通用版2022年中考物理第一轮复习专题20电与磁检测卷含解析.docx

专题20 电与磁检测卷时间40分钟，共100分一、选择题每题3分，共48分1.小红梳理反思了“磁场和磁感线相关知识，她归纳整理如下，其中正确的有。磁场看不见摸不着，但是可以借助小磁针感知它的存在；磁感线是磁体周围空间实际存在的曲线；磁感线是铁屑组成的；地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近。A；B；C；D【答案】A。【解析】1我们知道，磁场是看不见摸不着的，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法；2磁感线是不存在的，是为了研究方便假象的一些有方向的曲线；3磁感线是不存在的；4地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近。磁场看不见摸不着，但可以借助小磁针感知它的存在，这是典型的转换法，故正确。磁感线是不存在的，是为了研究方便而假象的一些有方向的曲线，故错误。磁感线是不存在的，磁感线是铁屑组成的说法错误，故错误。地球是一个巨大的磁体，地磁场的南极在地理北极附近，地磁场的北极在地理南极附近，故地磁场的磁感线是从地球南极附近发出回到北极附近，故正确。故正确的选项是和。故正确答案是A。2.如图是我国早期的指南针-司南，它是把天然磁石磨成勺子的形状，放在水平光滑的“地盘上制成的。东汉学者王充在?论衡?中记载：“司南之杓，投之于地，其柢指南；“柢指的是司南长柄，以下说法中正确的选项是。司南指南北是由于它受到地磁场的作用；司南长柄指的是地磁场的北极；地磁场的南极在地球地理的南极附近；司南长柄一端是磁石的北极。A只有正确；B只有正确；C只有正确；D只有正确【答案】A。【解析】1地球本身是一个巨大的磁体，地球周围的磁场叫做地磁场；2指南针是根据地磁场的作用工作的，地磁的南极在地理的北极附近，而地磁的北极在地理的南极附近，再根据磁极间的作用规律，可判断指南针的指向；3司南实际上就是一个磁铁；磁体静止时，指南的叫南极用字母S表示；指北的叫北极，用字母N表示。地球本身是一个大磁体，司南是用天然磁石磨制成的勺子，即其实质就是一块磁铁，在地球的磁场中受到磁力的作用，其静止时其勺柄指向南方，即指南的南极用S表示；地理上的南极是地磁的北极，故正确，错误。应选A。3.一通电螺线管中的电流方向和其周围磁感线的分布如下列图，其中正确的选项是。ABCD【答案】B。【解析】1安培定那么的内容：用右手握住螺线管，四指弯向螺线管中电流的方向，大拇指所指的就是螺线管的N极；2在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，回到S极。A：据安培定那么判断，该螺线管的右端是N极，左端是S极，故磁感线的方向错误，故错误。B：据安培定那么判断，该螺线管的左端是N极，右端是S极，且磁感线的方向正确，故正确。C：据安培定那么判断，该螺线管的右端是N极，左端是S极，故磁感线的方向错误，故错误。D：据安培定那么判断，该螺线管的左端是N极，右端是S极，故磁感线的方向错误，故错误。正确答案是B。4.关于电与磁，以下说法正确的选项是。A同名磁极相互吸引，异名磁极相互排斥；B电动机工作时，是将机械能转化为电能；C利用电磁感应现象制成发电机； D地磁场的北极就在地理北极附近【答案】C。【解析】1磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；2电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时将电能转化成机械能；3闭合电路的一局部导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应现象，发电机就是利用电磁感应的原理制成的；4地球周围存在磁场，地磁的北极在地理南极附近。A：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，故A错误。B：电动机工作时将电能转化成机械能，故B错误。C：发电机是利用电磁感应的原理制成的，故C正确。D：地磁场的北极在地理的南极附近，故D错误。应选C。5.如下列图为电磁铁的线路图。开关S闭合后，滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中。A电磁铁的右端为S极，磁性增强；B电磁铁的右端为S极，磁性减弱；C电磁铁的右端为N极，磁性增强；D电磁铁的右端为N极，磁性减弱【答案】D。【解析】1根据安培定那么判断电磁铁右端的N、S极，即伸出右手，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，大拇指所指的方向是N极；2根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化；线圈匝数一定时，电流越大，电磁铁的磁性越强，反之越小。由图可知，电流从螺旋管的左端流入、右端流出，用右手握住螺旋管，四指指向电流的方向，那么大拇指指向右端，所以右端是N极，故A、B错误。滑动变阻器的滑片P向右滑动过程中，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由可知，电路中的电流变小，通过电磁铁的电流变小，那么在螺旋管的匝数一定时，电磁铁的磁性减弱，故C错误、D正确。应选D。6.如图是奥斯特实验的示意图，有关分析正确的选项是。A通电导线周围磁场方向由小磁针的指向决定；B发生偏转的小磁针对通电导线有力的作用；C移去小磁针后的通电导线周围不存在磁场； D通电导线周围的磁场方向与电流方向无关【答案】B。【解析】AD、通电导线周围磁场方向由电流的方向决定的，故AD错误；B、当将通电导体放在小磁针上方时，小磁针会发生偏转，说明了小磁针受到了力的作用，改变了运动状态，故B正确；C、该磁场与小磁针的有无无关，故移走小磁针后，该结论仍成立，故C错误。应选B。7.如下列图的电路，电磁铁的左端有一个小磁针，那么以下说法中正确的选项是( )。A只闭合S1，小磁针N极向左顺时针偏转；B只闭合S1，小磁针仍将保持静止状态；C先闭合S1，再闭合S2，电磁铁磁性增强；D先闭合S1，再闭合S2，电磁铁磁性减弱【答案】C。【解析】AB、电流从左端流入，右端流出，故据安培定那么可知，此时电磁铁的右端是N极，左端是S极，根据磁极间的相互作用可知，闭合开关S1，小磁针N极向右逆时针偏转，故AB错误；BC、闭合开关S1再闭合S2，两电阻并联，电路中的总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，故电磁铁的磁性增强，故C正确，D错误。应选C。8.如下列图，以下有关电与磁实验的装置中，属于电动机原理的是。【答案】B。【解析】A、这是奥斯特实验装置，说明通电导线周围存在磁场，不属于电动机的原理，故A错误；B、此实验探究的是通电导体在磁场中受力运动的现象，属于电动机的原理，故B正确；C、实验中假设开关闭合，导体ab做切割磁感线运动时，电路中能够产生感应电流，是电磁感应实验，不属于电动机的原理，故C错误；D、实验中假设线圈abcd转动，会做切割磁感线而产生感应电流，是发电机原理图，不属于电动机原理，故D错误。应选B。9.关于电和磁，以下说法中正确的选项是。A.电流周围存在着磁场； B.改变在磁场中运动就一定会产生感应电流；C.导体在磁场中运动就一定会产生感应电流；D.电动机是利用电磁感应原理制成的【答案】A。【解析】实验证明电流周围存在着磁场，故A正确；影响通电螺线管磁性强弱的因素是电流的大小和线圈的匝数，电流越大，匝数越多，磁性越强。改变螺线管中电流的方向会改变磁极，B错误；只有闭合电路的一局部导体在磁场中做切割磁感线运动时才会产生感应电流，故C错误；电动机是利用通电导体线圈在磁场中受力运动转动的原理制成的，故D错误。正确答案是A。10.以下能说明电动机工作原理的实验是。ABCD【答案】B。【解析】A：奥斯特实验，说明通电导体存在磁场。B：电动机原理是通电导体在磁场中受到力的作用。C：发电机原理是利用电磁感应原理。D：是发电机的模型，利用电磁感应现象。电动机、发电机原理图最大的区别，电动机有电源，发电机没有电源。应选B。11.如下列图，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，以下四种情况相比较，指示灯最亮的是。AS1断开，滑片P在图示位置；BS1闭合，滑片P在图示位置；CS1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端；DS1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端【答案】D。【解析】闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化。A：S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误。B、C、D：闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小。当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，那么GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故B、C错误，D正确。应选D。12.以下四幅图中，解释不合理的是。A甲图，说明电流的周围存在磁场；B乙图，闭合开关后，小磁针N极将顺时针偏转；C丙图，发电机应用了磁场对电流的作用；D丁图，说明电流相同时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强【答案】C。【解析】A：该实验是奥斯特实验：当导线中通过电流时，小磁针发生偏转，实验现象说明电流周围存在磁场，即电生磁，这个现象叫做电流的磁效应，选项A正确。B：闭合开关，通电螺线管中的电流方向由右侧流入，根据安培定那么可知，螺线管的右端是N极，左端为S极，那么小磁针N极将顺时针偏转，选项B正确。C：线圈在磁场中转动切割磁感线，从而产生感应电流，知识发电机的原理，选项C错误。D：由图可知，两个电磁铁是串联的，那么通过两个电磁铁的电流相同在电流相同的情况下，匝数多的电磁铁吸引的大头针数目多，说明线圈匝数越多，磁性越强，选项D正确。应选C。13.以下有关电和磁的说法正确的选项是。A奥斯特发现了电流的磁效应；B磁体周围的磁场既看不见电摸不着，所以是不存在的；C电动机是根据电磁感应原理制成的；D电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关【答案】A。【解析】A奥斯特发现了电流的磁效应；此说法正确。物理学家奥斯特是第一个发现电流周围存在磁场的，揭示了电流的磁效应。B磁体周围的磁场既看不见电摸不着，所以是不存在的；此说法错误。磁场是看不见，摸不着的，但它是实实在在存在的一种特殊物质。C电动机是根据电磁感应原理制成的；此说法错误。电动机是根据磁场中的通电导体受到磁场力的作用制成的，不是根据电磁感应原理制成的。D电磁铁磁性的强弱只与线圈中电流的大小有关；此说法错误。电磁铁的磁性强弱不仅与线圈中电流大小有关，还与线圈匝数和线圈内有无铁芯有关。故，正确答案是A。14.如图是实验室电流表的内部结构图，以下选项中与电流表的工作原理相同的是。ABCD【答案】C。【解析】首先利用图示的装置分析出其制成原理，然后再逐个分析选择项中的各电学元件的工作原理，分别与前面分析的结论对应即可得到答案。通过电流表的内部构造显示电流表的工作原理：通电线圈在磁场中受力而转动，并且电流越大，线圈受到的力越大，其转动的幅度越大；因此可以利用电流表指针的转动幅度来表达电路中电流的大小。A：电磁铁是利用电流的磁效应制成的，与电流表的工作原理无关；故A错误。B：图是奥斯特实验，说明通电导体的周围存在磁场，与电流表的制成原理无关；故B错误。C：电动机是利用通电线圈在磁场中受力而转动的理论制成的；故C正确。D：发电机是利用电磁感应现象制成的，与电流表的制成原理无关；故D错误。应选C。15.对以下实验描述正确的选项是。甲乙丙丁A甲：验电器的两片金属箔带同种电荷，由于互相排斥而张开；B乙：通电导线在磁场中受到力的作用，这是发电机的原理；C丙：奥斯特实验说明磁能生电；D丁：闭合开关，只要金属棒运动，电路中就有感应电流产生【答案】A。【解析】A：甲图是验电器，验电器的两片金属箔带同种电荷，由于互相排斥而张开，故A正确。B：乙图说明通电导线在磁场中受到力的作用，这是电动机的原理，故B错误。C：奥斯特实验说明电能产生磁场，故C错误。D：丁图中，闭合开关，金属棒做切割磁感线运动，电路中就有感应电流产生，故D错误。应选A。16.如图是机场的安检人员用手持金属探测器检查乘客的情景，当探测线圈靠近金属物体时，在金属物体中就会产生电流，如果能检测出这种变化，就可以判定探测线圈下面有金属物体了。图中能反映出金属探测器工作原理的是。ABCD【答案】B.【解析】当线圈靠近金属物体时，在金属物体中产生电流，相当于闭合电路的局部导体在切割磁感线，故在金属中会产生电流，故探测器应采用了电磁感应原理。A选项为探究电流的周围存在磁场的实验；B选项为探究电磁感应现象的实验；C为电流的磁效应实验；D为探究通电导体在磁场中受力的实验。应选B。二、填空题每空2分，共32分17.螺线管通电后，小磁针静止时的指向如题图所示，那么通电螺线管右端为极，电源的端为正极。【答案】N、右。【解析】此题考查的是通电螺线管的磁场性质、磁感线方向和小磁针在磁场中的受力方向三者之间关系；由题图可知，小磁针左端为N极，通电螺线管上部磁感线方向由右向左，故可判断出通电螺线管右侧为N极；利用安培定那么，判断出电源右侧为正极，左侧为负极。故，答案是：N、右。18.如题图所示的实验装置中，当导体棒AB竖直向上运动时，灵敏电流计的指针偏转，让导体棒AB水平向有运动，灵敏电流计的指针偏转(以上两空均选填“会或“不会)，(选填“电动机或“发电机)是应用电磁感应原理制成的。【答案】不会、会、发电机。【解析】当导体棒AB竖直向上运动时，没有切割磁感线运动，所以闭合回路中不能产生感应电流，灵敏电流计的指针不会偏转；当导体棒AB水平向右运动时，由于切割磁感线运动从而在回路中产生感应电流，所以灵敏电流计的指针会偏转；电动机是根据通电导体在磁场中受到力的作用制成的，发电机是根据电磁感应原理制成的。故，答案是：不会、会、发电机。19.如图甲所示。一个条形磁铁摔成两段，取右边的一段靠近小磁针，小磁针静止时的指向如图乙所示，那么右边这处裂纹的磁极是极。如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起如图甲，这两段会相互选填吸引、排斥。【答案】N、吸引。【解析】任何磁体都有两个磁极：磁北极N极和磁南极S极；磁体分成假设干份，每一份又是一个新的磁体。如图乙，由于异名磁极相互吸引，所以右边裂纹的磁极是N极。如图甲，如果把这段磁铁沿裂纹吻合放在一起，由于左边裂纹的磁极是S极、右边裂纹的磁极是N极，所以这两段会相互吸引。故答案为：N、吸引。20.如下列图实验，用判断通电螺线管周围各点的磁场方向，为了探究通电螺线管磁极的极性与电流方向是否有关，应该采取的操作是。【答案】小磁针N极的指向、对调电源的正负极。【解析】利用通电螺线管周围的小磁针判断方向；通电螺线管周围磁场的方向与电流方向和线圈的绕向这两个因素有关，假设只改变其中的一个，磁场方向发生改变；假设两个因素同时改变，磁场方向不变。1根据磁场方向的规定可知，小磁针静止时N极所指的方向为该点的磁场方向；所以可利用小磁针N极的指向判断通电螺线管周围各点的磁场方向。2为了探究通电螺线管磁极的极性与电流方向是否有关，应改变螺线管中的电流方向，并观察小磁针N极的指向是否发生变化，所以应该采取的操作是对调电源的正负极。故答案为：小磁针N极的指向、对调电源的正负极。21.发电机的工作原理是，它能将能转化为能，田湾核电站是利用核产生的能量发电的选填“裂变或“聚变。【答案】电磁感应现象、机械、电、裂变。【解析】1闭合电路的局部导体在磁场中做切割磁感线运动，在电路中就会产生电流，该现象就称为电磁感应现象，发电机就是利用该原理制成的；2发电机是将机械能转化为电能；3核电站是利用原子核的裂变产生的能量。1发电机是利用电磁感应现象制成的；2在发电机中，机械能转化为电能；3核电站是利用原子核发生裂变时释放能量来发电的。故答案为：电磁感应现象、机械、电、裂变。22.如下列图是一种水位自动报警器的原理图。水位没有到达金属块A时，灯亮；水位到达金属块A时，由于一般的水是，灯亮。【答案】L1、导体、L2。【解析】电磁继电器一般由铁芯、线圈、衔铁、触点簧片等组成的；只要在线圈两端加上一定的电压，线圈中就会流过一定的电流，从而产生电磁效应，衔铁就会在电磁力吸引的作用下克服返回弹簧的拉力吸向铁芯，从而带动衔铁的动触点与静触点常开触点吸合；当线圈断电后，电磁的吸力也随之消失，衔铁就会在弹簧的反作用力返回原来的位置，使动触点与原来的静触点常闭触点吸合；这样吸合、释放，从而到达了在电路中的导通、切断的目的。当水位下降没有到达金属块A时，使控制电路断开，电磁铁失去磁性，弹簧拉着衔铁使动触点与上面的静触点接触，工作电路接通，那么L1亮。当水位上涨时，水与金属A接触，由于水是导体，使控制电路接通，电磁铁吸引衔铁，使动触点与下面的静触点接触，工作电路接通，那么 L2灯发光。【答案】L1、导体、L2。三、作图题12分23.3分在图题中标出磁感线的方向及小磁针的N极。【答案】如图。【解析】根据安培定那么可判断出螺线管右端为N极；磁感线从N极出来，在螺线管外回到S极，故磁感线箭头方向向左；根据磁极间相互作用规律：异名磁极相互吸引，可判断出小磁针的右端为N极；故答案如下列图。24.3分如下列图，请在图中标出电源的“+、“-极，并用箭头标出磁感线的方向。【答案】如图。【解析】由安培定那么可知，电流从螺线管左侧流入，从右侧流出，故电源左侧为正极，右侧为负极。故螺线管外部磁场方向，如下列图。25.6分闭合开关，螺线管右侧的小磁针立即转动，最后静止时N极指向螺线管，如下列图，请画出螺线管上的导线环绕图示。【答案】如图。【解析】1根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，判断螺线管的磁极；2根据安培定那么绕出螺线管的绕法。1根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，可以判断螺线管的右端是N极，左端是S极。2用右手握住螺线管，大拇指指向N极，四指就是电流方向，可以判断电流从螺线管的左端流入；如图。四、综合题8分26.8分用如图甲、乙所示的装置，分别探究“通电螺线管外部磁场的分布和“电磁感应现象。1在图甲中，闭合开关后，通电螺线管的右端为极。选填“N或“S2在图甲实验过程中，将电源正负极对调，发现小磁针的偏转方向发生改变这样操作是为了探究通电螺线管外部磁场方向和有关。3图乙中，闭合电路中的一局部导体AB静止不动，当磁体左右运动时，灵敏电流计的指针选填“会或“不会偏转。这说明闭合电路的局部导体在磁场中做运动时，导体中会产生感应电流。【答案】1N；2电流方向；3会；切割磁感线。【解析】1由图知：闭合开关，电流从螺线管右侧流入，从左侧流出用右手握住螺线管，四指指向电流方向，那么大拇指所指的方向即通电螺线管的右端为N极，另一端为S极。如以下列图所示：2改变电源的正负极后，螺线管中的电流方向发生了改变，小磁针的N极指向与原来相反，说明磁场的方向相反，由此可以确定，螺线管磁场的方向与电流方向有关。3闭合电路中的一局部导体左右运动时，在磁场中做切割磁感线的运动，导体中就会产生感应电流，灵敏电流计的指针会偏转。故答案为：1N；2电流方向；3会；切割磁感线。