带电粒子在电场中的运动知识点精解.docx

精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -带电粒子在电场中的运动学问点精解可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结1带电粒子在电场中的加速这是一个有实际意义的应用问题。电量为q 的带电粒子由静止经过电势差为U 的电场加速后，依据动能定理及电场力做功公式可求得带电粒子获得的速度大小为可见，末速度的大小与带电粒子本身的性质q/m 有关。这点与重力场加速重物是不同的。2带电粒子在电场中的偏转如图 1-36 所示，质量为 m的负电荷 -q 以初速度 v0 平行两金属板进入电场。设两板间的电势差为 U，板长为 L，板间距离为 d。就带电粒子在电场中所做的是类似平抛的运动。1带电粒子经过电场所需时间 可依据带电粒子在平行金属板方向做匀速直线运动求 2带电粒子的加速度 带电粒子在垂直金属板方向做匀加速直线运动3 离开电场时在垂直金属板方向的分速度4 电荷离开电场时偏转角度的正切值3处理带电粒子在电场中运动问题的思想方法1 动力学观点这类问题基本上是运动学、动力学、静电学学问的综合题。处理问题的要点是要留意区分不同的物理过程，弄清在不同物理过程中物体的受力情形及运动性质，并选用相应的物理规律。能用来处理该类问题的物理规律主要有：牛顿定律结合直线运动公式。动量定理。动量守恒定律。2 功能观点对于有变力参与作用的带电体的运动，必需借助于功能观点来处理。即使都是恒力作用问题，用功能观点处理也经常显得简洁。详细方法常用两种：用动能定理。用包括静电势能、内能在内的能量守恒定律。【说明】 该类问题中分析电荷受力情形时，常涉及“重力”是否要考虑的问题。一般区分为三种情形：可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 1 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -对电子、质子、原子核、 正、负 离子等带电粒子均不考虑重力的影响。依据题中给出的数据，先估算重力mg和电场力 qE的值，如 mg<<qE，也可以忽视重力。依据题意进行分析，有些问题中常隐含着必需考虑重力的情形，诸如“带电颗粒”、“带 电液滴”、“带电微粒”、“带电小球”等带电体经常要考虑其所受的重力。总之，处理问题时要详细问题详细分析。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结【例 1】空间有一区域宽广的电场，场强大小始终不变且到处相等，但方向可以 转变。第 1 秒内场强方向如图1-37 所示， =37°。有一个带电质点以某一水平初速度从 A 点开头沿 x 轴运动， 1 秒末场强方向突然改为竖直向上，此时A 质点恰好达到坐标原点 O。已知 AO=3.75米，求第 2 秒末该质点所达位置的坐标g 取 10 米/秒 2 。【分析思路】 带电质点第 1 秒内沿 x 轴作直线运动，由直线运动的条件可知，第1 秒内该质点所受合外力肯定与x 轴在同始终线上，由此可判定出该质点带正电，且其所受电场力的竖直重量与重力平稳，水平分力供应加速度，故质点做匀减速运 动。到达 O点时，由于电场变为竖直向上，就知此时合力变为竖直向上，质点将开始做匀加速直线运动或类似平抛运动。究竟做何种运动取决于质点到这O点时的速 度。【解题方法】 物体做直线运动的条件、牛顿其次定律及运动学公式。【解题】 第 1 秒内质点沿 x 轴做直线运动， 质点所受重力与电场力的合力与x 轴在一条直线上，质点只有带正电荷。其受力如图1-38 ，就Fsin=ma Fcos -mg=0由以上两式解得第1 秒内的加速度a=gtg37° =7.5m/s 2A 点的速度 vA=7.5m/s 。由 vt -v 0 =at 得质点在 O点速度v0=vA-at=7.5-7.5×1=0所以从 1 秒末开头质点必沿y 轴向上做匀加速直线运动。 第 2 秒内物体的加速度质点向上运动的距离可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 2 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -【解题】 带电粒子在电场中平行两极板的方向作匀速直线运动，故带电粒子在两 金属板中运动时间与电场存在无关，均为T。即第 2 秒末物体的坐标为 0 ， 1.25m 。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结【例 2】在真空中质量为m、电量为 q 的带电粒子束连续的射入相距为d 的两平行金属板之间，当两板不带电时，粒子束将沿极板中线射出，通过两极板的时间为T。现将如图 1-39 所示的随时间而变化的电场加在极板上，电场强度的最大值为E， 变化周期也为 T。求这些粒子离开电场时，垂直于两极板方向位移的最大值和最小值。【分析思路】 带电粒子在电场中平行两极板的方向做匀速直线运动，故带电粒子在两金属板间的运动时间与是否存在电场无关，总等于T。在电场力作用下，带电 粒子沿电场力方向做匀加速直线运动，由电场随时间的变化规律可知，不管粒子在 什么时刻进入，加速时间总等于向的分速度总是相同的，垂直于两极板方向的位移大小仅取决于匀速运动时垂直极板方向的分速度的大小。明显，当带电粒子于nT 时刻进入电场时，匀速运动时垂直极板方向分速度最大，从而在垂直极板方向位移n 为非负整数 。【解题方法】 运动的合成与分解、牛顿其次定律及匀变速直线运动的位移公式。况下出电场时在垂直于极板方向位移最小。最小位移当带电粒子恰在nTn=0，1，2， 时刻进入电场，此种情形下出电场时垂直两极板方向位移最大。最大位移【例 3】如图 1-40 所示，质量为 m、带电量为 +q 的小球从距的面高h 处以肯定的初速度 v0 水平抛出，在距抛出点水平距离为l 处，有能无碰撞的通过管子，可在管子上方整个区域里加一场强方向向左的匀强电场。求：1小球的初速度 v0。 2 电场强度 E 的大小。 3 小球落的时的动能。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 3 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结【分析思路】 带正电的小球逆着电场线方向进入匀强电场，其在水平方向作匀减速直线运，在竖直方向做自由落体运动。当小球离开电场恰能无碰撞的通过管子， 意味着小球刚进入管口的瞬时水平方向的速度为零。小球从开头到落的，整个过程 中在竖直方向上始终做自由落体运动，可用运动学或动能定理求小球落的时的动能。【解题方法】 运动的合成与分解、自由落体运动的规律及动能定理。【解题】在电场中小球的运动可看成水平方向的匀减速运动和竖直方向自由落体运动的合成。1从抛出点到管口小球运动的时间可由竖直方向的分运动自由落体运动求出。设时间为 t ，就有水平方向上小球做匀减速运动，就有2在水平方向上应用牛顿其次定律有Eq=ma3 解法一：在全过程中对小球应用动能定理得所以小球落的时的动能解法二：小球在竖直方向上始终做自由落体运动，且小球着的时的速度是竖直向下的，由自由落体运动的规律知所以物体落的时的动能【例 4】如图 1-41a 所示，长为 l 、相距为 d 的两平行金属板与一电压变化规律如图 1-41b 所示的电源相连 图中未画出电源 。有一质量为 m、带电荷为 -q 的粒子以初速度 v0 从板中心水平射入电场，从飞入时刻算起，A、B 两板间的电压变化规律恰好如图 b 所示，为使带电粒子离开电场时的速度方向平行于金属板，问：1 交变电压周期需满意什么条件？2 加速电压值 U0 的取值范畴是什么？可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 4 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -带电粒子在n 个周期内的位移【分析思路】 带电粒子离开电场时，速度方向平行于金属板，这说明带电粒子活电场力方向未获得速度。由题意可知，它在电场中的运动时间只能是电压变化周期的整数倍，即在一个周期内，前半个周期粒子竖直方向的速度从零增加至 vy，后半个周期再从 vy 削减至零， 但必需留意到粒子在竖直方向始终朝着一个方向运动， 先加速后减速，再加速【解题方法】 运动的合成与分解、牛顿其次定律及运动学公式。【解题】1带电粒子穿越电场所需时间可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结由于粒子出电场时速度方向平行于金属板所以t=nT2竖直方向上带电粒子在一个周期内的位移【例 5】如图 1-42a 所示，真空室中电极K 发出的电子 初速度为零 经过 U0=1000V的加速电场后，由小孔S 沿两水平金属板A、B 间的中心线射入， A、B 板长 l=0.20m ，相距 d=0.020m，加在 A、B 两板间的电压u 随时间 t 变化的 u-t图线如 图 1-42b 所示。设 A、B 两板间的电场可以看作是匀称的，且两板外无电场。在每个电子通过电场区域的极短时间内，电场可视作恒定的。两板右侧放一记录圆筒，筒的左侧边缘与极板右端距离b=0.15m，简绕其竖直轴匀速转动， 周期 T=0.20S，筒的周长 S=0.20m，筒能接收到通过A、B 板的全部电子。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 5 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -间是做抛物线运动：沿中心线方向，电子做匀速运动，速度为v0。沿垂直中心线方 向，电子做匀加速运动，初速度为零，加速就电子在穿越A、B 间的电场区域之前就要落到A 或 B 板上而不能从 A、B 间的电场区射出，极限电压uc 由电子射出 A、B 间电场时的极限偏转可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结1以 t=0 时 见图b 此时 u=0电子打到圆筒记录纸上的点作为xy 坐标系的原点，并取 y 轴竖直向上， 试运算电子打到记录纸上的最高点的y 坐标和 x 坐标 不计重力作用 。2在给出的坐标纸 如图c上定量的画出电子打到记录纸上的点形成的图线。【分析思路】 此题要分为加速、偏转、放大和扫描四个阶段。加速阶段：从电极K 发出的电子的初速度为0，设经加速电场后由小孔S 沿中心线射入 A、B 两水平金属板的初速度为v0，就由能量关系得其中 m、e 分别为电子的质量和电量，U0 为加速电压。偏转阶段：电子以v0 沿 A、B 两水平金属板的中心线射入后，由于受到垂直于A、 B 板的匀强电场作用，电子将发生偏转，偏转的情形既与A、B 间电场强度有关，又 与入射速度 v0 有关。题图b 给出了加在 A、B 两板间的电压 u 随时间变化的 u-t图线从所给的 u-t图线可以看出， 加在 A、B 两板间的电压 u 是依锯齿形规律随时间变 化的，不是恒定电场。但题目说明“A、B 间的电场可看作是匀称的，且两板外无电 场。在每个电子通过电场区域的极短时间内，电场可视作恒定”。故在运算各个时刻电子在穿越电场区域产生偏转时，电场可作为恒定电场来处理。因而电子在A、B由、两式联立求得极限电压以题给数据代入，得uc=20V，这个结果说明只有在A、B 两板间的电压 u 小于极限电压 uc=20V时，才有电子从A、B 间的电场区域射出。放大阶段：电子刚从A、B 两板间的电场区域射出时，最大偏转为B 板一段距离 b 处。这样，电子打在记录圆筒上的偏转距离就被放大了，与极限电压相应的电子射出A、B 两板间电场区时的y 方向分速度可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 6 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -射出电场区后，电子做匀速直线运动，它打到记录圆筒上的偏转，即打到记录纸上的最大y 坐标可由下式求得其中 um是加在 A、B 两板间的最大偏转电压。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结由、式及题给数据可求得为了求出电子在记录圆筒上的记录纸上打出的痕迹，我们先争论电子打在记录纸上的最低点的坐标。题给的偏转电压具有周期性，故最低点不止一个，依据题中关于坐标原点与起始记录时刻的规定，以及加在A、B 两板间的偏转电压u 与时间 t 的关系曲线可知第一个最低点的 x，y 坐标为x 1L=0cm可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结扫描阶段：假如记录电子偏转的工具是一个不动的固定记录屏，就不同时刻的电子打在屏的记录纸上的位置是在一条与竖直方向平行的直线上。也就是说，在固定屏上记录到的是一条与 y 轴 即竖直方向 平行的直线痕迹。为了能显示出不同时刻电子的偏转情形，我们用一绕竖直轴匀速转动的记录圆筒来代替固定的记录屏。由于圆筒的匀速转动， 不同时刻打到圆筒的记录纸上的x 坐标是不同的。如取x 轴与竖直的转动轴垂直，以 t=0 时电子打到圆筒记录纸上的点作为xy 坐标系的原点， 就 t 时刻打到记录圆筒上的 x 坐标为其次个最低点的坐标为y 1L=0cmy2L =0cm可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结第三个最低点的x，y 坐标为其中 T 为记录圆筒的转动周期， S 为记录圆筒的周长。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结从题中图 b 中可以看出，加在 A、B 两板间的电压 u 随时间 t 是做周期性变化的， 周期 T0=0.1S，在每个周期 T0 内，只有电压 u 小于极限电压 uc=20V的时候才有电子射出。因此在每个周期T0 内，只有在开头一段时间间隔 t 内有电子通过 A、B 两板间的电场区，依据题给条件，记录圆筒能接收到通过电场区的全部电子，因此在每个周期 T0 内，只有在开头一段时间t 内有电子打到记录纸上从题图b可以看 出这段时间 t 等于由于记录圆筒的周长S=20cm，所以每三个最低点已与第一个最低点重合，即记录纸上记录到的电子打到痕迹的最低点只有两点，它们的坐标分别为 0 ，0 和10 ，0 。同样可求痕迹最高点的坐标，明显痕迹最高点相应于偏转电压为uc 的偏转点，因此第一个最高点的 x，y 坐标为可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 7 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结其次个最高点的x，y 坐标为y 2H=2.5cm以、式代入式，并化简即得到记录纸上的偏转量y 等于可见由于电子在A、B 两板间的匀强电场中沿竖直方向的加速度可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结第三个最高点也与第一个最高点重合，即记录纸上记录到电子打到痕迹的最高点也只有两点，它们的坐标分别为2 ，2.5 和12 ， 2.5 。可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结对于介于0 到极限值 uc 之间的偏转电压 u，在记录纸上记录到电子痕迹的偏转量 y，由图 1-43 中可得到式中 、vy 分别是电子射出电场区时沿竖直方向的偏转量和分速度：的电子沿竖直方向的偏转量y 与该电子射入 A、B 两板间的电场时， 加在 A、B 两板间的偏转电压 u 成正比，这样就得出结论，在偏转电压的每个周期内，电子在记录纸上形成的痕迹是一条连接该周期内的最低点和最高点的直线。从上面的分析可以看出，此题涉及的电子通过加速电场和偏转电场等内容都是同学熟识 的，有新意的的方在于，把常见的固定电子接收屏改为转动的记录圆筒，加进了扫描因素，这样就构成了一个情境较新的题目，需要敏捷的运用所学学问，独立的进行分析争论。【解题方法】 运动的合成与分解、牛顿其次定律、运动学公式、较强的空间想象才能。【解题】1运算电子打到记录纸上的最高点的坐标设 v0 为电子沿 A、B 板的中心线射入电场时的初速度，就电子在中心线方向的运动为匀速度运动，设电子穿过A、B 板的时间为 t 0，就可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 8 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结电子在垂直于A、B 板方向的运动为匀加速直线运动。对于恰能穿过A、B 板的电子，在它通过时加在两板间的电压uc 应满意联立、式解得此电子从A、B 板射出时沿 y 方向的分速度为由于电子打在记录纸上的最高点不止一个，依据题中关于坐标原点与起始记录时刻的规定，第一个最高点的x 坐标为其次个最高点的x 坐标第三个最高点的x 坐标可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结以后，此电子做匀速直线运动，它打到记录纸上的最高点，设纵坐标为y，由图 1-42 可得由于记录圆筒的周长为20cm，所以第三个已与第一个最高点重合，即电子打到记 录纸上的最高点只有两个，它们的x 坐标分别由和表示。2 电子打到记录纸上所形成的图线，如图1-44 所示。由以上各式解得从题图给的u-t图线可知，加于两板电压 u 的周期 T0=0.10S，u 的最大值 um=100V，由于 uc um，在一个周期 T0 内，只有开头的一段时间t 内有电子通过A、B板可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 9 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结资料word 精心总结归纳 - - - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载精品名师归纳总结学习资料 名师精选 - - - - - - - - - -第 10 页，共 10 页 - - - - - - - - - -可编辑资料 - - - 欢迎下载