海南高考物理试题答案2.docx

精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -2021 年一般高等学校招生全国统一考试（海南卷）物理一、单项挑选题： （此题共6 小题，每道题3 分，共 18 分，在每道题给出的四个选项中，只有哪一项符合题目要求的）可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结1. 答案： C解析：共点的两个力合成，同向时最大为F1 F2 ，反向时最小为F1 F2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结2. 答案： D解析：匀强磁场竖直向上、和导线平行，导线受到安培力为 0， A 错。匀强磁场水平向右， 依据左手定就可知导线受到安培力向里， B 错。匀强磁场垂直纸面对外， 由左手定就可知导线受到安培力水平向右， C 错、 D 对。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结3. 答案： A解析：对两刚性球a 和 b 整体分析，竖直方向平稳可知F（ma mb ） g、水平方向平稳可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结有 f1 f 2 。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结4. 答案： C解析：在 S 断开的情形下S 向 a（ b）闭合的瞬时M 中电流瞬时增加、左端为磁极N（ S）极，穿过 N 的磁通量增加， 依据楞次定律阻碍磁通量变化可知N 环向右运动， AB 均错。在 S 已向 a 闭合的情形下将R 的滑动头向c 端移动时，电路中电流减小，M 产生的磁场减弱，穿过N 的磁通量减小，依据楞次定律阻碍磁通量变化可知N 环向左运动，D 错、 C 对。5. 答案： A解析：平行板所带电荷量Q、两板间电压U ，有 C Q/U 、 C0 S / d 、两板间匀强电场的Q场强 E U/d ，可得 E0S 。电容器充电后断开，电容器电荷量Q 不变，就E 不变。依据 C0 S / d 可知 d 增大、 C 减小，又依据CQ/U 可知 U 变大。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结6. 答案： B解析：卫星绕天体作匀速圆周运动由万有引力供应向心力有GMm R2 2 2mTT 23R,可得 R可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 1 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -GM可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结K 为常数，由重力等于万有引力GMm R23 T42 mg，联立解得gK4，就 g 与 T 3 成反比。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结二、多项挑选题： （此题共4 小题，每道题4 分，共 16 分，在每道题给出的四个选项中，有 二个或三个选项是符合题目要求的。全部选对的，得4 分。选对但不全的，得2 分。有选错的，得0 分）可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结7. 答案： AC解析：依据F-t 图像面积意义和动量定理有m v1 =F0 t0， m v2 = F0t0 +2F0t0，就 v23v1 。应用可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结位移公式可知v1 x1 2t 0 、 x2 v1v2 2v1 t0 2t0 ，就 x25x1 ，B 错、A 对。在第一个to 内可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结对物体应用动能定理有W1 mv 212、在其次个to 内对物体应用动能定理有W2 可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结mv222mv1可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结22，就 W28W1 ， D 错、 C 对。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结8. 答案： ABC解析：由图可知甲的加速度a1 比乙 a2 大，在达到速度相等的时间T 内两车相对位移为s1 。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结如 s0s1s2 ，速度相等时甲比乙位移多s1 S0，乙车仍没有追上，此后甲车比乙车快，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结不行能追上， A 对。如 s0s1 ，乙车追上甲车时乙车比甲车快，由于甲车加速度大，甲车会再追上乙车，之后乙车不能再追上甲车，B 对。如 s0s1 ，恰好在速度相等时追上、可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结之后不会再相遇，C 对。 如 s0s2s2s1，两车速度相等时仍没有追上，并且甲车快、可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结更追不上， D 错。9. 答案： ABD解析： 输电线路上消耗的功率为P400kW I2R 可知输电线上电流为I2 20A ，依据原线圈3P1U 1I1，可知 I1 10 A ，A 对， T1 的变压比为I 2：I 1 1：50。依据 PU 2I2，可知 U 2 2×101.810 V ，55V ，输电线上电压U 线 I2R 20000V ，就副线圈输入电压为U 3 U2 U 线可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结又灯泡正常发光、副线圈电压为220V ， B 对，T2 的变压比为U 3： 220， C 错。依据 U 3I2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 2 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结460n，解得 n 610，D 对。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结10. 答案： AC解析：如右下图所示，合电场在M 和 N 点的强度分别为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结22KqKq4 KqaKq可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结E1La 2La2L3、E2 2 La×可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结aL2a 22KqaL3，E1： E2 2。又 N 点处强场方向由q可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结指向 q，在 M 点的场强表现q 的点电荷、由 q 指向 q。三、填空题 （此题共2 小题， 每道题 4 分，共 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程）11. 答案：第谷、开普勒、牛顿、卡文迪许解析： 第谷搜集记录天文观测资料、开普勒发觉开普勒三定律、牛顿发觉万有引力定律、卡文迪许测定万有引力常数 12. 答案：12 ， 25解析：依据 i ， i Imsin 2ft ,t I m 2f cos 2ft ,说明线圈中的电动势有效值与频率成正比， 依据欧姆定律可知电流与频率成正比，所以在英国用同一电表在英国测量同样60大小的电流的读数将是I 10A× 50 12A 。由于在英国电流值为标准的6/5，需量程为变为原先的 5/6。13. 答案： 1.240 ， 1.682（或 1.683）可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 3 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -14. 答案：连线如图1 所示，b 端，如图 2 所示。1.49（ 1.48 1.50）， 0.60 （0.55 0.65）2.4（ 2.3 2.7） 解析：试验前滑动变阻器接入电路电阻值最大。由图线上读出两组数值，代入E I1R1+（ I 1 I2） r 构成方程组联立求解E 和 r。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结短路电流I mE/r 。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结五、运算题（此题共2 小题，第 15 题 9 分，第 16 题 10 分，共 19 分。把解答写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）15. 解析：设卡车的质量为M ，车所受阻力与车重之比为。刹车前卡车牵引力的大小为F ，可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结卡车刹车前后加速度的大小分别为a1 和 a2 。重力加速度大小为g。由牛顿其次定律有可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结F2Mg0FMgMa1MgMa3MgMa2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结设车厢脱落后，t3s 内卡车行驶的路程为s1 ，末速度为v1 ，依据运动学公式有可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 4 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -sv t1 a t 21012可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结v1v0a1t可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结v22 a s12 2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结式中，v2s2 是卡车在刹车后减速行驶的路程。设车厢脱落后滑行的路程为s,2 as可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结有0可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结卡车和车厢都停下来后相距0v2ss1s2s42可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结s由至式得v0 tat23a33可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结带入题给数据得s36m可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结16. 解析：（1）设匀强磁场的磁感应强度的大小为B。令圆弧 .AEC 是自 C 点垂直于BC 入射的电子在磁场中的运行轨道。电子所受到的磁场的作用力fev0 B应指向圆弧的圆心，因而磁场的方向应垂直于纸面对外。圆弧 .AEC 的圆心在 CB 边或其延长线上。依题意，圆心在 A 、C 连线的中垂线上，故 B 点即为圆心，圆半径为 a 依据牛顿定律有v2fm02可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结联立 式得Bmv0 ea可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结（ 2）由（ 1）中打算的磁感应强度的方向和大小，可知自 C 点垂直于BC 入射电子在A 点沿 DA 方向射出，且自 BC 边上其它点垂直于入射的电子的运动轨道只能在AEC 是所求的最小磁场区域.BAEC 区域中。 因而， 圆弧可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 5 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -的一个边界。为了打算该磁场区域的另一边界，我们来考察射中A 点的电子的速度方向与BA 的延长线0交角为（不妨设2 ）的情形。该电子的运动轨迹qpA 如右图所示。图中，圆.AP 的圆心为O， pq 垂直于 BC 边 ，由 式知，圆弧.AP 的半径仍为a ，在 D 为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结原点、 DC 为 x 轴， AD 为 y 轴的坐标系中，P 点的坐标 x,y 为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结xasin可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结y a za cos a cos可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结0这意味着，在范畴2 内， p 点形成以D 为圆心、 a 为半径的四分之一圆周.AFC ，它是电子做直线运动和圆周运动的分界线，构成所求磁场区域的另一边界。因此，所求的最小匀强磁场区域时分别以B 和 D 为圆心、a 为半径的两个四分之一圆周121222S2aa a可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结.AEC 和 .AFC 所围成的，其面积为422可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结六、选考题（请考生在第 17、18、19 三题中任选二题做答，假如多做，就按所做的第一、二题计分。做答时用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑，运算题请写出必要的文字说明、方程式和演算步骤）17. 解析：（1） ADEF（ 4 分，选对一个给1 分，每选错一个扣2 分，最低得分为0 分）（II ）（1）在气球上升至海拔6.50km 高空的过程中，气球内氦气经受一等温过程。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结依据玻意耳马略特定律有p1V1p2V2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结p76.0cmHg ,V3.50 m3 , p36.0 cmHg , V可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结式中，1122 是在此等温过程末氦气的体积。由可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结式得 V27.39 m3可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结（2）在停止加热较长一段时间后，氦气的温度逐步从T1300 K 下降到与外界气体温度相可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结同，即V2V3T2225K 。这是一等过程依据盖吕萨克定律有T1T2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 6 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结式中， V3 是在此等压过程末氦气的体积。由式得V5.54 m33可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结18. 解析：可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结半圆柱体的横截面如下列图，OO ' 为半径。设从A 点入射的可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结光线在 B 点处恰好满意全反射条件，由折射定律有nsin1式中，为全反射临界角。由几何关系得OO ' BS2RLO 'OB 带入题给条件得SRL3评分参考：此题5 分。 式 2 分， 式各 1 分。（II ）设脉冲信号的周期为T ，从显示的波形可以看出，图2 中横向每一分度（即两条长竖tT线间的距离）所表示的时间间隔为2T1其中f对比图 2 中上、下两列波形，可知信号在液体中从发射器传播只接受器所用的时间为tt2 n1.6可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结其中 n0,1,2, K ，vs可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结液体中的声速为t联立 式，代入已知条件并考虑到所测声速应在1300 1600 m/s 之间，得v1.4103 m/s19. 解析：hcE y（I ）一波长为光子能量为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 7 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -nkP设灯泡每秒内发出的光子数为n ，灯泡电功率为P ，就E可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结式中， kkPn5% 是灯泡的发光效率。联立 式得hc可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结代入题给数据得n1.41019 s 1可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结评分参考：此题5 分。 式各 2 分： 式 1 分，没写1s的，同样给这1 分。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结（ ）（ 1）衰变方程为239 Pu235 U *9492UU235*2359292可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结或合起来有239 Pu235 U可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结9492（ 2）上述衰变过程的质量亏损为mmPumUm可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结放出的能量为Ec2m235 UEEE可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结这能来那个是轴核92的动能U、粒子的动能a 和 y 光子的能量y 之和可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结EEUEEyEEmmm c2E可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结由 式得UPuUy可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结设衰变后的轴核和粒子的速度分别为vU 和 v，就由动量守恒有mU vUm v可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结E1 m v2 , E1 m v2可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结又由动能的定义知UUUa22可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结EUma由 式得 EamymUE mmmc2E可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结aPuU可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结由 式得代入题给数据得mUmE5.034MeV可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 8 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 9 页，共 9 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载