2022中考物理试题分类汇编专题28电功率含解析.doc

专题28 电功率一选择题共27小题12022北京有两个额定电压相同的电热水壶甲和乙，甲的额定功率为1800W，乙的额定功率为1200W两个电热水壶都正常工作时，以下说法中正确的选项是A甲电热水壶两端的电压较高B电流通过甲电热水壶做功较快C通过两个电热水壶的电流相等D相同时间内，两个电热水壶消耗的电能一样多【分析】额定电压是指用电器正常工作是的电压；电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据P=UI和W=Pt来作出分析和解答。【解答】解：A、两电热水壶的额定电压相同，且都正常工作，所以它们两端的电压相等，故A错误；B、甲的额定功率大于乙的额定功率，且都正常工作，根据电功率的物理意义可知，电流通过甲电热水壶做功较快，故B正确；C、两个电热水壶都正常工作时，甲的额定功率大，根据P=UI可知，通过甲的电流大，故C错误；D、两个电热水壶都正常工作时，通电时间相同，甲的额定功率大，根据W=Pt可知，甲消耗的电能多，故D错误。应选：B。22022邵阳将规格都是“220V 180W的一台电冰箱、一台电脑和一床电热毯，分别接入同一家庭电路中，假设通电时间相同，那么以下说法正确的选项是A电冰箱产生的热量最多B电脑产生的热量最多C电热毯产生的热量最多D三者产生的热量一样多【分析】由题意知，三种用电器的额定电压都是220V，额定功率都是180W；家庭电路电压是220V，把这三个用电器接入家庭电路，三个用电器都正常工作，实际功率相同都等于额定功率，通电时间相同，根据W=Pt可知消耗的电能相同；通过分析三种用电器工作时的能量转化情况，找出产生热量最多的用电器。【解答】解：因为接在家庭电路中，U=220V，所以三种用电器的实际功率：P实=P额=180W；又因为W=Pt，用电器工作时间t相等，所以三种用电器消耗的电能相同，电冰箱电工作时，主要把电能转化为机械能，产生的热量很小，电脑工作时，主要将电能转化为光能和声能，电热毯工作时电热丝产生热量，几乎把电能全部转化为热量，所以产生热量最多的是电热毯，故C正确。应选：C。32022宜昌两个定值电阻R1、R2并联在电路中，如图甲所示，它们的电流与其两端的电压关系如图乙所示，闭合开关S，那么R1，R2产生的热量之比为A2：1B1：2C4：1D1：4【分析】根据图象利用欧姆定律判定R1、R2的阻值关系；根据焦耳定律公式判定产生热量的比值。【解答】解：由图可知，该电路为并联电路，电压是相同的，由图乙可知，电压相同，通过R1、R2的电流之比为2：1；根据I=可知，R1、R2的电阻之比为1：2；通电时间相同，电压相同，那么根据焦耳定律公式Q=W=可知，产生的热量与电阻成反比，故热量之比为2：1。应选：A。42022绍兴以下有关家庭电路的说法正确的选项是A家庭电路中的插座应与用电器串联B家庭电路的电压对于人体是平安的C测电笔可以区分零线与地线D电能表用来测量用户消耗的电能【分析】1明确家庭电路的各用电器都是并联的；用电器与用电器之间、用电器与插座之间都是并联的；2家庭电路的电压是220V，人体平安电压不高于36V；3使用测电笔可以区分火线和零线。4根据电能表的用途进行分析，即电能表是测量用户在一定时间为消耗电能的多少。【解答】解：A、家庭电路中用电器与用电器、用电器与插座、插座与插座之间都是并联连接的，故A错误；B、对人体的平安电压是不高于36V，家庭电路的电压是220V，所以家庭电路的电压对于人体是不平安的；故B错误；C、零线、地线和大地间的电压都是0V，用测电笔分别接触零线与地线时，氖管都不发光，所以测电笔不能区分零线与地线，但测电笔可以区分火线和零线，故C错误；D、电能表用来测量用户在一定时间内消耗的电能，并且根据电能的多少来收取电费，故D正确。应选：D。52022钦州电炉工作时，根据焦耳定律可知，相同时间内电炉丝产生的热量比导线多，所以电炉丝热得发红而连接电炉丝的导线不太热，其原因是A电炉丝的电阻较大B电炉丝与导线是并联的C电炉丝的横截面大D通过电炉丝的电流较大【分析】由焦耳定律知道，电流通过导体产生的热量跟电流的平方、导体电阻大小和通电时间成正比。电炉丝和连接的导线串联在电路中通过的电流相等，通电时间是相同的，而电炉丝的电阻比导线的电阻大，据焦耳定律分析判断。【解答】解：电炉子在使用时，电炉丝和导线串联，I电炉丝=I导线，通电时间t相同，因为Q=I2Rt，R电炉丝R导线，所以电流产生的热量：Q电炉丝Q导线，从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象。应选：A。62022北京以下用电器中，利用电流热效应工作的是A电暖气B计算器C电视机D笔记本电脑【分析】当电流通过电阻时，电流做功而消耗电能，产生了热量，这种现象叫做电流的热效应。根据各用电器的能量转化可做出判断。【解答】解：A、电暖气工作时将电能转化为内能，利用了电流的热效应，故A符合题意；B、计算器工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故B不符合题意；C、电视机工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故C不符合题意；D、笔记本电脑工作时主要把电能转化为光能与声能，不是利用电流热效应工作的，故D不符合题意。应选：A。72022乐山以下家用电器中，利用电流热效应工作的是A电风扇B洗衣机C电热水壶D电视机【分析】电流的热效应就是把电能转化为内能，据此分析即可判断。【解答】解：A、电风扇工作时将电能转化为机械能，不是利用电流热效应工作，故A不符合题意；B、洗衣机工作时将电能转化机械能，不是利用电流热效应工作，故B不符合题意；C、电热水壶工作时将电能转化为内能，是利用电流热效应工作，故C符合题意；D、电视机工作时将电能转化为光能和声能，不是利用电流热效应工作，故D不符合题意。应选：C。82022玉林如下图，电源电压U为10V并保持不变，滑动变阻器规格为“20 1A。闭合开关S，当滑片P移至最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.5A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A那么A电路消耗的最小功率为2.5WB滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为2.4WC滑片P在中点时，灯泡消耗的功率为3.2WD滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡所做的功为10J【分析】1当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，根据欧姆定律求出灯丝电阻；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，利用串联电路的特点和P=即可求出假设灯泡电阻不变时的最小功率；然后即可比拟判断；2滑片P在中点时，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据P=UI求出灯泡的实际功率；3滑片P在最左端时，根据W=UIt求出5min内电流通过灯泡做的功。【解答】解：1当滑片P移至最左端时，电路为灯泡的简单电路，电流表测电路中的电流，此时灯泡正常发光，由I=可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=20；当滑动变阻器连入电路的电阻最大时，电路消耗的功率最小，假设不考虑灯泡电阻随温度的变化，根据串联电路的电阻特点可得，最小总功率：P最小=2.5W；由于灯泡不正常工作时的电阻低于正常工作时的电阻，所以，电路消耗的最小功率不是2.5W；故A错误；2滑片P在中点时，电流表示数为0.4A，根据I=可得，此时滑动变阻器两端的电压：U滑=IR滑=0.4A××20=4V，因串联电路中总电压等于各电压之和，所以，此时灯泡两端的电压：UL=UU滑=10V4V=6V，灯泡的实际功率：PL=ULI=6V×0.4A=2.4W；故B正确，C错误；3滑片P在最左端时，2min内电流通过灯泡做的功：WL=UILt=10V×0.5A×2×60s=600J，故D错误。应选：B。92022潍坊最先精确确定电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间关系的物理学家是A欧姆B焦耳C奥斯特D法拉第【分析】在大量实验的根底上，英国物理学家焦耳找出了电流产生的热量与电流、电阻、通电时间间的关系，即发现了焦耳定律。【解答】解：英国物理学家焦耳做了大量实验，于1840年最先精确地确定了电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的关系，得出Q=I2Rt；为了纪念他做出的奉献，人们将他的名字命名为热量能量的单位，应选：B。102022海南如下图，A、B为两盏白炽灯，A灯型号是“110V 25W，B灯型号是“110V 100W，R是一个未知电阻。假设把它们接到电压为220V的电路上，下面四种接法中可能让两盏灯都正常发光的电路是ABCD【分析】1根据串联电路电阻的分压特点可知，电压相等时，电阻也要相等。2电源电压相等，根据公式P=可知，电路中电阻越大。消耗的功率就越小，先根据公式R=分别求出灯泡A和灯泡B的电阻，再求出A、B、C图总电阻进行比拟，即可得出结论。【解答】解：根据公式P=可知，灯泡A的电阻RA=484，灯泡B的电阻RB=121。A、图中灯泡A和B的并联，电压为220V，那么A、B两端电压均为220V，大于其额定电压，故两盏灯都不正常发光，故A不符合题意；B、图中灯泡A和B的串联在电压为220V的电路中，由于两灯泡电阻不同，所以两灯泡两端的电压都不是其额定电压110V，那么两盏灯都不正常发光，故B不符合题意；C、图是灯泡A和可变电阻并联后又和灯泡B串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡A与可变电阻R并联后和灯泡B的电阻相等；但并联电路中，电阻越并越小，小于任何一个分电阻，所以此电路中灯泡A和灯泡B能正常工作，故C符合题意；D、图是灯泡B和可变电阻并联后又和灯泡A串联，灯泡要想正常工作，必须满足灯泡B与可变电阻并联后和灯泡A的电阻相等；并联电路，电阻更小；故灯泡A和灯泡B不能正常工作时，故D不符合题意；应选：C。112022荆门如下图的电路，电源电压为3V且保持不变，定值电阻R1=1，滑动变阻器R2阻值范围为04闭合开关S，在滑片从左向右移动的过程中，以下说法正确的选项是A滑动变阻器的最大功率为1.44WB滑动变阻器的最大功率为2WC滑动变阻器的最大功率为2.25WD电压表示数从0V增大到2.4V【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。1根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后分析表达式得出滑动变阻器消耗最大功率时接入电路中的电阻，并求出其大小；2当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出R1两端的电压，然后得出电压表示数的变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。1因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的电流：I=，滑动变阻器消耗的电功率：P2=I2R2=2R2=，所以，当R2=R1=1时，滑动变阻器消耗的电功率最大，那么P2大=2.25W，故AB错误、C正确；2当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路为R1的简单电路，电压表测电源两端的电压，示数为3V，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，R1两端的电压最小，此时电路中的电流：I=0.6A，电压表的最小示数：U1=IR1=0.6A×1=0.6V，所以，在滑片从左向右移动的过程中，电压表示数从3V减小到0.6V，故D错误。应选：C。122022南京如下图电路，电源电压不变，小灯泡标有“6V 3W“字样，闭合开关后，当滑片P移至某一位置时，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电压表示数变化了3V，此时滑动变阻器消耗的功率为P2，且P1：P2=5：6以下判断正确的选项是A滑动变阻器的最大阻值为10B电路允许消耗的最大功率为4.5WC小灯泡正常发光时，滑片P位于滑动变阻器中点位置D滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，小灯泡消耗的功率变化了0.6W【分析】1由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。根据滑片在某一位置和在一端时滑动变阻器消耗的功率之比，算出电源电压；当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电流表示数减小，电阻变大，说明滑片在最大阻值处，算出滑动变阻器的最大阻值；2根据P=UI和灯泡的额定电流算出电路允许消耗的最大功率；3根据欧姆定律和小灯泡正常发光时，算出滑动变阻器的电阻从而确定滑片P的位置；4根据P=UI算出小灯泡消耗的功率值以及变化值。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。1设电源电压为U，当滑片P移至某位置时，小灯泡恰好正常发光，且串联电路中电流处处相等，由P=UI可得，此时电路中的电流为：I=IL=0.5A，滑动变阻器消耗的功率为：P1=UULI=U6V×0.5A当滑片P移至某一端点时，电流表示数为0.3A，电流表示数减小，说明变阻器接入的电阻变大，此时滑片在最大阻值处；变阻器接入的电阻变大，由串联分压规律可知，变阻器分得的电压变大，所以，电压表示数变化了3V即增大了3V，此时滑动变阻器两端的电压为：U滑=U6V+3V=U3V，此时滑动变阻器消耗的功率为：P2=U滑I=U3V×0.3AP1：P2=5：6联立解得，电源电压U=9V；那么滑动变阻器的最大阻值为：R滑大=20，故A错误；2灯泡的额定电流为0.5A，那么电路中的最大电流为0.5A，电路允许消耗的最大功率：P大=UI大=9V×0.5A=4.5W，故B正确；3小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为：U滑=U6V=9V6V=3V，此时滑动变阻器的电阻为：R滑=6，因为滑动变阻器的最大阻值为20，所以此时滑片P不在中点位置，故C错误；4由题意可知，小灯泡恰好正常发光，此时滑动变阻器消耗的功率为P1，那么此时灯泡消耗的功率PL=P额=3W，滑动变阻器消耗的功率由P1变为P2的过程中，电压表示数变化了3V即增大了3V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端的电压减小了3V，那么此时灯泡两端的电压UL=6V3V=3V，此时灯泡消耗的电功率：PL=ULI=3V×0.3A=0.9W，那么灯泡消耗的功率变化了：P=PLPL=3W0.9W=2.1W，故D错误。应选：B。132022岳阳如图，电源电压恒为4.5V，的量程为“00.6A，的量程为“03V“，灯泡上标有“2.5V 1.25W不考虑灯丝电阻变化，滑动变阻器R的规格为“20 1A。闭合开关，在保证电路平安的情况下，移动滑片P的过程中A的示数最大为0.6AB灯泡消耗的最小功率为0.12WC电路消耗的最大总功率为2.7WD滑动变阻器接入电路的最小电阻为4【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。1根据P=UI求出灯泡的额定电流，然后与电流表的量程和滑动变阻器允许通过的最大电流相比拟确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，根据欧姆定律求出灯泡的电阻和电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=UI求出电路消耗的最大电功率；2当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出灯泡消耗的最小功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。1由P=UI可得，灯泡的额定电流：IL=0.5A，故A错误；因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为00.6A，滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，电路消耗的总功率最大，由I=可得，灯泡的电阻和电路的总电阻分别为：RL=5，R总=9，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R小=R总RL=95=4，故D正确；电路消耗的最大总功率：P大=UI大=4.5V×0.5A=2.25W，故C错误；2当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路的最小电流：I小=0.18A，那么灯泡消耗的最小功率：PL小=I小2RL=0.18A2×5=0.162W，故B错误。应选：D。142022无锡图甲是模拟调光灯。电源电压为4.0V；小灯泡额定电压为2.5V，电流随电压变化的IU图象如图乙所示，小灯泡两端电压到达0.4V时“刚亮；铅笔芯长15cm、阻值为30，其阻值与长度成正比。回形针A固定在铅笔芯右端，回形针P可以在铅笔芯上自由滑动，该调光灯在使用时，以下说法错误的选项是A闭合开关，移动P能连续调光B闭合开关，P滑到距A点10cm处，小灯泡的实际功率为0.15WC在距A点2.5cm处做标记，可以提醒P向A滑过此处，小灯泡将不平安D小灯泡工作时，从“刚亮到正常发光，实际功率变化范围为0.048W0.75W【分析】1当铅笔芯电阻全部接入电路中时，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图象读出符合要求的电流和电压，然后判断灯泡是否能发光，然后判断移动P时能否连续调光；2铅笔芯长15cm、阻值为30，其阻值与长度成正比，据此求出P滑到距A点10cm处和P滑到距A点2.5cm处接入电路中的电阻，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，根据图乙读出符合要求的电流和电压，根据P=UI求出小灯泡的实际功率，灯泡两端的电压大于额定电压下时将不会平安；3根据P=UI求出小灯泡“刚亮和正常发光时的功率，然后得出小灯泡工作时，从“刚亮到正常发光时的实际功率变化范围。【解答】解：A当铅笔芯电阻全部接入电路中时，因串联电路中总电压等于各分电压之和，其各处的电流相等，所以，由I=可知，电源的电压：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×30，由图乙可知，灯泡两端的电压UL=0.4V，通过灯泡的电流IL=0.12A时符合，此时小灯泡两端电压到达0.4V“刚亮，所以，闭合开关，移动P能连续调光，故A正确；B因铅笔芯长15cm、阻值为30，其阻值与长度成正比，所以，P滑到距A点10cm处，接入电路中的电阻：RP=×10cm=20，那么电源的电压：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×20，由图象可知，灯泡两端的电压UL=0.8V，通过灯泡的电流IL=0.16A时符合，此时小灯泡的实际功率：PL=ULIL=0.8V×0.16A=0.128W，故B错误；CP滑到距A点2.5cm处，接入电路中的电阻：RP=×2.5cm=5，那么电源的电压：U=UL+ILRP，即4.0V=UL+IL×5，由图象可知，灯泡两端的电压UL=2.5V，通过灯泡的电流IL=0.3A时符合，此时灯泡正常发光，所以，在距A点2.5cm处做标记，可以提醒P向A滑过此处，小灯泡两端的电压超过额定电压将不平安，故C正确；D小灯泡“刚亮时的实际功率：PL=ULIL=0.4V×0.12A=0.048W，小灯泡正常发光时的实际功率：PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W，所以，小灯泡工作时，从“刚亮到正常发光，实际功率变化范围为0.048W0.75W，故D正确。应选：B。152022通辽小明同学在进行电学知识复习时，针对电阻甲和乙的IU图象，作出了如下判断，正确的选项是A甲、乙串联在电路中，相同时间内甲、乙产生热量之比为2：1B甲、乙并联在电路中，相同时间内甲、乙消耗电能之比为1：2C将甲和乙并联，当甲两端电压为2V时，那么它们的干路电流为0.6AD将甲和乙串联，当它们两端电压为3V时，通过甲的电流为0.6A【分析】12根据串并联电路的特点、Q=I2Rt求出它们产生热量和消耗电能的比值；34根据串并联电路的电流、电压关系判定各个选项。【解答】解：A、甲、乙串联在电路中，电流是相同的，由图象可知，当电流都为0.2A时，甲的电压为1V，乙的电压为2V，即甲两端的电压是乙两端电压的取其它电流值仍然存在这样的关系，根据Q=I2Rt=UIt可知，相同时间内甲、乙产生热量之比为1：2，故A错误；B、甲、乙并联在电路中，电压是相同的，由图象可知，当电压为2V时，甲的电流是0.4A，乙的电流是0.2A，即甲的电流是乙的电流的2倍，根据Q=I2Rt=UIt可知，相同时间内甲、乙产生热量之比为2：1，故B错误；C、将甲和乙并联，并联电路各支路两端的电压相等；当甲两端电压为2V时，由图象可知，通过甲的电流为0.4A，通过乙的电流为0.2A，根据并联电路的电流关系可知，干路电流为0.4A+0.2A=0.6A，故C正确；D、将甲和乙串联，电流相同，由图象可知，当电路中的电流为0.2A时，甲的电压为1V，乙的电压为2V，满足它们两端电压总电压为3V，所以由串联电路的电流特点可知，通过甲的电流为0.2A，故D错误。应选：C。162022内江将规格为“2.5V 0.3A的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，以下判断正确的选项是AL1的电阻大于L2的电阻BL1的亮度比L2的亮度更小C两只灯泡都正常发光D两只灯泡实际功率相等【分析】根据电路图可知，两灯泡串联；先根据欧姆定律的变形公式R=比拟两灯泡阻值的大小，根据串联电路电流的特点以及P=I2R比拟灯泡的明暗程度。根据P=I2R分析两只灯泡实际功率。【解答】解：A、由欧姆定律的变形公式R=可得：R L1RL2；故A错误；B、因为串联电路处处电流相等，由P=I2R可知，电流一定时，电阻越大，功率越大，因此灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，即灯泡L2更亮，故B正确；C、两只灯泡都没有在额定电压下工作，所以都不正常发光，故C错误；D、因两灯泡的电阻不等，由P=I2R可知，两只灯泡实际功率不相等，故D错误。应选：B。172022深圳如图为“探究焦耳定律的实验装置。两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高。以下说法正确的选项是A通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这种方法是控制变量法B右侧电阻丝的阻值比左侧小C通过右侧电阻丝的电流比左侧小D该装置用于探究电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系【分析】1根据转换法分析；2U形管中的液面越高，说明产生的热量越多，结合焦耳定律进行解答；3在串联电路中，各处的电流是相同的；4根据控制变量法分析。【解答】解：A、通过玻璃管中液面的高度判断电流产生热量的多少，这属于转换法，故A错误；C、由图知，两电阻丝串联，根据串联电路的电流特点可知，各处的电流是相同的，故C错误；B、两个相同的烧瓶中密封初温相同、质量相等的煤油，通电一段时间后，右侧玻璃管中液面比左侧高，说明电流通过右侧电阻丝产生的热量多；电流和通电时间均相同，根据焦耳定律Q=I2Rt可知，右侧电阻丝的阻值大，故B错误；D、由前面解答可知，通过电阻丝的电流和通电时间均相同，由于左右两侧电阻丝的阻值不同，所以探究的是电流通过导体产生的热量多少与电阻大小的关系，故D正确。应选：D。182022沈阳如下图，电源电压保持不变，R1=15，闭合开关S1，断开开关S2，电流表示数为0.2A；同时闭合开关S1、S2，电流表示数为0.5A，此时R1、R2的电功率分别为P1、P2以下判断正确的选项是AP1：P2=2：3 R1：R2=2：5BP1：P2=2：3 R1：R2=3：2CP1：P2=3：2 R1：R2=2：5DP1：P2=3：2 R1：R2=3：2【分析】由电路图可知，闭合开关S1，断开开关S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流；同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，根据P=UI求出两电阻的电功率之比。【解答】解：由电路图可知，闭合开关S1，断开开关S2时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流；同时闭合开关S1、S2时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过R2的电流：I2=II1=0.5A0.2A=0.3A，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由I=可得，两电阻的阻值之比：=，故AC错误；由P=UI可得，两电阻的电功率之比：=，故B正确、D错误。应选：B。192022达州如下图电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑片P置于变阻器的B端时，电压表的示数为6V，在10s内定值电阻R1产生的热量为36J；当滑片P置于变阻器的中点时，电压表的示数变化了2V以下结果正确的选项是AR1先后两次消耗的电功率之比为3：4B滑动变阻器R2的最大阻值为10C电源电压为10VDR1的阻值为20【分析】由电路分析可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；由滑片的移动和电压表示数变化可知滑片滑到B点时电压表的示数，那么由欧姆定律可表示出滑片在不同位置时滑动变阻器两端的电压与电源电压电阻间的关系，联立可解得R1与R2最大值之间的关系及电源的电压； 由功率公式可求得R1的阻值，那么可求得R2的最大阻值；最后由功率公式分别求得R1先后两次消耗的电功率，即可求得比值。【解答】解：由电路图可知，R1与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；当滑片在B端时，由欧姆定律可知，电流中的电流：I1=，那么滑动变阻器两端的电压电压表的示数：U2=I1×R2=6V由题意知，当滑片滑到中点处时，滑动变阻器接入电阻变小，变阻器分得电压变小，即电压表示数应减小，所以，滑片滑到中点时，滑动变阻器两端电压为U2=6V2V=4V；同理可得，滑动变阻器两端的电压电压表的示数：U2=4V：可得： =，解得R1=R2将代入： =6V，可得电源电压：U=12V，故C错误；当滑片滑到B端时，R1两端电压为：U1=UU2=12V6V=6V；由Q=t=36J可得：R1=×10s=10，故D错误；因R2=R1，所以变阻器R2的最大阻值为10，故B正确；滑片在中点时，R1两端的电压为U1=UU2=12V4V=8V，那么R1先后两次的电压之比为： =，由P=可得R1先后两次消耗的电功率之比： =，故A错误。应选：B。202022湘西州以下所列家用电器中，正常工作时，电能主要转化为机械能的是A电风扇B电水壶C 电饭煲D 电视机【分析】电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程，用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程。【解答】解：在常见的家用电器中，电风扇主要把电能转化为机械能；而电水壶、电饭煲主要把电能转化为内能；电视机主要将电能转化为光能和声能。应选：A。212022福建新的国家标准对廷长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线最小标称横截面积由1mm2提升到1.5mm2增大导线横截面积的目的是A增大导线的电阻B减小通过导线的电流C增大导线的电压D减小导线发热的功率【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据P=I2R分析导线的发热功率变化，要注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。【解答】解：A廷长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故A错误；B通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，无法判断通过导线电流的变化，故B错误；C在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由U=IR可知，可以减小导线两端的电压，故C错误；D在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由P=I2R可知，可以减小导线发热的功率，故D正确。应选：D。222022泸州小明家有额定电压相同的微波炉和电视机各一台，按照每度电0.55元的计费标准，将这两个用电器正常工作1h所用的电费绘制成了如下图的柱状图，对小明家的这两个用电器，以下判断正确的选项是A微波炉正常工作时的电压大于电视机正常工作时的电压B微波炉正常工作时的电流等于电视机正常工作时的电流C微波炉正常工作时的电功率大于电视机正常工作时的电功率D每月在微波炉上用的电费一定比在电视机上用的电费多【分析】1根据用电器正常工作时的电压与额定电压相等分析判断；2从柱状图可知两用电器正常工作1小时的电费，进而知道消耗的电能，再根据P=和P=UI判断通过用电器的电功率和电流；3电能计算：W=Pt；电能的多少与电功率大小和时间长短有关；【解答】解：A、用电器正常工作时的电压等于额定电压，由于微波炉和电视机的额定电压相同，所以这两个用电器正常工作时的电压相等，故A错误；BC、由柱状图可知，微波炉正常工作1小时的电费比电视机高，而单价是一定的，所以微波炉消耗电能多，根据P=可知，微波炉电功率大于电视机的电功率，故C正确；电压相同，由P=UI可知，微波炉正常工作时的电流大，故B错误；D、虽然微波炉电功率大，由于不知道一个月内它们的实际工作时间，根据W=Pt知无法判断微波炉和电视机消耗的电能的多少，所以无法比拟电费的多少，故D错误。应选：C。232022无锡用如图的装置探究影响电流热效应的因素，电阻丝R1和R2分别密封在两只完全相同的烧瓶中，且R1R2，瓶中装有质量相等的煤油。以下说法正确的选项是A该装置用来探究电流热效应与电流大小的关系B闭合开关后，装R1电阻丝的烧瓶中温度计示数上上升较快C实验中，通过温度计示数的变化来比拟电阻丝产生生热量的多少D将某一烧瓶中的煤油换成等质量的水，可比拟煤油和水的比热容大【分析】1根据装置中的相同点、不同点，利用控制变量法分析；2由焦耳定律Q=I2Rt分析放出热量的多少；3通过观察烧瓶中温度计示数的变化来判断电阻丝发热的多少属于转换法；4由吸热公式Q吸=cmt可知，要比拟水和煤油的比热容大小，应让两瓶中水和煤油的质量m相等、吸收的热量相等加热时间相等，通过比拟它们升高的温度大小关系，得出比热容的大小关系。【解答】解：A、由图可知，两电阻丝串联，电流相同，通电时间也相同，但电阻不同，故该实验探究的是电流产生的热量与电阻的关系，故A错误；B、由焦耳定律Q=I2Rt可知，电流和通电时间相同时，电阻越大，放出的热量越多，由于R1R2，故R2放出的热量多，温度计示数升的高，故B错误；C、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数大小来判断电流产生的热量的多少，这个研究方法可以称之为转换法，故C正确；D、要比拟水和煤油的比热容，那么应让水和煤油的质量相等、吸收的热量加热时间相等，由温度的变化大小得出比热容的大小关系；故用相同质量的水代替煤油，两瓶中都有相同阻值相同的电阻丝，电阻相等；故D错误。应选：C。242022黄石将A、B两个灯泡，按图一、图二两种方式连接，RA=4、RB=6，电源电压相同，下面分析正确的选项是A图一中A灯比B灯亮B图二中A灯比B灯亮C图一中A灯比图二中A灯亮D图一中的总功率比图二中的总功率要大【分析】1图一中，两灯泡串联，通过它们的电流相等，根据P=UI=I2R比拟两灯泡的实际功率关系，实际功率大的灯泡较亮；2图二中，两灯泡并联，它们两端的电压相等，根据P=UI=比拟两灯泡的实际功率关系，然后判断亮暗关系；3根据串联电路的电压特点和并联电路的电压特点分析两图中A灯两端的电压关系，根据P=UI=比拟两种情况下A灯的实际功率关系，然后判断亮暗关系；4根据电阻的串并联比拟两图的总电阻关系，根据P=UI=比拟两种情况下电路的总功率关系。【解答】解：A图一中，两灯泡串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，A灯泡的电阻较小，由P=UI=I2R可知，A灯泡的实际功率较小，即A灯比B灯暗，故A错误；B图二中，两灯泡并联，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，由P=UI=可知，A灯泡的电阻较小，其实际功率较大，A灯比B灯亮，故B正确；C由于图一中A灯泡两端的电压小于电源电压，图二中A灯泡两端的电压等于电源的电压，所以，由P=UI=可知，图一中A灯泡的实际功率较小，灯泡较暗，即图一中A灯比图二中A灯暗，故C错误；D因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，图一中的总电阻大于图二中的总电阻，由P=UI=可知，图一中的总功率比图二中的总功率要小，故D错误。应选：B。252022连云港