南通市四县市高三联考试卷物理试题目.doc

【精品文档】如有侵权，请联系网站删除，仅供学习与交流南通市四县市高三联考试卷物理试题目.精品文档.南通四县市2008届高三联考物 理 试 卷注意事项：1答选择题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考试科目、试卷类型等写在答题纸上，并贴好条形码 2每小题选出答案后，用铅笔把答题纸上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上3主观题请在规定区域答题请务必保持答题纸的整洁，不要折叠，考试结束，将答题纸交回本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分满分120分，考试用时100分钟第卷（选择题共31分）一、单项选择题本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意，选对的得3分，错选或不答的得0分+qAB1一带电粒子射入一正点电荷的电场中，运动轨迹如图所示，粒子从A运动到B，则下列说法中正确的是A粒子带正电B粒子的动能一直变大C粒子的加速度先变小后变大D粒子在电场中的电势能先变小后变大2如图所示，小车上固定着三角硬杆，杆的端点固定着一个质量为m的小球当小车有水平向右的加速度且逐渐增大时，杆对小球的作用力的变化（用F1至F4变化表示）可能是下图中的（OO沿杆方向）O F2 F1 O F3 F4 A O' F2 F1 O F3 F4 B O F2 F1 O F3 F4 C O O F2 F1 F3 F4 D cfedba3如图所示，金属棒ab置于水平放置的光滑框架cdef上，棒与框架接触良好，匀强磁场垂直于ab棒斜向下从某时刻开始磁感应强度均匀减小，同时施加一个水平外力F使金属棒ab保持静止，则FA 方向向右，且为恒力v/ms-1Ot/svB方向向右，且为变力C方向向左，且为变力D方向向左，且为恒力4一物体在粗糙的水平面上受到水平拉力作用，在一段时间内的速度随时间变化情况如右图所示则拉力的功率随时间变化的图象可能是下图中的（g取10m/s2）ABDCt/sp/Wt/sp/Wp/Wp/WOOOOt/st/sRtABR1RDC+5V0接继电器门电路5如图所示是某电热水器的温控电路原理图，其核心是中间的门电路，该门电路的输出端与继电器相连，当门电路输出端输出高电压时，继电器闭合，热水器加热Rt为热敏电阻，温度越高电阻越小R1是调温电阻，其作用是预设水温的高低A、B为两个接触端，当水箱内水加至与A、B两个接触端接触时，A、B间就导通，导通时A、B间电阻很小则下列关于门电路的判断和调温电阻作用的说法中正确的是 A是与门电路，增大R1的阻值可以调高预设的水温B是与门电路，减小R1的阻值可以调高预设的水温C是或门电路，增大R1的阻值可以调高预设的水温D是或门电路，减小R1的阻值可以调高预设的水温二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分Cn1n2RuA1A2V1V26如图所示，一理想变压器原副线圈匝数之比为51，原线圈端输入交流电压u=311sin100t V，电阻R44，电流表和电压表对电路的影响忽略不计下列说法中正确的是 A 电压表V1的示数约为311V B电流表A1的示数约为0.20AB 电压表V2的示数约为44VD电流表A2的示数约为1.4A7如图所示，光滑半球的半径为R，球心为O，其上方有一个光滑曲面轨道AB，高度为R/2轨道底端水平并与半球顶端相切质量为m的小球由A点静止滑下小球在水平面上的落点为C，则A小球将沿半球表面做一段圆周运动后抛至C点B小球将从B点开始做平抛运动到达C点COC之间的距离为 DOC之间的距离为R8土星的卫星众多，其中土卫五和土卫六的半径之比为，质量之比为，围绕土星作圆周运动的半径之比为，下列判断正确的是A土卫五和土卫六的公转周期之比为B土星对土卫五和土卫六的万有引力之比为C土卫五和土卫六表面的重力加速度之比为D土卫五和土卫六的公转速度之比为9如图所示，一个滑雪运动员从左侧斜坡距离坡底8m处自由滑下，当下滑到距离坡底s1处时，动能和势能相等（以坡底为参考平面）；到坡底后运动员又靠惯性冲上斜坡（不计经过坡底时的机械能损失），当上滑到距离坡底s2处时，运动员的动能和势能又相等，上滑的最大距离为4m关于这个过程，下列说法中正确的是 A摩擦力对运动员所做的功等于运动员动能的变化B重力和摩擦力对运动员所做的总功等于运动员动能的变化C s14m，s22m Ds14m，s22m第卷（共89分）三、简答题：本题共5小题，其中第10题、第11题为实验题，第1214题为选做题，共计42分把答案填在答题卡相应的横线上或按题目要求作答AVER10（7分）（1）为测定一节干电池的电动势和内阻，用如图所示电路除干电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A电流表(量程0.6A 3A) B电压表(量程3V 15V)C滑动变阻器(阻值范围010 额定电流2A)D滑动变阻器(阻值范围0200 额定电流1A)请你完成下面的选择：电流表量程选_，电压表量程选_，滑动变阻器选_（填器材前面的字母代号）（2）某实验小组为测量一只微安表G1的内阻，采用了以下的方法：实验器材：一只待测的微安表G1；一只标准微安表G2；一节干电池；09999的电阻箱一只；单刀双掷开关一只；导线若干实验步骤一：将开关S断开，按图所示连接电路实验步骤二：使开关掷向b端，此时电路中通过微安表G1的电流较小，调节电阻箱R使微安表G1的示数接近满偏，记下此时电阻箱R的阻值R1和标准微安表G2的读数I实验步骤三：将开关掷向a端，并调节电阻箱R使标准微安表G2示数维持电流I不变，记下此时电阻箱R的阻值R2由以上步骤可以测得微安表G1的内阻为Rg_请指出该同学在实验中的疏漏：_甲11（11分）（1）在“探究恒力做功与动能改变的关系”实验中，某实验小组采用如图甲所示的装置实验步骤如下：把纸带的一端固定在小车的后面，另一端穿过打点计时器改变木板的倾角，以重力的一个分力平衡小车及纸带受到的摩擦力用细线将木板上的小车通过一个定滑轮与悬吊的砂桶相连接通电源，放开小车，让小车拖着纸带运动，打点计时器就在纸带上打下一系列的点测出s、s1、s2（如图乙所示），查得打点周期为T判断重力的一个分力是否已与小车及纸带受到的摩擦力平衡的直接证据是_；本实验还需直接测量的物理量是：_（并用相应的符号表示）探究结果的表达式是_（用相应的符号表示）（2）用同样的装置做“探究加速度与力、质量的关系”实验以下是一实验小组所获取的部分实验数据，根据表格中数据，在图中取合适的坐标系，作出图象O表格：小车受力相同（均取砂桶质量m50g）次数小车质量M/g加速度a/m·s212001.915.0022501.714.0033001.503.3343501.362.8654001.122.5064501.002.2275000.902.00根据图象判断，实验产生误差的最主要原因是：_以下为选做题，请选择其中二道题目解答，如三道题全做，则以12题、13题解答计得分12(33选做题)（12分）（1）有以下说法：A“用油膜法估测分子的大小”实验中油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积B理想气体在体积不变的情况下，压强p与热力学温度T成正比C气体分子的平均动能越大，气体的压强就越大D物理性质各向同性的一定是非晶体E液体的表面张力是由于液体分子间的相互作用引起的F控制液面上方饱和汽的体积不变，升高温度，则达到动态平衡后该饱和汽的质量增大，密度增大，压强也增大G让一小球沿碗的圆弧型内壁来回滚动，小球的运动是可逆过程其中正确的是_OTV图乙（2）如图甲所示，用面积为S的活塞在汽缸内封闭着一定质量的空气，活塞上放一砝码，活塞和砝码的总质量为m，现对汽缸缓缓加热使汽缸内的空气温度从TI升高到T2，且空气柱的高度增加了l， 已知加热时气体吸收的热量为Q，外界大气压强为p0，问此过程中被封闭气体的内能变化了多少？请在下面的图乙的VT图上大致作出该过程的图象（包括在图象上标出过程的方向）图甲13(34选做题) （12分）图甲（1）有以下说法：A在“探究单摆的周期与摆长的关系”实验中，为减小偶然误差，应测出单摆作n次全振动的时间t，利用求出单摆的周期B如果质点所受的合外力总是指向平衡位置，质点的运动就是简谐运动C变化的磁场一定会产生变化的电场D图甲振荡电路中的电容器正处于放电状态EX射线是比紫外线频率低的电磁波F只有波长比障碍物的尺寸小的时候才会发生明显的衍射现象G在同种均匀介质中传播的声波，频率越高，波长越短其中正确的是_图乙h（2）如图乙所示，一束平行单色光由空气斜射入厚度为h的玻璃砖，入射光束与玻璃砖上表面夹角为，入射光束左边缘与玻璃砖左端距离为b1，经折射后出射光束左边缘与玻璃砖的左端距离为b2，可以认为光在空气中的速度等于真空中的光速c求：光在玻璃砖中的传播速度v 14(35选做题)（1）有以下说法：m1m2A用如图所示两摆长相等的单摆验证动量守恒定律时，只要测量出两球碰撞前后摆起的角度和两球的质量，就可以分析在两球的碰撞过程中总动量是否守恒B黑体辐射电磁波的强度按波长的分布只与黑体的温度有关C对于某种金属，只要入射光的强度足够大，就会发生光电效应D粒子散射实验正确解释了玻尔原子模型E原子核的半衰期由核内部自身因素决定，与原子所处的化学状态和外部条件无关F原子核的结合能越大，核子结合得越牢固，原子越稳定其中正确的是_（2）一静止的U核衰变为Th核时，只放出一个粒子，已知Th的质量为MT，粒子质量为M，衰变过程中质量亏损为，光在真空中的速度为c，若释放的核能全部转化为系统的动能，求放出的粒子的初动能四、计算或论述题：本题共 3小题，共47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分有数值计算的题，答案中必须明确写出数值的单位 15（14分）如图所示，在汽车的顶部用不可伸长的细线悬挂一个质量m的小球，以大小为v0的初速度在水平面上向右做匀减速直线运动，经过时间t，汽车的位移大小为s（车仍在运动）求：（1）汽车运动的加速度大小；（2）当小球相对汽车静止时，细线偏移竖直方向的夹角（用反三角函数表示）；hOO（3）汽车速度减小到零时，若小球距悬挂的最低点高度为h，O点在O点的竖直下方此后汽车保持静止，当小球摆到最低点时细线恰好被拉断证明拉断细线后，小球在汽车水平底板上的落点与O点间的水平距离s与h的平方根成正比16（16分）如图所示，两足够长平行光滑的金属导轨MN、PQ相距为L，导轨平面与水平面夹角=30°，导轨电阻不计磁感应强度为B的匀强磁场垂直导轨平面向上，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨电接触良好，金属棒的质量为m、电阻为R两金属导轨的上端连接右端电路，灯泡的电阻RL=4R，定值电阻R1=2R，电阻箱电阻调到使R2=12R，重力加速度为g，现将金属棒由静止释放，试求：（1）金属棒下滑的最大速度为多大？（2）当金属棒下滑距离为S0时速度恰达到最大，求金属棒由静止开始下滑2S0的过程中，整个电路产生的电热；（3）R2为何值时，其消耗的功率最大？消耗的最大功率为多少？MPQBaNbR2R1SRL17（17分）如图甲所示，在边界MN左侧存在斜方向的匀强电场E1，在MN的右侧有竖直向上、场强大小为E2=0.4N/C的匀强电场，还有垂直纸面向内的匀强磁场B（图甲中未画出）和水平向右的匀强电场E3（图甲中未画出），B和E3随时间变化的情况如图乙所示，P1P2为距MN边界2.28m的竖直墙壁，现有一带正电微粒质量为4×10-7kg，电量为1×10-5C，从左侧电场中距MN边界m的A处无初速释放后，沿直线以1m/s速度垂直MN边界进入右侧场区，设此时刻t=0， 取g =10m/s2求：（1）MN左侧匀强电场的电场强度E1（sin37º=0.6）；（2）带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度；图乙E3/Vm-1t/sOB/Tt/sO0.0040.08（3）带电微粒在MN右侧场区中运动多长时间与墙壁碰撞？（0.19）图甲AE1E2NMP2P1南通四县市2008届高三联考物理试卷参考答案及评分标准一、单项选择题：（每小题只有一个选项正确，请把正确的答案填入答题栏中，共5小题，答对得3分，答错或不答得0分，共15分）1 D2 C3 C4 B5 B二、多项选择题：本题共 4 小题，每小题4分，共16分，每小题有两个或两个以上选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分6 BC7 BC8 AD9 BCOa/m·s-2123412三、简答题：本题共5小题，共42分 10（1）0.6A 3V C （每空1分）（2）R2R1 （2分）实验步骤一中应补充：将电阻箱R阻值调到最大（或将电阻箱R阻值调到较大位置） （2分）11（）纸带上点迹间距相等 （2分）小车的质量M、砂桶的质量m （2分） （2分）（）图象见右图 （3分）作为外力的砂桶质量太大 （2分）12(33选做题)（12分）（1）AEF（每个答案分，共分）（2）解：由受力分析和做功分析知，在气体缓缓膨胀过程中，活塞与砝码的压力对气体做负功，大气压力对气体做负功，根据热力学第一定律得U=W+Q (2分)图乙hir (2分)图像见右图 (2分)13(34选做题) （12分）解：（1）ADG（每个答案分，共分）(2)由光的折射定律得 （1分）又 （1分）由几何关系得 （1分） （1分）由以上各式可得 （分）14(35选做题)（1） ABE（每个答案分，共分）（2）解：根据动量守恒定律得 （2分）根据能量守恒得 （2分）解以上方程可得 （2分）四、计算或论述题：本题共 3小题，共47分解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演15（14分）解：（1）由得 （2分） （2分）（2）由受力分析得，小球受到重力与绳子拉力的合力大小F=mgtan （1分） 根据牛顿第二定律，又F=ma （1分）所以 （2分）（3）设小球被细线拉着摆到最低点时的速度为v，由机械能守恒定律得 （1分）所以 （1分）设细线断时小球距离汽车水平底板高度为H，细线断后小球作平抛运动所以有 （1分） （1分）解得 （2分）16（16分）解：（1）当金属棒匀速下滑时速度最大，设最大速度为vm，达到最大时则有mgsin=F安 （1分）F安ILB （1分） （1分）其中R总6R （1分）所以 mgsin= （1分）解得最大速度 （1分）（2）由能量守恒知，放出的电热Q=2S0sin- （2分）代入上面的vm值，可得 （2分）（3）R2上消耗的功率 （1分）其中 （1分） 又 （1分）解以上方程组可得 （1分）当时，R2消耗的功率最大 （1分）最大功率 （1分）mgqE117（17分）解：(1)设MN左侧匀强电场场强为E1，方向与水平方向夹角为带电小球受力如右图沿水平方向有 qE1cos=ma （1分）沿竖直方向有 qE1sin=mg （1分） 对水平方向的匀加速运动有 v2=2as （1分） 代入数据可解得E1=0.5N/C （1分）=53º （1分）即E1大小为0.5N/C,方向与水平向右方向夹53º角斜向上(2) 带电微粒在MN右侧场区始终满足qE2=mg （1分）在01s时间内，带电微粒在E3电场中 m/s2 （1分） 带电微粒在1s时的速度大小为 v1=v+at=1+0.1×1=1.1m/s （1分） 在11.5s时间内，带电微粒在磁场B中运动，周期为s（1分） 在11.5s时间内，带电微粒在磁场B中正好作半个圆周运动所以带电微粒在MN右侧场区中运动了1.5s时的速度大小为1.1m/s, 方向水平向左 （1分）(3)在0s1s时间内带电微粒前进距离s1= vt+at2=1×1+×0.1×12=1.05m带电微粒在磁场B中作圆周运动的半径m （1分）因为r+s12.28m，所以在1s2s时间内带电微粒未碰及墙壁在2s3s时间内带电微粒作匀加速运动，加速度仍为a=0.1m/s2，在3s内带电微粒共前进距离s3=m （1分）在3s时带电微粒的速度大小为m/s在3s4s时间内带电微粒在磁场B中作圆周运动的半径 m=0.19m （1分）因为r3+s32.28m，所以在4s时间内带电微粒碰及墙壁r3r3d 带电微粒在3s以后运动情况如右图，其中 d=2.28-2.2=0.08m （1分） sin= ， 30º （1分）所以，带电微粒作圆周运动的时间为s （1分）带电微粒与墙壁碰撞的时间为t总3+=s （1分）