公差，根据等差数列的性质即可求出，再根据前项和公式即可求出【解析】：设每一层有环，由题意可知从内到外每环之间构成等差数列，且公差，由等差数列的性质可得，成等差数列，且，则，则，则三层共有扇面形石板块，故选：【总结与归纳】本题考查了等差数列在实际生活中的应用，考查了分析问题解决问题的能力，属于中档题5若过点的圆与两坐标轴都相切，则圆心到直线的距离为ABCD【思路分析】由已知设圆方程为，代入，能求出圆的方程，再代入点到直线的距离公式即可【解析】：由题意可得所求的圆在第一象限，设圆心为，则半径为，故圆的方程为，再把点代入，求得或1，故要求的圆的方程为或故所求圆的圆心为或；故圆心到直线的距离或；故选：【总结与归纳】本题主要考查用待定系数法求圆的标准方程的方法，求出圆心坐标和半径的值，是解题的关键，属于基础题6数列中，若，则A2B3C4D5【思路分析】在已知数列递推式中，取，可得，则数列是以2为首项，以2为公比的等比数列，再由等比数列的前项和公式列式求解【解析】：由，且，取，得，则数列是以2为首项，以2为公比的等比数列，则，即故选：【总结与归纳】本题考查数列递推式，考查等比关系的确定，训练了等比数列前项和的求法，是中档题7如图是一个多面体的三视图，这个多面体某条棱的一个端点在正视图中对应的点为，在俯视图中对应的点为，则该端点在侧视图中对应的点为ABCD【思路分析】首先把三视图转换为直观图，进一步求出图形中的对应点【解析】：根据几何体的三视图转换为直观图：根据三视图和几何体的的对应关系的应用，这个多面体某条棱的一个端点在正视图中对应的点为，在俯视图中对应的点为，所以在侧视图中与点对应故选：【总结与归纳】本题考查的知识要点：三视图和几何体的直观图之间的转换、主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型8设为坐标原点，直线与双曲线的两条渐近线分别交于，两点若的面积为8，则的焦距的最小值为A4B8C16D32【思路分析】根据双曲线的渐近线方程求出点，的坐标，根据面积求出，再根据基本不等式即可求出【解析】：由题意可得双曲线的渐近线方程为，分别将，代入可得，即，则，当且仅当时取等号，的焦距的最小值为，故选：【总结与归纳】本题考查了双曲线的方程和基本不等式，以及渐近线方程，属于基础题9设函数，则A是偶函数，且在，单调递增B是奇函数，且在，单调递减C是偶函数，且在单调递增D是奇函数，且在单调递减【思路分析】求出的取值范围，由定义判断为奇函数，利用对数的运算性质变形，再判断内层函数的单调性，由复合函数的单调性得答案【解析】：由，得又，为奇函数；由，可得内层函数的图象如图，在上单调递减，在，上单调递增，则，上单调递减又对数式是定义域内的增函数，由复合函数的单调性可得，在上单调递减故选：【总结与归纳】本题考查函数的奇偶性与单调性的综合，考查复合函数单调性的求法，是中档题10已知是面积为的等边三角形，且其顶点都在球的球面上若球的表面积为，则到平面的距离为ABC1D【思路分析】画出图形，利用已知条件求三角形的外接圆的半径，然后求解即可【解析】：由题意可知图形如图：是面积为的等边三角形，可得，可得：，球的表面积为，外接球的半径为：，解得，所以到平面的距离为：故选：【总结与归纳】本题考查球的内接体问题，求解球的半径，以及三角形的外接圆的半径是解题的关键11若，则ABCD【思路分析】由，可得，令，则在上单调递增，且，结合函数的单调性可得，的大小关系，结合选项即可判断【解析】：由，可得，令，则在上单调递增，且，所以，即，由于，故，故选：【总结与归纳】本题主要考查了函数的单调性在比较变量大小中的应用，属于基础试题12周期序列在通信技术中有着重要应用若序列满足，2，且存在正整数，使得，2，成立，则称其为周期序列，并称满足的最小正整数为这个序列的周期对于周期为的序列，2，是描述其性质的重要指标.下列周期为5的序列中，满足的序列是ABCD【思路分析】分别为4个选项中，2，3，4进行讨论，若有一个不满足条件，就排除；由题意可得周期都是5，每个答案中都给了一个周期的排列，若需要下个周期的排列，继续写出，如答案中的排列为10001 10001 10001【解析】：对于选项：序列11010 11010（1），（2），不满足故排除；对于选项：序列11011 11011（1），不满足条件，排除；对于选项：序列10001 10001 10001（1），（2），（3），（4），符合条件，对于选项：序列11001 11001（1）不满足条件故选：【总结与归纳】本题考查序列的周期性及对5个两项乘积之和的求法，属于中档题二、填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分。13已知单位向量，的夹角为，与垂直，则【思路分析】由已知求得，再由与垂直，可得，展开即可求得值【解析】：向量，为单位向量，且，的夹角为，又与垂直，即，则故答案为：【总结与归纳】本题考查平面向量的数量积运算，考查向量垂直与数量积的关系，是基础题144名同学到3个小区参加垃圾分类宣传活动，每名同学只去1个小区，每个小区至少安排1名同学，则不同的安排方法共有36种【思路分析】先从4人中选出2人作为一组有种方法，再与另外2人一起进行排列有种方法，相乘即可【解析】：因为有一小区有两人，则不同的安排方式共有种故答案为：36【总结与归纳】本题考查排列组合及分步计数原理的运用，属于基础题15设复数，满足，则【思路分析】利用复数模的计算公式和复数的运算性质，求解即可【解析】：复数，满足，所以，得又，故故答案为：【总结与归纳】熟练掌握复数的运算法则和纯虚数的定义、复数模的计算公式设解题的关键16设有下列四个命题：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内：过空间中任意三点有且仅有一个平面：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行：若直线平面，直线平面，则则下述命题中所有真命题的序号是【思路分析】根据空间中直线与直线，直线与平面的位置关系对四个命题分别判断真假即可得到答案【解析】：设有下列四个命题：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内根据平面的确定定理可得此命题为真命题，：过空间中任意三点有且仅有一个平面若三点在一条直线上则有无数平面，此命题为假命题，：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行，也有可能异面的情况，此命题为假命题，：若直线平面，直线平面，则由线面垂直的定义可知，此命题为真命题；由复合命题的真假可判断为真命题，为假命题，为真命题，为真命题，故真命题的序号是：，故答案为：，【总结与归纳】本题以命题的真假判断为载体，考查了空间中直线与直线，直线与平面的位置关系，难度不大，属于基础题三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共60分。17（12分）中，（1）求；（2）若，求周长的最大值【思路分析】（1）运用余弦定理和特殊角的三角函数值，可得所求角；（2）运用正弦定理和三角函数的和差公式，结合余弦函数的图象和性质，可得所求最大值【解析】：（1）设的内角，所对的边分别为，因为，由正弦定理可得，即为，由余弦定理可得，由，可得；（2）解法一：由题意可得，又，可设，由正弦定理可得，可得，则周长为，当，即时，的周长取得最大值解法二(贺雷颖老师补解)：由（1）得，由题意可得，由余弦定理得，可得，.当且仅当时等号成立，的周长取得最大值为【总结与归纳】本题考查三角形的正弦定理和余弦定理的运用，考查三角函数的恒等变换和图象与性质，考查方程思想和化简运算能力，属于中档题18（12分）某沙漠地区经过治理，生态系统得到很大改善，野生动物数量有所增加为调查该地区某种野生动物的数量，将其分成面积相近的200个地块，从这些地块中用简单随机抽样的方法抽取20个作为样区，调查得到样本数据，2，其中和分别表示第个样区的植物覆盖面积（单位：公顷）和这种野生动物的数量，并计算得，（1）求该地区这种野生动物数量的估计值（这种野生动物数量的估计值等于样区这种野生动物数量的平均数乘以地块数）；（2）求样本，2，的相关系数（精确到；（3）根据现有统计资料，各地块间植物覆盖面积差异很大为提高样本的代表性以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计，请给出一种你认为更合理的抽样方法，并说明理由附：相关系数，【思路分析】（1）由已知数据求得20个样区野生动物数量的平均数，乘以200得答案；（2）由已知直接利用相关系数公式求解；（3）由各地块间植物覆盖面积差异很大可知更合理的抽样方法是分层抽样【解析】：（1）由已知，个样区野生动物数量的平均数为，该地区这种野生动物数量的估计值为；（2），；（3）更合理的抽样方法是分层抽样，根据植物覆盖面积的大小对地块分层，再对200个地块进行分层抽样理由如下：由（2）知各样区的这种野生动物数量与植物覆盖面积有很强的正相关由于各地块间植物覆盖面积差异很大，从而各地块间这种野生动物数量差异也很大，采用分层抽样的方法较好地保持了样本结构与总体结构的一致性，提高了样本的代表性，从而可以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计【总结与归纳】本题考查简单的随机抽样，考查相关系数的求法，考查计算能力，是基础题19（12分）已知椭圆的右焦点与抛物线的焦点重合，的中心与的顶点重合，过且与轴垂直的直线交于，两点，交于，两点，且（1）求的离心率；（2）设是与的公共点，若，求与的标准方程【思路分析】（1）由为的焦点且轴，为的焦点且轴，分别求得的坐标和，由已知条件可得，的方程，消去，结合，和的关系，解方程可得的值；（2）由（1）用表示椭圆方程和抛物线方程，联立两曲线方程，解得的横坐标，再由抛物线的定义，解方程可得，进而得到所求曲线方程【解析】：（1）因为为的焦点且轴，可得，设的标准方程为，因为为的焦点且轴，所以，因为，的焦点重合，所以，消去，可得，所以，所以，设的离心率为，由，则，解得舍去），故的离心率为；（2）由（1）可得，所以，联立两曲线方程，消去，可得，所以，解得或（舍去），从而，解得，所以和的标准方程分别为，【总结与归纳】本题考查抛物线和椭圆的定义、方程和性质，考查直线和椭圆的位置关系，考查方程思想和运算能力，属于中档题20（12分）如图，已知三棱柱的底面是正三角形，侧面是是矩形，分别为，的中点，为上一点，过和的平面交于，交于（1）证明：，且平面平面；（2）设为的中心，若平面，且，求直线与平面所成角的正弦值【思路分析】（1）推导出，四边形为矩形，从而，由此能证明，且平面平面（2）推导出，从而，四边形为平行四边形，直线在平面内的投影为，从而直线与平面所成角即为等腰梯形中与所成角，由此能求出直线与平面所成角的正弦值【解析】：（1）证明：，分别为，的中点，底面为正三角形，四边形为矩形，平面，平面，平面平面，综上，且平面平面（2）解法一(贺雷颖老师补解)：连接，平面平面平面四边形为平行四边形，设为的中心，且,当点变化时，梯形形状不变，故直线与平面所成角不变，所以不妨设，该三棱柱为直棱柱，则以为轴和轴建立空间直角坐标系，设，则，取平面得法向量为.故直线与平面所成角的正弦值为.解法二三棱柱上下底面平行，平面与上下底面分别交于，面，面，面面，四边形为平行四边形，是正三角形的中心，由（1）知直线在平面内的投影为，直线与平面所成角即为等腰梯形中与所成角，在等腰梯形中，令，过作于，则，直线与平面所成角的正弦值为【总结与归纳】本题考查线线平行、面面垂直的证明，考查线面角的正弦值的求法，考查空间中线线、线面、面面间的位置关系等基础知识，考查运算求解能力，是中档题21（12分）已知函数（1）讨论在区间的单调性；（2）证明：；（3）设，证明：【思路分析】（1）先求导，根据导数和函数单调性的关系即可求出，（2）根据导数和函数最值的关系即可证明，（3）利用（2）的结论，根据指数函数的性质即可证明【解析】：（1），令，解得，或，当或，时，当，时，在，上单调递增，在，上单调递减证明：（2），由（1）可知，为周期函数，；（3）由（2）可知，【总结与归纳】本题考查了导数和函数的单调性的和极值最值的关系，不等式的证明，考查了运算求解能力，转化与化归能力，属于难题（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答。如果多做，则按所做第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程（10分）22（10分）已知曲线，的参数方程分别为为参数），为参数）（1）将，的参数方程化为普通方程；（2）以坐标原点为极点，轴正半轴为极轴建立极坐标系设，的交点为，求圆心在极轴上，且经过极点和的圆的极坐标方程【思路分析】（1）直接利用转换关系的应用，把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进行转换（2）利用极径的应用和圆的方程的应用求出结果【解析】：（1）曲线，参数方程为：为参数），转换为直角坐标方程为：，所以的普通方程为曲线的参数方程：为参数）所以整理得直角坐标方程为，所以的普通方程为（2）由，整理得，解得：，即设圆的方程，由于圆经过点和原点，所以，解得，故圆的方程为：，即，转换为极坐标方程为【总结与归纳】本题考查的知识要点：参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换，极径的应用，一元二次方程根和系数关系式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及思维能力，属于基础题型选修4-5：不等式选讲（10分）23已知函数（1）当时，求不等式的解集；（2）若，求的取值范围【思路分析】（1）把代入函数解析式，写出分段函数，然后对分类求解不等式，取并集得答案；（2）利用绝对值不等式的性质可得由，得，求解二次不等式得答案【解析】：（1）当时，当时，不等式化为，即，；当时，不等式化为，此时；当时，不等式化为，即，综上，当时，求不等式的解集为或；（2）又，得或，解得：或综上，若，则的取值范围是，【总结与归纳】本题考查绝对值不等式的解法，考查分类讨论的数学思想方法，考查绝对值不等式的性质，是中档题专心-专注-专业