2022年2021淮安物理中考真题 .pdf

2019 淮安物理中考真题（解析版）学校 :_ 班级 :_ 姓名 :_ 学号 :_ 一、单选题（共 8 小题）1.在音乐会上，我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，判断的依据是（）A响度B音色C音调D频率2.小明坐在正在驶的公共汽车上，他认为自己是静止的，所选取的参照物是（）A小明旁边的座位B路旁的树木C沿途的路灯D迎面驶来的公共汽车3.下列现象中，属于液化的是（）A冰凌的消融B霜的形成C冰冻的衣服晾干D露的形成4.在日常生活中，摩擦的现象普遍存在。有益的摩擦需要增大，有害的摩擦需要减小。下列实例中是为了减小摩擦的是（）A鞋底凹凸不平的花纹B自行车的车轴处加润滑油C汽车的轮子加防滑链D自行车刹车时捏紧刹车闸5.如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精。盒盖迅速飞出。这个过程与四冲程汽油机中的哪一个冲程的能量转化相同（）名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 1 页，共 19 页 - - - - - - - - - A吸气冲程B压缩冲程C做功冲程D排气冲程6.长江上，一艘满载货物的轮船在卸完一半货物后，该艘轮船（）A会浮起一些，所受浮力变小B会浮起一些，所受浮力变大C会下沉一些，所受浮力变大D会始终漂浮，所受浮力不变7.如图为“探究感应电流产生条件”的实验装置示意图，实验过程中磁体处于静止状态。关于这个实验，下列说法正确的是（）A导体棒处于静止状态时，灵敏电流计的指针发生偏转B导体棒沿竖直方向向下运动时，灵敏电流汁的指针发生偏转C导体棒沿水平方向左右运动时，灵敏电流计的指针发生偏转D导体棒向右上方运动时，灵敏电流计的指针不发生偏转8.如图（ a）所示是电阻甲和乙的IU 图象（ b） 、 （c）是它们的部分电路连接示意图，下列说法错误的是（）A当电阻乙两端电压为2.5V 时，它的阻值和甲的阻值相等B图（ b）中，当电压U 为 3V 时，乙的电阻为5名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 2 页，共 19 页 - - - - - - - - - C图（ c）中，当电压U 为 2V 时，干路总电流为0.6A D图（ c）中，在电压U 从 0 增大到 2.5V 的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小二、填空题（共 10 小题）9.手机拨打、接听电活或WiFi 上网都是利用了波传递信息，该波（选“能”或“不能” ）在真空中传播。10.“足球进校园” 推进了校园足球的发展。运动员将静止的足球踢飞，说明力可以；足球落地后会继续向前滚动。是因为足球具有。当足球静止在水平地面上时。受到的重力和地面的支持力是一对（选填“平衡力”或“相互作用力”） 。11.如图所示是淮安某路口安装的一种太阳能交通信号灯。太阳能属于一种（选填“可再生”或“不可再生” ）能源，用材料制成的LED （发光二极管）交通信号灯日夜发光，提醒着人们注意交通安全。12.一些大厦的外部安装了平板玻璃，人们可以通过它看到自己的（选填“虚”或“实” ）像。人靠近幕墙，像的大小（选填“变大” 、 “变小”或“不变” ） 。我国已经对玻璃幕墙的安装制定了限制性法规，因为玻璃幕墙会发生（选填“镜面”或“漫”）反射，造成光污染。13.小明在“探究杠杆平衡条件”的实验中：名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 3 页，共 19 页 - - - - - - - - - （1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，目的之一是方便测量；（2）如图甲所示。在杠杆左边A 处挂 4 个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，在杠杆B 处挂个钩码（实验中所用的钩码均相同）；（3）小明又用弹簧测力计。在C 处竖直向上拉。如图乙所示。当弹簧测力计逐渐向右倾时，使杠杆仍然在水平位置平衡。则弹簧测力计的示数将逐渐（选填“变大” 、 “变小”或“不变” ） 。14.如图是“探究物体动能大小与哪些因素有关”的实验示意图（A 为小球， B 为木块）。在探究小球动能大小与速度的关系时，应保持小球的不变。本实验是通过木块B来反映小球动能的大小。15.如图所示，工人将 80N 的重物提升了3m， 所用的时间为20s， 拉力为 50N 则工人做的有用功为J 拉力的功率是W，动滑轮的机械效率是。16.如图所示。小车水平向右做直线运动。数字钟显示的时间格式是“时，分，秒”，则小车从起点到终点通过的总路程是cm，全程的平均速度是cm/s。17.为了测定风速大小，小明设计了如图所示的装置。装置中探头、金属杆和滑动变阻器滑片P相连，可上下移动。该装置利用了流体流速越大，压强越的原理。现要求：当风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，请对该装置提出一条合理的改进措施。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 4 页，共 19 页 - - - - - - - - - 18.如图所示。电源电压恒定不变，R 为定值电阻。闭合开关，当滑动变阻器滑片P 位于 1位置时，电压表的示数为4V，电流表示数为0.2A ；当滑片由1 移至 2 位置（如图虚线位置）时，电压表示数为3V，电流表示数为0.3A 则滑片置于1 位置时滑动变阻器接入电路的阻值为，滑片由1 移至 2 位置的过程中，定值电阻R 的电功率变化量为W。三、作图题（共 4 小题）19.画出图中入射光线AO 的反射光线。20.画出图中静止在斜面上的茶杯所受重力的示意图。21.在图内虚线框中，标出通电螺线管磁极的名称。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 5 页，共 19 页 - - - - - - - - - 22.在图中。画出使用滑轮组提升物体时最省力的绳子绕法。四、实验探究题（共5 小题）23.小明想通过实验测置小石块的密度。（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的。观察到指针指在分度盘上的位置如图甲所示，此时应将平衡螺母向调节，使指针对准分度盘中央刻度线。（2）用调好的天平测小石块的质量。天平平衡时，右盘中砝码和游码位置如图乙所示，则小石块的质量为g。（3）如图丙所示，用量筒测出小石块的体积为cm3。（4）通过计算，小石块的密度为kg/m3。24.小明利用如图所示的实验装置观察水的沸腾现象。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 6 页，共 19 页 - - - - - - - - - （1）组装器材时，应先固定图甲的（选填“ A”或“ B” ） 。（2）水沸腾时温度计示数如图乙所示，则此时水沸点是，水沸腾过程中继续吸热，水的温度。（3）水沸腾时，水中气泡的情形为丙中（选填“ A”或或“ B” ） 。（4）实验中是通过的方式增加水的内能，若要缩短将水加热至沸腾的时间。请写出一种可行的办法。25.如图所示为“探究凸透镜成像规律”的实验装置图，已知凸透镜的焦距为10cm。（1）为了便于观察实验现象，实验环境应该（选填“较亮”或“较暗”）一些。（2）组装并调整实验器材。使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的上。（3） 如图所示， 当蜡烛距离凸透镜40cm 时，移动光屏， 可在光屏上找到一个清晰的倒立、（选填“放大”、 “等大”或“缩小” ）的实像。日常生活中（选填“照相机” 、 “投影仪”或“放大镜” ）就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm 的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，在光具座上移动光屏 ，（ 选 填 “ 能 ” 或 “ 不 能 ” ） 找 到 某 一 位 置 ， 使 像 清 晰 的 呈 现 在 光 屏 上 ， 理 由是。26.如图中所示，在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压为4.5V ，小灯泡额定电压为2.5V ，电阻约为 10 。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 7 页，共 19 页 - - - - - - - - - （1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。（2）连接电路时，开关应处于状态。（3）实验中无论怎么移动滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，原因可能是（写出一种即可）（4）排除故障后，移动滑片P 到某位置，电压表示数如图乙所示，示数为V；要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P 向（选填“ A”或“ B” ）端移动，使电压表示数为V。（5）移动滑片P，记录多组对应的电压表和电流表的示数，绘制成I U 图象。根据图内所给的信息。计算出小灯泡的额定功率是W。27.某科技兴趣小组在实验室看到若干长方体金属导体。它们的材料相同，外形都如图甲所示，他们想探究该种导体电阻与厚度及边长的关系。在老师的帮助下，他们测量了部分导体厚度h、边长 a 和电阻 R，并记录在表格中。 （在测量电阻时，老师要求导体都要按照图乙所示的方式通过导线接入电路；实验时环境温度保持不变。 ）根据以上信息，请回答下面问题：（1）分析表格中的数据可得：该种导体电阻大小与边长a（选填“有关”或“无关”） ，与厚度 h 成（选填“正比”或“反比”） 。（2）从该种导体中，选取了厚度h 之比为 2：3、边长 a 之比为 2：1 的两个导体R1、R2，按图丙方式串联后接在闭合电路中，设两端的电压为U1，R2两端的电压为U2，则 U1：U2。（3）现代集成电路技术需要电子元件微型化，且集成度越高，电子元件越需要微小。现某集成电路需要一只阻值为1.6103的该种导体，小华从边长a 为 5mm、10mm、15mm、20mm 的四个导体中选名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 8 页，共 19 页 - - - - - - - - - 择 了 边 长 为5mm的 导 体 。 与 其 它 三 个 导 体 相 比 ， 请 分 析 该 导 体 工 作 时 的 优 缺点：。次数厚度 h/mm边长 a/mm电阻 R/ 1031151.621101.631151.641201.652100.864100.475100.32五、计算题（共 1 小题）28.如图是一款家庭常用的电热水壶，经测量该电热水壶的质量为0.6kg， 它与桌面的接触面积为0.02m2 该电热水壶的额定电压为220V，额定功率为1000Wg 取 10N/kg，水的比热容为4.2103J/（ kg?） （1）求电热水壶的额定电流（保留一位小数）；（2）求电热水壶静止放在水平桌面上对桌面的压强；（3）用此电热水壶将1kg，初温为20的水加热到100，沸腾水至少吸收多少热量？（4）电热水壶正常工作时，若不考虑热量损失，将壶中质量为1kg、初温为20的水加热到100需要多长时间。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 9 页，共 19 页 - - - - - - - - - 2019 淮安物理中考真题（解析版）参考答案一、单选题（共 8 小题）1.【分析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。【解答】解：音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故B 正确， ACD错误。故选： B。【知识点】音色2.【分析】判断物体的运动和静止，首先选定一个参照物，我们说乘客是静止的，选定的参照物必须和乘客位置没有变化。【解答】解： A、小明坐在正在驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A 符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、 迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物时，小明是运动的；故BCD 不符合题意；故选： A。【知识点】参照物及其选择3.【分析】物质由气态变成液态的过程叫液化。【解答】解：A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A 不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B 不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C 不符合题意；D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故D 符合题意。故选： D。【知识点】液化及液化现象4.【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过减小压力来减小摩擦力；在压力一定时， 通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力；使接触面脱离； 用滚动摩擦代替滑动摩擦。【解答】解：A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A 不名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 10 页，共 19 页 - - - - - - - - - 合题意；B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故B 符合题意；C、汽车轮胎上装有防滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D 不合题意；故选： B。【知识点】增大或减小摩擦的方法5.【分析】（1）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；（2）汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；【解答】解：如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精， 盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也是将内能转化为机械能。故选： C。【知识点】内燃机的四个冲程6.【分析】在码头卸下货物后，根据漂浮条件即可判断浮力变化，根据阿基米德原理分析排开江水和海水体积的大小关系。【解答】解：因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，则受到的浮力变小；由公式 V排知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A 正确。故选： A。【知识点】物体的浮沉条件及其应用7.【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流的现象叫电磁感应，电磁感应产生的电流叫做感应电流。【解答】解：A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A 错误；B、导体棒沿竖直方向向下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B 错误；C、导体捧沿竖方向向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C 正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故 D 错误。故选： C。【知识点】电磁感应名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 11 页，共 19 页 - - - - - - - - - 8.【分析】（1）由图（ a）可知，当电阻甲、乙两端电压为2.5V 时通过两者的电流，根据欧姆定律可知电阻甲、乙的阻值关系；（2）图（ b）中，两电阻串联，通过它们的电流相等且总电压等于各分电压之和，根据图（a）得出符合的电流和电压，根据欧姆定律求出此时乙的电阻；（3）图（ c）中，两电阻并联，它们两端的电压相等干路电流等于各支路电流之和，根据图（ a）得出符合的电流和电压；（4）根据图（ c）得出在电压U 从 0 增大到 2.5V 的过程中通过两电阻电流的差值关系。【解答】解：A由图（ a）可知，当电阻甲、 乙两端电压为2.5V 时，通过两者的电流均为0.5A ，则由 I的变形式R可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A 正确；B图（ b）中，两电阻串联，由图（a）可知，当电路中的电流I0.2A、 U甲1V、U乙2V时，电压U 为 3V，此时乙的电阻R乙10 ，故 B 错误；C图（ c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U2V、I甲0.4A、 I乙0.2A 时，干路总电流为0.6A，故 C 正确；D图（ c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U 从 0 增大到 2.5V 的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D 正确。故选： B。【知识点】欧姆定律的应用二、填空题（共 10 小题）9.【分析】（1）微波是指频率为300MHz 300GHz 的电磁波， WiFi 在 2.4Ghz 频段工作，属于微波；（2）电磁波的传播不需要介质，它可以在真空中传播。【解答】解： WiFi 利用了电磁波中的微波技术进行信息传输，电磁波能在真空中传播。故答案为：电磁；能。【知识点】电磁波的传播10.【分析】力的作效果是可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；二力平衡的条件是：作用在同一个物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在一条直线上。【解答】解：力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到的重力和地面的支持力大小相等、方向相反、 作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。故答案为：改变物体运动状态；惯性；平衡力。【知识点】平衡力和相互作用力的区分、惯性、力的作用效果11.【分析】（1）能从自然界源源不断得到或可重复利用的能源是可再生能源，如：太阳能、风能等都是可再生能源；不能从自然界源源不断得到或不能重复利用的能源是不可再生能源；（2）容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体，导电性能介于导体与绝缘体间的物体是半导体。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 12 页，共 19 页 - - - - - - - - - 【解答】解：太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的。故答案为：可再生；半导体。【知识点】能源的分类、半导体的特点12.【分析】（1）根据平面镜成正立、等大的虚像的特点即可直接得出答案；（2）光的反射分为镜面反射与漫反射两种，光污染主要是由镜面反射引起的。【解答】解：因为平面镜成正立、等大的虚像， 所以人们可以通过大厦的外部安装的平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人远离幕墙时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。故答案为：虚；不变；镜面。【知识点】镜面反射、平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案13.【分析】（1）当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，便于测量力臂。（2）根据杠杆的平衡条件可以求出在B 处挂钩码的个数；（3）根据杠杆平衡条件，阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。【解答】解： （1）实验前调节平衡蜾母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，图中，杠杆的左端：4G 3L12GL ，B 处的力臂为4L，杠杆的右端：F24L 12GL，解得 F23G，即在 B 处挂 3 个同样的钩码；（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。故答案为：（1）力臂；（2）3； （3）变大。【知识点】探究杠杆的平衡条件实验14.【分析】小球动能的大小跟质量和速度有关，研究动能大小与这两个因素关系时，要用控制变量法，小球动能的大小通过它能够对外做功的多少来体现；【解答】解：在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变，本实验是通过木块B 被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的；故答案为：质量；被推动的距离大小。【知识点】探究影响物体动能大小的因素15.【分析】（1）根据 W有用Gh 求出有用功；（2）根据 s2h 求出拉力移动距离，根据W总Fs 求出总功，再根据P求出拉力的功率；（3）根据 求出机械效率。【解答】解： （1）工人做的有用功：W有用Gh80N3m240J；名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 13 页，共 19 页 - - - - - - - - - （2）拉力移动距离s2h23m6m，工人做的总功：W总Fs50N6m300J，拉力的功率：P15W；（3）动滑轮的机械效率： 100%100%80%。故答案为： 240；15； 80%。【知识点】滑轮（组）的机械效率、功率的计算、有用功和额外功16.【分析】根据表的示数读出起点与终点的时刻。然后通过读刻度尺得出起点与终点的距离，再根据v，求得平均速度。【解答】解：小车运动的距离：s8.00cm3.50cm4.50cm，小车运动的时间t10：6：710：6：25s，小车的运动速度v0.90cm/s。故答案为： 4.50； 0.90。【知识点】变速运动与平均速度17.【分析】根据流体压强与流速的关系（流速越快的地方压强越小）判断产生压力的方向，然后判断滑片移动的方向确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点和滑动变阻器两端的电压变化，进而提出改进措施。【解答】解：如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动；故该装置利用了流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移， R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由 I可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以， R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻两端，由 UIR 可知， R1两端的电压变大，电压表的示数变大。故答案为：小；将电压表接在定值电阻两端。【知识点】流体压强与流速的关系18.【分析】由电路图可知，定值电阻R 与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。 当滑动变附器滑片P 位于 1 位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路的阻值，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压；当滑片由1 移至 2 位置时，知道变阻器两端的电压和电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电源的电压，联立等式即可求出R 的阻值，利用P名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 14 页，共 19 页 - - - - - - - - - I2R 求出滑片由1 移至 2 位置的过程中定值电阻R 的电功率变化量。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R 与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片P 位于 1 位置时，变阻器两端的电压U14V，电路中的电流I1 0.2A，由 I可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R120 ，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源的电压：UU1+I1R4V+0.2A R当滑片由1 移至 2 位置时，变阻器两端的电压U23V ，电路中的电流I20.3A，则电源的电压：UU2+I2R3V+0.3A R联立 可得： R10 ，滑片由 1 移至 2 位置的过程中，定值电阻R 的电功率变化量：PRPR PRI22RI12R（ 0.3A）210 （ 0.2A ）210 0.5W。故答案为： 20 ；0.5。【知识点】欧姆定律的应用、电功率的计算三、作图题（共 4 小题）19.【分析】根据光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角。即可作图。【解答】解：先过入射点作出法线，再根据反射光线和入射光线分居在法线的两侧，使反射角等于入射角作出反射光线OB 即可，如图所示：【知识点】作光的反射光路图20.【分析】重力的作用点在物体的重心，无论物体处于什么状态，重力的方向都是竖直向下的，根据力的示意图的画法画出其示意图。【解答】解：过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G 表示，如图所示：【知识点】重力示意图名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 15 页，共 19 页 - - - - - - - - - 21.【分析】由电源方向即可知道电流方向，则由安培定则即可判出磁极方向。【解答】解：由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为N，故答案如图：【知识点】安培定则22.【分析】滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。本题中，要求最省力，属于第二种。【解答】解：图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3 段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过上面的定滑轮，再绕过动滑轮，如图所示：【知识点】滑轮组的设计与组装四、实验探究题（共5 小题）23.【分析】（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。调节天平平衡时，如果指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母；如果指针偏向分度盘的左侧，应向右调节平衡螺母；根据图示情景判断螺母的移动方向。（2）砝码与游码示数之和是所测物体的质量。（3）小石块与水的体积之和与水的体积之差是小石块的体积。（4）由密度公式可以求出小石块的密度。【解答】解： （1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。（2）由图乙所示可知，小石块的质量m50g+10g+4g64g。（3）由图丙所示可知，金属螺母的体积V40ml 20ml20ml 20cm3，（4）小石块的密度 3.2g/cm33.2103kg/m3。故答案为：（1）零刻线处；左； （2）64； （3）20； （ 4）3.2103。【知识点】固体的密度测量实验24.【分析】（1）在此实验中，酒精灯及温度计的使用都有特殊的规定：使用酒精灯的外焰加热，温度计的玻璃泡要完全浸没在液体中，但不能碰到容器底；所以要从下向上进行调节；（2）水沸腾时的特点：不断吸热，但温度保持不变。液体沸腾的条件：达到沸点、继续吸热；名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 16 页，共 19 页 - - - - - - - - - （3）根据水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大。（4）改变物体内能的方法：做功和热传递，做功发生了能量的转化，热传递发生的是能量的转移。【解答】解： （1）由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B 的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；（2）从图象可以看出水在沸腾过程中保持99不变，所以沸点为99水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。（3）A 中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B 图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前的现象。（4）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。故答案为：（1）B； （2）99；不变；（3）A； （4）热传递；提高水的初温或适当减少水量。【知识点】探究水的沸腾实验25.【分析】（1）凸透镜成像时，前后光线相差越大，实验效果越明显，蜡烛的像越明显；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，相距处于f 和 2f 之间，照相机根据这个原理制成；物距等于2f，凸透镜成倒立等大的实像，据此可以确定凸透镜的焦距；物距处于f 和 2f 之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，幻灯机或投影仪根据这个原理制成；物距小于f，凸透镜成正立放大的虚像，放大镜根据这个原理制成。【解答】解：（1）为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；（2）探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm 时，物距大于2f，凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm 的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和 2f 之间，凸透镜成倒立放大的实像，像距大于2f，在光具座上移动光屏，不能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏上，理由是像距过大，超出了光具座给提供的长度。故答案为：（1）较暗；（2）主光轴；（3）缩小；照相机； （4）不能；像距过大，超出了光具座给提供的长度。【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验26.【分析】（1）根据灯泡的额定功率和电阻，利用欧姆定律计算灯泡电流，确定电流表的量程，并且电流表与灯泡串联；（2）连接电路时，开关应处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的电路断路；（4）电压表读数：先确定使用的量程，然后确定分度值。通过实际电压与额定电压的关系，当实际电压小于额定电压时，滑动变阻器接入电路中的阻值需减小；（5）在图象上找出灯泡额定电压下的电流，根据PUI 计算额定功率。名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 17 页，共 19 页 - - - - - - - - - 【解答】解： （1）灯泡的电流约：I0.25A，因此电流表选择00.6A 的量程，并且电流表与灯泡串联，电流从电流表的正接线柱流入，从负接线柱流出，如图：（2）连接电路时，开关要处于断开状态；（3）小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则可能与电压表并联的灯泡断路；（4）电压表选择03V 量程，每一个大格代表1V，每一个小格代表0.1V，电压为2.1V；灯泡实际电压小于额定电压，为了使灯泡正常发光，滑动变阻器分得的电压需减小，因此滑片需向 B 端移动；（5）由图象知：灯泡在额定电压2.5V 时，通过灯泡的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率：PUI2.5V 0.2A0.5W；故答案为：（1）见上图；（2）断开；（ 3）灯泡断路； （4）2.2；B；2.5； （5）0.5。【知识点】电功率的测量27.【分析】（1）探究电阻和边长的关系，需要其他物理量相同，探究电阻和厚度关系，需要控制其他物理量相同。（2）导体的电阻跟厚度成反比，串联电路中电压跟电阻成正比。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小。【解答】解： （1）由实验1、2、 3、4 得，导体的厚度一定时，边长增大，电阻不变，说明导体的电阻跟边长无关。由实验 2、5、6、7 得，在导体的边长一定时，导体的厚度和电阻的乘积都为1.6，所以可以判断导体的电阻跟厚度成反比。（2）导体的电阻跟边长无关，导体的电阻跟厚度成反比，厚度A 之比为 2：3，所以电阻之比为 3：2，串联电路中电压跟电阻成正比，所以电阻两端的电压之比为3：2。（3）导体的电阻跟边长没有关系，在电阻不变时，选取的边长越小所占空间越小，所以选择边长为 5mm 的导体。故答案为：（1）无关；反比； （2）3： 2； （3）电阻大小不变，所占空间小。【知识点】影响电阻大小的因素五、计算题（共 1 小题）28.【分析】（1）已知电热水壶的额定电压和额定功率，利用公式I得到额定电流；（2）已知电热水壶的质量，可以得到重力，电热水壶对桌面的压力等于其重力；已知压力和接触面积，可以得到电热水壶对桌面的压强；（3）已知水的比热容、质量、初温度和末温度，利用公式Qcmt 得到水吸收的热量；名师归纳总结 精品学习资料 - - - - - - - - - - - - - - -精心整理归纳 精选学习资料 - - - - - - - - - - - - - - - 第 18 页，共 19 页 - - - - - - - - - （4）不考虑热量损失，消耗的电能等于水吸收的热量。已知电热水壶额定功率和消耗的电能，可以得到加热时间。【解答】解： （1）由 PUI 可得，电热水壶的额定电流：I4.5A ；（2）电热水壶对桌面的压力：FG mg0.6kg10N/kg6N，电热水壶对桌面的压强：p300Pa；（3）水吸收的热量：Q吸cmt 4.2103J/（kg?） 1kg（ 100 20） 336000J；（4）已知不考虑热量损失，所以消耗的电能W Q 336000J，由 P可得，需要的加热时间：t 336s。答： （1）电热水壶的额定电流为4.5A；（2）电热水壶对桌面的压强为300Pa；（3）水吸收的热量为336000J；（4）将壶中质量为lkg、初温为20的水加热到100需要 336s。【知识点】热量的计算、电功率与电压、电流的关系、压强的大小及其计算名师归纳