山东省枣庄市2017年中考物理试卷（解析版）(共11页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2017年山东省枣庄市中考物理试卷一、选择题（每小题2分.在每题的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）.1下列声现象中，能说明声音的传播需要介质的是（）A 蝙蝠靠超声波发现昆虫B倒车雷达C真空罩中的闹钟D超声波清洗机【考点】声音的传播条件【分析】声音在传播过程中遇到障碍物，从而反射回的现象叫回声；声音能够传递能量；声音传播需要介质，真空不能传声【解答】解：A、蝙蝠是靠发出的超声波被昆虫反射发现目标的，此现象说明声音能够反射，形成回声故A错误；B、倒车雷达是靠发出的超声波被障碍物反射发现车后物体的，此现象说明声音能够反射，形成回声故B错误；C、当逐渐抽掉罩内空气时，闹钟声音减小，由此可以推论，当罩内是真空时，声音将完全消失说明声音的传播需要介质故C正确；D、利用超声波可以清洗精密仪器，说明声音能够传递能量故D错误故选C2在做凸透镜成像实验时，将点燃的蜡烛沿着光具座，从凸透镜二倍焦距以外的某位置向焦点移动，在此过程中，像的大小及焦距的变化情况是（）A像和像距都逐渐变大B像和像距都逐渐变小C像逐渐变大，像距逐渐变小D像逐渐变小，像距逐渐变大【考点】凸透镜成像规律及其探究实验【分析】根据凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的特点进行分析【解答】解：当物距大于一倍焦距f时，凸透镜成倒立的实像，且物距越小，像距越大，成的像也越大；所以将蜡烛从二倍焦距外的地方逐渐向凸透镜的焦点靠近的过程中，像距逐渐变大，像逐渐变大故选A3如图是足球运动员踢足球时的情景，下列说法正确的是（）A足球在空中飞行的过程中，只受到空气阻力的作用B足球在空中飞行的过程中，运动状态一定发生改变C脚踢足球使足球飞出去，说明力是物体运动的原因D足球在空中飞行的过程中，若它所受的力全部消失，它一定沿水平方向做匀速直线运动【考点】力与运动的关系【分析】（1）地球附近的物体都受重力；（2）物体不受力或受平衡力运动状态不变；物体受力不平衡时，运动状态一定改变；（3）力的作用是改变物体的运动状态，物体运动不需要力维持；（4）运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态【解答】解：A、足球在空中飞行的过程中，受到重力和空气阻力的作用，故A错误；B、足球在空中运动过程中，受到竖直向下的重力与空气的阻力，这两个力不是平衡力，所以足球的运动状态一定发生改变故B正确；C、脚踢球，使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态故C错误；D、空中飞行的足球，若它所受的力全部消失，它将保持原的运动状态，沿原的方向做匀速直线运动故D错误故选B4下表是水的密度随温度变化的实验数据，分析表中的数据不能得出的结论是（）t/012345678/gm3999.84999.90999.90999.901000.00999.97999.94999.90999.85A水在4时密度最大B水的温度在04时，随着温度的降低，水的密度越越小C水的温度在48时，随着温度的升高，水的密度越越小D水凝固成冰时体积会变大【考点】密度与温度【分析】将08分两个阶段分析：04，48，然后根据表格中温度对应的密度数值可得出结论【解答】解：A、由表格数据可知，水在4时密度为1000.00g/m3，在03，58时的密度数值都小于水在4时密度，故可以得出水在4时密度最大的结论，故A不符合题意；B、水的温度在04时，随着温度的降低，999.90999.90999.90999.84，由此可得水的密度越越小，故B不符合题意；C、水的温度在48时，随着温度的升高，密度数值由999.97999.94999.90999.85，由此可得水的密度越越小，故C不符合题意；D、由表格数据可知，表格中记录的是在08水的密度随温度变化的情况，水由液态变为固态，变化较大，因此不能利用水密度的变化趋势得出水凝固成冰时体积会变大这一结论，故D符合题意；故选D5如图是小明探究“杠杆平衡条件”的实验装置，实验中杠杆始终处于水平平衡状态，若在C处逐渐改变弹簧测力计拉力的方向，使其从，则拉力的变化情况是（）A先变小后变大B先变大后变小C逐渐变大D逐渐变小【考点】杠杆的应用【分析】分析在改变弹簧测力计拉力的方向的过程中力臂的变化情况，从而得出结论【解答】解：由图知，测力计在位置时，其动力臂等于OC，此时动力臂最长；测力计由的过程中动力臂先变大后变小，根据杠杆平衡条件可知，测力计的示数先变小后变大故选：A6下列关于分子的说法中，正确的是（）A所有物质的分子都是规则排列的B0时，所有物质的分子都停止了运动C分子之间的引力与斥力是同时存在的D固体的分子之间只有引力，没有斥力【考点】分子动理论的其它内容及应用【分析】物体是由大量分子组成的，晶体的分子是规则排列的，非晶体的分子是规则排列的，分子永不停息的做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力【解答】解：A、固体分晶体和非晶体，晶体的分子是规则排列的，非晶体的分子是规则排列的，故A错误；B、分子在永不停息地做无规则运动，在0时，所有物质的分子仍然在做无规则运动，故B错误；C、分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，故C正确；D、任何分子间都存在相互作用的引力和斥力，二者同时存在，故D错误故选C7如图是某内燃机工作时的能量流向图，该内燃机的热机效率是（）A25%B35%C40%D75%【考点】热机的效率【分析】燃料燃烧的内能减去机械自身消耗能量和废气带走能量的百分比，即为获得有用机械能的百分比，也就是该内燃机的热机效率【解答】解：因热机的效率是指用做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，所以，由内燃机的能量流向图可得，内燃机的热机效率：=125%40%=35%故选B8如图所示，与实物一致的电路图是（）ABCD【考点】根据实物图画电路图【分析】由实物图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端电压，电流表测电路中的电流然后对各个电路图逐一分析即可【解答】解：分析实物图可知，电流从正极出发，经电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2回负极，电压表并联在L1两端B图与实物图符合；A图两灯泡并联，与实物图不符合，C图电压表并联在L2两端了，与实物图不符合；D图电压表并联在电两端了，与实物图不符合故选B9如图，电电压恒为5V，电压表量程为“03V”，电流表量称为“00.6A”，滑动变阻器规格为“20 1A”，小灯泡标有“3V 1.8W”字样，闭合开关，在电路安全的情况下，（不考虑灯丝电阻的变化）则下列说法正确的是（）A滑动变阻器的阻值允许调节的范围是020B电流表示数的变化范围是0.1A0.6AC电压表示数的变化范围是1V3VD小灯泡的最小功率是1W【考点】欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI求出灯泡的额定电流和电阻，然后结合电压表的量程，电流表的量程确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路中的最小电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，灯泡的功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR求出灯泡两端的最小电压，利用P=I2R求出灯泡的最小功率【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流根据P=UI可得，灯的额定电流：IL额=0.6A，由I=得：灯泡的电阻RL=5，由于电压表的量程为03V，电流表的量程为00.6A，则灯泡两端的最大电压为3V，则通过灯泡的最大电流I最大=IL额=0.6A；由I=得：电路中的最小总电阻R最小=8.3，由串联电路中总电阻等于各分电阻之和可知：滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R滑最小=R最小RL=8.35=3.3，因为滑动变阻器的规格为“20 lA”，所以滑动变阻器的电阻允许调节的范围是3.320，故A错误；电路中的最大总电阻R最大=RL+R=20+5=25；则电路中的最小电流：I最小=0.2A，所以电流表示数的变化范围是0.20.6A，故B错误；灯泡两端的最小电压为UL最小=I最小RL=0.2A×5=1V；所以电压表示数的变化范围是1V3V，故C正确；此时灯泡的功率最小为：PL最小=I最小2RL=（0.2A）2×5=0.2W，故D错误故选C10电工师傅维修电路有时需要带电操作，如图，以下操作不会发生触电事故的是（）ABCD【考点】触电危害及常见的触电类型与预防【分析】家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：当人体的不同部位分别接触火线和零线时，站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析【解答】解：人体触电，原因是有电流流过，形成通路人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路，选项A、C、D中都能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；只有选项B中没有构成闭合的电路，即电流不会流过人体，不会触电故选B11如图所示的电路中，电电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P向左移动，下列说法正确的是（）A电流表A1的示数变小，电流变A2的示数变大B电流表A1的示数和电流表A2的示数同时变大C电压表的示数变大，电流表A1的示数变小D电压表的示数不变，电流表A2的示数变小【考点】电路的动态分析【分析】由图可知，该电路为并联电路，电压表测量各支路两端的电压，电流表A2在干路中，测量的是干路的电流；电流表A1在支路中，测量的通过变阻器的电流；根据滑片位置的变化判定电阻的变化，然后根据欧姆定律和并联电路的电流、电压规律判定各表示数的变化【解答】解：由图可知，R1、R2并联，电压表测量各支路两端的电压；电流表A2在干路中，测量的是干路的电流；电流表A1在支路中，测通过变阻器R2的电流；将滑动变阻器的滑片P向左移动，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过变阻器的电流减小，即电流表A1的示数变小；由于定值电阻两端的电压不变，所以通过它的电流不变；并联电路中干路电流等于各支路电流的和，则干路电流减小，即电流表A2的示数变小；故AB错误；电压表测量各支路两端的电压，电压表示数保持不变，故C错误，D正确；故选：D12下列能属于可再生能的是（）A风能B煤C核能D石油【考点】能的分类【分析】像风能、太阳能、生物质能等都是能够不断的从自然界得到的能叫可再生能；像化石能、核能等短期内不能从自然界得到补充的能叫不可再生能【解答】解：煤、石油、核能是不可再生能，风能是可再生能故选A二、填空题：本题共10小题，每空1分，共14分.13一只燕子在平静的湖面上飞过，当燕子距水面6m时，它的“倒影”距水面6m，它在湖面的“倒影”是虚（填“实”或“虚”）像，这是由于光的反射形成的【考点】平面镜的应用【分析】倒影是平面镜成像，是由光的反射形成的，平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，像和物体的大小相等，上下（或左右）相反，它们的连线垂直于镜面，它们到镜面的距离相等；简记为：正立、等大、对称、虚像【解答】解：因为平面镜成的像是虚像，平面镜的成像原理是光的反射；所以小鸟在湖面的“倒影”是虚像；已知小鸟距水面6m，根据像和物体到镜面的距离相等可知，它的“倒影”距水面的距离也是6m故答案为：6；虚；反射14在我市物理实验操作考试中，小红抽到的试题是“测量石块的质量”她将天平放在水平桌面上，移动游码至标尺左端的零刻度线处，若此时指针偏向分度盘中央刻度线的左侧，她应将平衡螺母向右调节，直到天平平衡测量时，小红将石块放在天平左盘，右盘加减砝码，并移动砝码的位置，天平平衡时砝码的使用情况和游码的位置如图，则石块的质量为74.4g【考点】固体密度的测量【分析】（1）使用天平测量物体的质量时，先将天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻线处，调节横梁两端的平衡螺母，使天平平衡，且以指针右偏左调、左偏右调；（2）矿石的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值【解答】解：（1）测质量前，首先把天平放在水平桌面上，将游码置于标尺左端的零刻度线处，若指针偏向中央刻度线的左侧，则应向右移动平衡螺母直至横梁平衡；（2）由图知，标尺的分度值为0.2g，矿石的质量m=50g+20g+4.4g=64.4g故答案为：零刻度线；右；74.415在杂技表演中，总重为600N的人站立在六个鸡蛋上，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，如图所示，泡沫板的凹槽增大了鸡蛋的受力面积，从而减小压强保护鸡蛋如果脚与鸡蛋的总接触面积约为1.2×103m2，此时脚对鸡蛋的压强为5×105Pa【考点】减小压强的方法及其应用；86：压强的大小及其计算【分析】（1）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力减小压强（2）人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重力，又知受力面积，利用p=计算压强【解答】解：（1）人对鸡蛋的压力是一定的，等于其自身重力，鸡蛋放在泡沫板的凹槽内，泡沫板的凹槽增大了鸡蛋的受力面积，根据p=可知，减小了对鸡蛋的压强（2）人对鸡蛋的压力F=G=600N，脚对鸡蛋的压强：p=5×105Pa故答案为：受力面积；5×10516新农村建设中正在大力推广使用瓶装液化气如果每瓶装10g液化气，液化气的热值取4.2×107J/g，则每瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是4.2×108J，若放出的热量有40%被水吸收，在标准大气压下可把500g的水从20加热至沸腾c水=4.2×103J/（g）【考点】燃料的热值；GG：热量的计算【分析】（1）利用Q放=mq求整瓶液化气完全燃烧放出的热量；（2）已知放出的热量有40%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的温度升高值，利用吸热公式求水的质量【解答】解：（1）整瓶液化气完全燃烧释放热量：Q放=mq=10g×4.2×107J/g=4.2×108J，（2）由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放×40%=4.2×108J×40%=1.68×108J，由Q吸=c水m水（tt0）得水的质量：m水=500g故答案为：4.2×108；50017如图，在烧杯中加入盐水，然后将连在电压表上的铜片和锌片插入盐水中，这样就制成了一个盐水电池观察电压表的接线情况和指针偏转可知：锌片是盐水电池的负极，电池的电压为0.6V【考点】电及其能量转化【分析】根据电压表的正确使用方法确定电的正负极；根据电压表的量程、分度值以及指针的位置读出电压表的示数【解答】解：根据图示可知，锌片与电压表的负接线柱相连，因此锌片为盐水电池的负极；电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为0.6V故答案为：负；0.618如图，电电压保持不变，R1=10，开关S闭合，S1拔至b时电压表的示数是拔至a时的三分之一，则R2=20；若电电压为3V，当开关S2拔至b时，R2在10min内产生的热量是120J【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）闭合开关S，开关S0拨至b时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压；闭合开关S，开关S0拨至a时，两电阻串联，电压表测电的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，然后求出R2的阻值；（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据Q=I2Rt求出R2在10min内产生的热量【解答】解：（1）闭合开关S，开关S0拨至b时，两电阻串联，电压表测R1两端的电压；闭合开关S，开关S0拨至a时，两电阻串联，电压表测电的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，且开关S0拨至b时电压表示数是拨至a时的三分之一，所以，两电阻两端的电压之比： =，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：=，则R2的阻值R2=2R1=2×10=20；（2）若电电压为3V，当开关S0拨至b时，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=0.1A，R1在1min内产生的热量：Q1=I2R1t=（0.1A）2×20×10×60s=120J故答案为：20；12019根据光的传播路径，在图中的虚线框内，填入符合要求的透镜【考点】透镜及其分类【分析】凸透镜能使光线会聚，凹透镜能使光线发散；通过图中光线的折射情况确定是什么透镜【解答】解：第一个图中入射光线是平行的，而折射光线远离主光轴，即透镜有发散作用，所以是凹透镜；第二个图中折射光线平行于主光轴，折射光线相对于入射光线靠近了主光轴，即透镜有会聚作用，所以是凸透镜；如图所示：20将一只手的食指浸入水中，你会感受到浮力的作用你想知道食指所受的浮力大小吗？请从如图所提供的实验器材中选择合理的实验器材，设计出两种测出你的食指受到浮力的实验方案，并完成填空（已知水的密度为水）方案一：（1）写出你需要测量的物理量及其符号：B、E（2）食指所受浮力大小的表达式为：F浮=水Vg方案二：（1）写出你需要测量的物理量及其符号：A、B、C（2）食指所受浮力大小的表达式为：F浮=GG0【考点】探究浮力大小的实验【分析】方案一：根据阿基米德原理，物体在液体中受到的浮力等于其排开液体的重力，即F浮=G排，实验中最关键的是能够想办法测出G排，根据给出的器材，最好的方法是测出排出水的体积，根据密度公式m=V计算排出水的质量，得出G排；【解答】解：方案一：（1）水槽的横截面积太大，为减小误差，应选择溢水杯；没有小桶，溢出水的重力无法用测力计测量，所以可将溢出的水直接接入量筒中，由密度公式得出质量，根据F浮=G排=m排g得出浮力大小；用到的器材是溢水杯、量筒；（2）实验中测出溢出水的体积V便可；根据阿基米德原理，F=G排=m排g=水Vg；方案二：（1）需要的实验器材：弹簧测力计、溢水杯、小桶（2）实验步骤：用细线拴住烧杯，然后用弹簧测力计测出空小桶的重力，记为G0；向溢水杯中灌满水，然后将食指插入溢水杯中，用小桶接住从溢水杯中溢出的水；用弹簧测力计测出盛有水的小桶的总重G；浮力的表达式：F浮=GG0故答案为：方案一：（1）B、E；（2）溢出水的体积V；方案二：（1）A、B、C；GG021小明和小华在综合实践活动中想制作一个医用冷藏盒，不知道给药品降温用冰好，还是用盐水结成的冰好？他们动手测量了盐水的凝固点（1）在选择温度计时，有量程分别为“2102”和“20102”的温度计，应选择量程为20102的温度计，这样选择的原因是盐水的凝固点可能低于2（2）在测量过程中，他们同时发现所测得盐水的凝固点并不相同，于是对比了双方实验过程，发现烧杯中装水都是200ml，小明加了1汤匙的盐，而小华加了3汤匙的盐，由此作出猜想：盐水的凝固点可能与盐水的浓度有关，接着他们进行了多次实验得出了不同浓度盐水的凝固点，数据记录如下表：盐水浓度（%）03691215182124273036凝固点（）02468111518171.80.40分析表格中数据可知：当盐水浓度增大时，其凝固点先降低后升高（3）你认为给冷藏盒中的药品降温最好选用适当浓度的盐水结成的冰（选填“冰”或“适当浓度的盐水结成的冰”）（4）实验后，他们联想到冬天在冰雪覆盖的路面上撒盐便于除雪，原因是积雪上洒盐水是参有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化【考点】熔化和凝固的探究实验【分析】（1）若盐水的凝固点低于2时，使用量程为2102的温度计就不能测出盐水的凝固点；（2）根据表中盐水浓度从036%，凝固点从0降低然后上升到0可得出结论；（3）根据盐冰的熔点低于0分析；（4）当有杂质掺入时熔点会降低【解答】解：（1）要使用量程为20102的温度计，主要考虑盐水的凝固点低于2时，便于测出盐水的凝固点；（2）从表格中的数据可看出，盐水的浓度一直在变大，而盐水的凝固点是先降低后又升高；（3）药品要求在0以下存放，要求所选物质的熔点在0以下，冰的熔点是0，盐冰的熔点低于0，所以冷藏盒中应使用盐水冰块；（4）寒冷的冬季，向积雪撒盐，在其它条件相同时，积雪上洒盐水是掺有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化故答案为：（1）20102；盐水的凝固点可能低于2；（2）先降低后升高；（3）适当浓度的盐水结成的冰；（4）积雪上洒盐水是掺有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化22物理学中，用磁感应强度（用字母B表示）描述磁场的强弱，国际单位是特斯拉（用字母T表示），磁感应强度B越大表示磁场越强；B=0表明没有磁场有一种电阻，其阻值大小随周围磁感应强度的变化而变化，这种电阻叫磁敏电阻，为了探究电磁铁磁感应强度的大小与哪些因素有关，小超设计了如甲、乙两图所示的电路，图甲中电电压恒为6V，R为磁敏电阻，图乙中的电磁铁左端靠近且正对图甲中的磁敏电阻R1磁敏电阻R的阻值随周围磁感应强度变化的关系图象如图丙所示（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，磁敏电阻R的阻值是100，电流表的示数为60mA（2）闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动时，小超发现图甲中的电流表的示数逐渐减小，说明磁敏电阻R的阻值变大，电磁铁的磁感应强度变强（3）闭合S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P保持不动，将磁敏电阻R水平向左逐渐远离电磁铁时，小超将测出的磁敏电阻与电磁铁左端的距离L、对应的电流表的示数I及算出的磁感应强度B同时记录在下表中，请计算当L=5cm时，磁敏电阻R所在位置的磁感应强度B=0.40TL/cm123456I/mA101215203046B/T0.680.650.600.510.20（4）综合以上实验可以看出：电磁铁磁感应强度随通过电流的增大而增大；离电磁铁越远，磁感应强度越弱【考点】欧姆定律的应用；CE：影响电磁铁磁性强弱的因素【分析】（1）据题可知，此时的电电压是6V，且此时的磁场强度为零；由图丙得出R的阻值，根据I=即可求出电路中的电流；（2）滑动变阻器的滑片P向右移动，图甲中电流表的时速逐渐减小，据此分析即可判断规律；（3）=5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可以判断电阻大小，进而判断磁场的强弱；（4）据上面的知识分析即可判断出变化的规律【解答】解：（1）当图乙S2断开，图甲S1闭合时，即磁场强度为零，据图2可知，此时的R=100，故此时电路中的电流是：I=0.06A=60mA；（2）闭合开关S1和S2，图乙中滑动变阻器的滑片P向右移动，滑动变阻器电阻变小，电流变大磁场变强，图甲中电流表的示数逐渐减小，即R的电阻变大，据此分析可知：磁感电阻R处的磁感应强度B逐渐增强；（3）=5cm时，对于图表得出电流是30mA，据欧姆定律可知，R=200，故对应磁场的强度是0.40T；（4）综合以上实验数据，分析（2）中的表格数据可以得出“电磁铁外轴线上磁感应强度随电磁铁电流的增大而增大，离电磁铁越远，磁感应强度越弱；故答案为：（1）100；60；（2）大；强；（3）0.40；（4）增大；弱三、计算题：本题包括2个小题，共14分.解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的运算步骤，只写出最后答案的不得分.23图甲是智能怀旧灯，与灯串联的调光旋钮实质是滑动变阻器，图乙是简化的电路原理图灯L标有“12V 3W”字样，当滑动变阻器的滑片P在最左端a时，灯L正常发光电电压不变，不考虑温度对灯丝电阻的影响，问：（1）电电压U是多少？（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12时，灯L消耗的实际功率是多少？（3）当滑片P位于中点b和最右端c时，灯L两端电压之比为3：2，则滑动变阻器的最大阻值是多少？【考点】欧姆定律的应用；JA：电功率的计算【分析】（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路，由于灯L正常发光，根据灯泡的额定电压即可判断电电压；（2）根据电路图可知，灯L与滑动变阻器串联；根据P=的变形公式可知灯泡的电阻，根据串联电路电阻的特点和欧姆定律求出电路电流，然后根据P=I2R求出灯泡的实际功率；（3）根据欧姆定律表示出滑片在中点b端和最右端c端时灯泡两端电压，根据灯泡两端电压之比即可求出滑动变阻器接入电路的最大阻值【解答】解：（1）根据电路图可知，当滑动变阻器的滑片P在a点时，电路为灯L的基本电路；因为灯泡正常发光，所以电电压U=U额=12V；（2）由P=可得灯丝的阻值：RL=48；由图乙可知，灯L与滑动变阻器串联，所以电路中的电流：I=0.2A；灯泡的实际功率：P=I2RL=（0.2A）2×48=1.92W；（3）当滑片P在中点b点时，灯两端电压：Ub=IbRL=×RL=×RL；当滑片在最右端c点时，灯两端电压：Uc=IcRL=×RL；依题意可知，Ub：Uc=3：2，即：×RL：×RL=3：2，化简可得：R=2RL=2×48=96答：（1）电电压U是12V；（2）当滑动变阻器接入电路中的电阻是12时，灯L消耗的实际功率是1.92W；（3）滑动变阻器的最大阻值是9624如图所示，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图，已知井深10m，物体重G=4×103N，汽车重G车=3×104N，汽车匀速拉绳子时的拉力F=2×103N，汽车受到的阻力为车重的0.05倍请计算：（1）若汽车运动的速度为1.2m/s，则将物体由井底拉至井口，需要多长时间？（2）滑轮组的机械效率是多少？（保留一位小数）（3）汽车的牵引力是多大？（4）将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是多少？【考点】滑轮（组）的机械效率；69：速度公式及其应用；EC：功的计算【分析】（1）明确承担重物的绳子段数；运用速度公式变形可求时间t；（2）运用机械效率的计算公式，代入数值可求；（3）明确汽车的受力情况，运用平衡力知识可求牵引力；（4）运用W=Fs，可求功【解答】解：（1）由图可知，滑轮组中由3段绳子承担重物，则物体上升的速度为：v物=v车=×1.2m/s=0.4m/s；物体由井底拉至井口需要的时间：t=25s；（2）滑轮组的机械效率为：=×100%66.7%；（3）由题意可得，汽车受到的阻力为：f=0.05G车=0.05×3×104N=1500N；汽车匀速直线运动，受到平衡力作用，在水平方向上，汽车受到向右的牵引力、向左的拉力、向左的阻力作用；由力的平衡条件可得牵引力：F牵=F拉+f=2×103N+1500N=3500N；（4）汽车运动的距离：s车=s绳=3h=3×10m=30m；牵引力做功为：W牵=F牵s车=3500N×30m=1.05×105J；答：（1）若汽车运动的速度为1.2m/s，则将物体由井底拉至井口，需要25s；（2）滑轮组的机械效率是66.7%；（3）汽车的牵引力是3500N；（4）将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是1.05×105J专心-专注-专业