高中物理高考总复习强化练习11-15.doc

YOUR LOGO原 创 文 档 请 勿 盗 版高中物理高考总复习强化练习11-15高中物理高考总复习强化练习11一、选择题1(2011·北京)“蹦极”就是跳跃者把一端固定的长弹性绳绑在踝关节等处，从几十米高处跳下的一种极限运动某人做蹦极运动，所受绳子拉力F的大小随时间t变化的情况如图所示将蹦极过程近似为在竖直方向的运动，重力加速度为g.据图可知，此人在蹦极过程中最大加速度约为()AgB2gC3gD4g答案B解析由Ft图象知，静止时，0.6F0mg 当F1.8F0时，有最大加速度，根据牛顿第二定律：18F0mgma 由得a2g.2.如图所示，正沿平直轨道向右匀速行驶的车厢内，用水平绳a和倾斜绳b共同固定一个小球，若车厢改做加速运动，则两绳的拉力FTa和FTb的变化情况是()AFTa增大 BFTb减小CFTa不变 DFTa、FTb的合力增大答案AD解析当向右匀速行驶时，FTa与FTb的合力大小等于重力，方向竖直向上；当向右加速时，球所受的合外力不为0，FTa、FTb的合力在竖直方向的分量等于重力， 水平方向的分量等于ma，由此得到FTa增大，FTa、FTb的合力增大3(2011·江西重点中学模拟)如图(甲)是某景点的山坡滑道图片，为了探究滑行者在滑道直线部分AE滑行的时间技术人员通过测量绘制出如图(乙)所示的示意图AC是滑道的竖直高度，D点是AC竖直线上的一点，且有ADDE10m，滑道AE可视为光滑，滑行者从坡顶A点由静止开始沿滑道AE向下做直线滑动，g取10m/s2，则滑行者在滑道AE上滑行的时间为()A.s B2s C.s D2s答案B解析设CAE，则由牛顿第二定律得，滑行者的加速度为agcos；由几何关系得，AE2ADcos；由运动学公式得，AEat2，由以上两式代入数据解得t2s，故B正确4(2011·黑龙江四校模拟)质量为0.3kg的物体在水平面上做直线运动，其运动情况如图所示，两条直线为：水平方向物体只受摩擦力作用时和水平方向受到摩擦力、水平力F两个力共同作用时的速度时间图象，则下列说法中正确的是(g10m/s2)()A水平力F可能等于0.3NB物体的摩擦力一定等于0.1NC水平力F一定等于0.1ND物体的摩擦力可能等于0.3N答案C解析由题图可知，物体在两种情况下均做减速运动，图线a的加速度大小为aam/s2m/s2，图线b的加速度大小为abm/s2m/s2；若水平力F与速度方向相同，则Ff Fmaa、Ffmab，解得Ff0.2N、F0.1N；若水平力F与速度方向相反，则Ffmaa、FFfmab，解得F0.1N、Ff0.1N.故C正确5(2011·抚州模拟)如图所示，带有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球B，B恰与盒子前、后壁P、Q点相接触若使斜劈A在斜面体C上静止不动，则P、Q对球B无压力以下说法不正确的是()A若C的斜面光滑，斜劈A由静止释放，则Q点对球B有压力B若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则P、Q对B均无压力C若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面匀速下滑，则P、Q对B均无压力D若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面加速下滑，则Q点对球B有压力答案B解析将A、B作为一个整体，若C的斜面光滑，不论斜劈A由静止释放，还是斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，整体都具有沿斜面向下的加速度gsin；隔离B进行受力分析可知，除重力外，B还受到A的竖直向上的支持力，所以A的后壁的Q点一定对B产生压力，B沿斜面向下的加速度才会达到gsin，故A正确、B错误；若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面匀速下滑，P点和Q点都不能对B产生弹力，否则B不能做匀速运动；若斜劈A沿斜面加速下滑时，Q点一定对B产生弹力，故C、D均正确6(2011·潍坊模拟)如图(甲)所示，一物体沿足够长的光滑斜面从t0时由静止开始运动，同时受到沿斜面向上的风力作用，风力的大小与时间成正比，即Fkt(k为常数)在物体沿斜面向下运动的过程中，物体的加速度、速度随时间变化的图象正确的是(取沿斜面向下为正方向)()答案B解析对物体受力分析如图所示，在t0时，F0，物体的加速度沿斜面向下，大小为agsin；随时间t的增加，F增大，由牛顿第二定律得mgsinFma，所以物体的加速度沿斜面向下，大小为agsin，所以物体的加速度减小，速度增大；当风力F增大到Fmgsin时，物体的加速度为零，速度达到最大；F继续随时间增大，物体的加速度沿斜面向上，由牛顿第二定律得Fmgsinma，则agsin，所以物体的加速度增大，速度减小；由于在沿斜面向下运动的过程中，加速度随时间先均匀减小后均匀增加，且方向发生变化，故A错误、B正确；由于加速度先减小后增大，所以vt图象中图线的斜率应先减小后增大，故C、D均错误7(2011·济宁模拟)如图所示，水平传送带A、B两端点相距x4m，以v02m/s的速度(始终保持不变)顺时针运转，今将一小煤块(可视为质点)无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2. 由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕则小煤块从A运动到B的过程中()A小煤块从A运动到B的时间是sB小煤块从A运动到B的时间是2.25sC划痕长度是4mD划痕长度是0.5m答案BD解析小煤块刚放上传送带后，加速度ag 4m/s2，由v0at1可知，小煤块加速到与传送带同速的时间为t10.5s，此时小煤块运动的位移x1t10.5m，而传送带的位移为x2v0t11m，故小煤块在带上的划痕长度为lx2x10.5m，D正确，C错误；之后的xx13.5m，小煤块匀速运动，故t21.75s，故小煤块从A运动到B的时间tt1t22.25s，A错误，B正确8(2011·济南模拟)如图a所示，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)，初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力F作用在物体上，使物体开始向上做匀加速运动，拉力F与物体位移x的关系如图b所示(g10m/s2)，则正确的结论是()A物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态B弹簧的劲度系数为7.5N/cmC物体的质量为3kgD物体的加速度大小为5m/s2答案D解析设静止时弹簧的压缩量为x0，则kx0mg，施加拉力F后，设上移的位移为x，则此时弹簧的压缩量为(x0x)，由牛顿第二定律可得：Fk(x0x)mgma得出Fmakx，对应图b可得：ma10N，kN/cm5N/cm，物体与弹簧分离时，弹簧应处于自然状态，故x04cm，故可计算得出：m2kg，a5m/s2，因此只有D正确二、非选择题9.一只小猫跳起来抓住悬挂在天花板上的竖直木杆，如右图所示，在这一瞬间悬绳断了，设木杆足够长，由于小猫继续上爬，所以小猫离地面高度不变，则木杆下降的加速度大小为_，方向为_(设小猫质量为m，木杆的质量为M)答案g向下解析先对猫进行分析，由于猫相对地面高度不变，即猫处于平衡状态，而猫受重力G1mg和木杆对猫向上的摩擦力F的作用，如下图所示，故G1与F二力平衡，即FG1mg 再对木杆进行受力分析：木杆受重力G2Mg作用，由于木杆对猫有向上的摩擦力F，由牛顿第三定律可知，猫对杆有向下的摩擦力F，且FF 由牛顿第二定律，杆的加速度为a 由、式可得：ag，即杆下降的加速度为g，方向向下10(2011·江西百所名校模拟)一游客在滑雪时，由静止开始沿倾角37°的山坡匀加速下滑下滑过程中摄影师分别在相距L22.5m的A点和B点各给游客抓拍一张照片，为了追求滑雪过程中的动感效果，摄影师将相机的曝光时间定为 t0.1s.由于游客的速度较快，相片中出现了一定长度的虚影，经实地测量照片中与A点的虚影长度相对应的实际长度lA2m ，照片中与B点的虚影长度相对的实际长度lB2.5m.若考虑在0.1s内游客的运动可视为匀速运动，试计算：(g10m/s2，sin37°0.6，cos37°0.8)(1)游客在A点时速度的大小vA；(2)滑雪板与坡道间的动摩擦因数；(3)A点距出发点的距离LA.答案(1)20m/s(2)0.125(3)40m解析(1)在t时间内游客的运动可看成匀速运动，则游客在A点的速度为vA20m/s(2)同理，游客在B点的速度为 vB25m/s设游客的加速度为a，由2aLvv得：a5m/s2由牛顿第二定律得：mgsinmgcosma解得0.125(3)游客的初速度为零，由2aLAv得LA40m11(2011·山东)如图所示，在高出水平地面h1.8m的光滑平台上放置一质量M2kg、由两种不同材料连接成一体的薄板A，其右段长度l10.2m且表面光滑，左段表面粗糙在A最右端放有可视为质点的物块B，其质量m1kg.B与A左段间动摩擦因数0.4.开始时二者均静止，现对A施加F20N水平向右的恒力待B脱离A(A尚未露出平台)后，将A取走B离开平台后的落地点与平台右边缘的水平距离x1.2m.(取g10m/s2)求： (1)B离开平台时的速度vB.(2)B从开始运动到刚脱离A时，B运动的时间tB和位移xB.(3)A左端的长度l2.答案(1)2m/s(2)0.5s0.5m(3)1.5m解析(1)设物块B平抛运动时间为t，由运动学公式得hgt2 xvBt 联立式，代入数据得vB2m/s (2)设B的加速度为aB，由牛顿第二定律和运动学知识得mgmaB vBaBtB xBaBt 联立式，代入数据得tB0.5s xB0.5m. (3)设B刚开始运动时，A的速度为v1，由动能定理得Fl1Mv 设B运动后A的加速度为aA，由牛顿第二定律和运动学公式得，FmgMaA (l2xB)v1tBaAt 联立式，代入数据得l21.5m.12(2011·金华十校模拟)传送带以恒定速度v4m/s顺时针运行，传送带与水平面的夹角37°.现将质量m2kg的小物品轻放在其底端(小物品可看成质点)，平台上的人通过一根轻绳用恒力F20N拉小物品，经过一段时间物品被拉到离地高为H1.8m的平台上，如图所示已知物品与传送带之间的动摩擦因数0.5，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2，已知sin37°0.6，cos37°0.8.求：(1)物品从传送带底端运动到平台上所用的时间是多少？(2)若在物品与传送带达到同速瞬间撤去恒力F，求物品还需多少时间离开传送带？答案(1)1s(2)(2)s解析(1)物品在达到与传送带速度v4m/s相等前，做初速度为零的匀加速直线运动由牛顿第二定律得：Fmgcos37°mgsin37°ma1解得a18m/s2由va1t1得t10.5s位移为x1a1t1m达到共同速度后，由牛顿第二定律得：Fmgcos37°mgsin37°ma2解得a20，即物品随传送带匀速上升，位移为x2x12m所以时间为t20.5s总时间为tt1t21s(2)撤去F后，由牛顿第二定律得：mgcos37°mgsin37°ma3解得a32m/s2假设物品向上匀减速到速度为零时，通过的位移为x，则：x4m>x2由x2vt3a3t得：t3(2)s高中物理高考总复习强化练习12一、选择题1(2011·南通模拟)下列哪个说法是正确的()A体操运动员双手握住单杠在空中不动时处于失重状态B蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态C举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态D游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态答案B解析当物体的加速度方向向上时，处于超重状态，而加速度方向向下时，处于失重状态题中A、C、D选项中所描述的都是平衡状态，B中上升和下落过程加速度均向下，处于失重状态，故选项B正确2为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示那以下列说法中正确的是()A顾客始终受到三个力的作用B顾客始终处于超重状态C顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D顾客对扶梯作用力的方向先指向右下方，再竖直向下答案C解析当电梯匀速运转时，顾客只受两个力的作用，即重力和支持力，故A、B都不对；由受力分析可知，加速时顾客对扶梯有水平向左的摩擦力，故此时顾客对扶梯作用力的方向指向左下方，而匀速时没有摩擦力，此时方向竖直向下，故选C.3(2011·北京西城模拟)如图所示，一人站在电梯中的体重计上，随电梯一起运动下列各种情况中，体重计的示数最大的是()A电梯匀减速上升，加速度的大小为1.0m/s2B电梯匀加速上升，加速度的大小为1.0m/s2C电梯匀减速下降，加速度的大小为0.5m/s2D电梯匀加速下降，加速度的大小为0.5m/s2答案B解析当电梯匀减速上升或匀加速下降时，电梯处于失重状态设人受到体重计的支持力为FN，体重计示数大小即为人对体重计的压力FN.由牛顿第二、第三定律可得：mgFNmaFNFNm(ga)；当电梯匀加速上升或匀减速下降时，电梯处于超重状态，设人受到体重计的支持力为FN1，人对体重计的压力FN1，由牛顿第二、第三定律可得：FN1mgmaFN1FN1m(ga)，代入具体数据可得B正确4(2011·西宁模拟)如图所示，A、B球的质量相等，弹簧的质量不计，倾角为的斜面光滑，系统静止时，弹簧与细线均平行于斜面，在细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是()A两个小球的瞬时加速度均沿斜面向下，大小均为gsinBB球的受力情况未变，瞬时加速度为零CA球的瞬时加速度沿斜面向下，大小为2gsinD弹簧有收缩的趋势，B球的瞬时加速度向上，A球的瞬时加速度向下，瞬时加速度都不为零答案BC解析线烧断瞬间，弹簧弹力与原来相等，B球受力平衡，aB0，A球所受合力为mgsinkx2mgsin，故aA2gsin.5如图所示，A为电磁铁、C为胶木秤盘，A和C(包括支架)的总质量为m1，B为铁片，质量为m2，整个装置用轻绳悬挂于O点 ，当电磁铁通电，铁片被吸引加速上升的过程中，轻绳上拉力F的大小为()AFm1gBm1g<F<(m1m2)gCF(m1m2)g DF>(m1m2)g答案D解析对整体应用牛顿运动定律取A、B、C为系统，B向上加速，整体处于超重状态，F>(m1m2)g，选D.6.在光滑水平面上有一质量为m的物块受到水平恒力F的作用而运动，在其正前方固定一个足够长的劲度系数为k的轻质弹簧，如图所示当物块与弹簧接触且向右运动的过程中，下列说法正确的是()A物块在接触弹簧的过程中一直做减速运动B物块接触弹簧后先加速后减速，当弹力等于F时其速度最大C当弹簧处于压缩量最大时，物块的加速度等于F/mD当物块的速度为零时，弹簧的压缩量等于F/k答案B解析物块接触弹簧后，弹簧形变量逐渐增大，开始一段时间弹力小于F，所以物块会继续向右加速，直到弹力等于F，此时加速度为0，但速度达到最大；物块继续向右运动，弹簧形变量继续增大，弹力大于F，加速度方向变为向左，开始减速，直到速度为零，故A错，B对；由于无法得到物块接触弹簧时的速度，弹簧的最大形变量无法得知，故加速度不能确定，故C错；物块速度为零时，弹簧压缩量必大于F/k，故D错7.某同学为了研究超重和失重现象，将重为50N的物体带进竖直升降的电梯中，放置在压力传感器的水平载物面上电梯由启动到停止的过程中，测得压力(F)时间(t)变化的图象如图所示设在t13s和t28s时电梯的速度分别为v1和v2，由此他做出判断()A电梯在上升，v1>v2 B电梯在上升，v1<v2C电梯在下降，v1<v2 D电梯在下降，v1>v2答案B解析在04s内，F>mg，故物体处于超重状态，电梯具有向上的加速度，电梯一定加速上升，而且在t3s时电梯正在加速，而t8s时的电梯的速度与电梯在t4s时的速度相等，故有v1<v2，所以只有B正确8(2011·苏北四市二调)在探究超重和失重规律时，一位体重为G的同学站在一压力传感器上完成一次下蹲动作传感器和计算机相连，经计算机处理后得到压力F随时间t变化的图象，则下列图象中可有正确的是()答案D解析发生超重和失重现象与物体的速度无关，只决定于加速度的方向，当加速度向上时就超重，当加速度向下时就失重完成一次下蹲动作，它包括的物理过程是：先加速向下运动，然后减速向下运动，对应的加速度方向是先向下，后向上，即先失重后超重，对应的选项是D.二、非选择题9一个质量是50kg的人站在升降机的地板上，升降机的顶部悬挂了一个弹簧秤，弹簧秤下面挂着一个质量为mA5kg的物体A，当升降机向上运动时，他看到弹簧秤的示数为40N.g取10m/s2，求此时人对地板的压力答案400N方向竖直向下 解析以A为研究对象， 对A进行受力分析如图所示，选向下的方向为正方向，由牛顿第二定律可得mAgFTmAa，所以am/s22m/s2.再以人为研究对象，他受到向下的重力m人g和地板的支持力FN.仍选向下的方向为正方向，同样由牛顿第二定律可得m人gFNm人a.所以FNm人gm人a(50×1050×2) N400N.由牛顿第三定律可知， 人对地板的压力为400N，方向竖直向下10完整的撑秆跳高过程可以简化成如图所示的三个阶段，持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落运动员从静止开始以加速度a1.25m/s2匀加速助跑，速度达到v9.0m/s时撑杆起跳，到达最高点时过杆的速度不计，过杆后做自由落体运动，重心下降h24.05m时身体接触软垫，从接触软垫到速度减为零的时间t0.90s.已知运动员的质量m65kg，重力加速度g取10m/s2，不计空气的阻力，求：(1)运动员起跳前的助跑距离；(2)假如运动员从接触软垫到速度减为零的过程中做匀减速运动，求软垫对她的作用力大小答案(1)32.4m(2)1300N解析(1)设助跑距离为x，由运动学公式 v22ax解得：x32.4m(2)运动员过杆后做自由落体运动，设接触软垫时的速度为v，由运动学公式有：v22gh2设软垫对运动员的作用力为F，由牛顿第二定律得Fmgma由运动学公式a解得：F1300N.11(2011·北京东城区检测)杂技中的“顶竿”是由两个演员共同表演，站在地面上的演员肩部顶住一根长竹竿，另一演员爬至竹竿顶端完成各种动作后下滑若竹竿上演员自竿顶由静止开始下滑，滑到竹竿底部时速度正好为零已知竹竿底部与下面顶竿人肩部之间有一传感器，传感器显示竿上演员自竿顶滑下过程中顶竿人肩部的受力情况如图所示竹竿上演员质量为m140kg，竹竿质量m210kg，g10m/s2.(1)求竹竿上的人下滑过程中的最大速度v1；(2)请估测竹竿的长度h.答案(1)4m/s(2)12m解析(1)在演员下滑的前4s内，顶竿人肩部对竹竿的支持力为F1460N，竹竿和上面的演员总重力为500N，人匀加速下滑，加速度为a1, a11m/s2演员由静止下滑，下滑4s后达到最大速度v1，有v1a1t14m/s(2)在演员下滑的前4s，为匀加速下滑，下滑距离为h1h1t18m在演员下滑的4s6s，为匀减速下滑，下滑距离为h2h2t24m，竹竿的长度hh1h212m.12.如图所示，台秤上有一装水容器，容器底部用一质量不计的细线系住一个空心小球，体积为1.2×103m3，质量为1kg.这时台秤的读数为40N；剪断细线后，在小球上升的过程中，台秤的读数是多少？(水1×103kg/m3)答案39.6N解析剪断细线后，空心小球加速上升，处于超重状态，根据牛顿第二定律得水gVmgma.解得空心小球的加速度为a gg×10m/s22m/s2.在空心小球加速上升的同时，同体积的“水球”以同样大小的加速度向下流动填补小球原来占据的空间处于失重状态，该“水球”的质量为m水V1.2kg.这时台秤对容器的支持力为F40Nmama40N1×2N1.2×2N39.6N.根据牛顿第三定律，台秤所受的压力(即台秤的读数)为F40Nmama39.6N.高中物理高考总复习强化练习13一、选择题1若以表示水的摩尔质量，V表示在标准状态下水蒸气的摩尔体积，为在标准状态下水蒸气的密度，NA为阿伏加德罗常数，m、分别表示每个水分子的质量和体积，下面是四个关系式：NAm其中()A和都是正确的B和都是正确的C和都是正确的 D和都是正确的答案B解析由NA，故对，因水蒸气为气体，水分子间的空隙体积远大于分子本身体积，即VNA·，不对，而 ，也不对，故B项正确2分子动理论较好地解释了物质的宏观热学性质据此可判断下列说法中正确的是()A显微镜下观察到墨水中的小炭粒在不停地做无规则运动，这反映了液体分子运动的无规则性B分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大C分子势能随着分子间距离的增大，可能先减小后增大D在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素答案ACD解析A选项中小炭粒做布朗运动反映了液体分子的无规则热运动，故A是正确的B选项中分子间的相互作用力在间距r<r0范围内，随分子间距的增大而减小，在r>r0的范围内，随分子间距的增大先增大后减小，故B是错误的C选项中分子势能在r<r0时，分子势能随r的增大而减小，在r0处势能最小，在r>r0时，分子势能随r的增大而增大，故C选项是正确的D选项中真空环境是为防止其他杂质的介入，而高温条件下，分子热运动剧烈，有利于所掺入元素分子的扩散3质量相等的氢气和氧气温度相同，若不考虑分子间的势能，则()A氢气的内能较大B氧气的内能较大C两者的内能相等D氢气和氧气分子的平均动能相等答案AD解析因为氢的摩尔质量小，故同质量的氢气和氧气，氢气的分子数多，内能大4有甲、乙两种气体，如果甲气体分子的平均速率比乙气体分子的平均速率大，则()A甲气体的温度一定高于乙气体的温度B甲气体的温度一定低于乙气体的温度C甲气体的温度可能高于也可能低于乙气体的温度D甲气体中每个分子的运动都比乙气体中每个分子的运动快答案C解析A选项认为气体分子平均速率大，温度就高，这是对气体温度微观本质的错误认识，气体温度是气体分子平均动能的标志，而分子的平均动能不仅与分子的平均速率有关，还与分子的质量有关本题涉及两种不同的气体(即分子质量不同)，它们的分子质量无法比较，因而无法比较两种气体温度的高低，故A、B选项错误C选项正确，速率的平均值大，并不一定每个分子速率都大，故D选项错误5(2011·南昌模拟)下列说法中正确的是()A只要技术可行，物体的温度可降至274B液体与大气相接触，表面层内分子所受其他分子间的作用表现为相互吸引C气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数和温度有关D气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间斥力大于引力答案BC解析物体的温度只能无限接近273，永远不能达到，更不可能低于273，A错误；因为气体分子永不停息地做无规则运动，气体具有流动性的特点，所以气体失去容器的约束就会散开，D错误6(2011·深圳模拟)下列说法正确的是()A被压缩的物体其分子间只存在相互作用的斥力B分子间距离增大则分子势能一定变大C温度是物体分子平均动能大小的标志D显微镜下观察到的布朗运动就是液体分子的无规则运动答案C解析分子间同时存在着相互作用的引力和斥力，表现出的分子力是引力和斥力的合力，选项A错误；分子间的距离r<r0时，分子间距离增大，分子势能减小，选项B错误；布朗运动是悬浮在液体中的微粒在分子撞击下所做的永不停息的无规则运动，选项D错误正确答案选C.7(2011·广东)如图所示，两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来，下面的铅柱不脱落，主要原因是()A铅分子做无规则热运动B铅柱受到大气压力作用C铅柱间存在万有引力作用D铅柱间存在分子引力作用答案D解析本题考查分子动理论，考查考生对分子力的理解下面的铅柱不脱落，说明铅柱受到一个向上的力的作用，A项错误；大气对铅柱有向上的压力，但是远远不足以抵消铅柱的重力，因此B项错误；铅柱间的万有引力太小，远小于铅柱的重力，C项错误；由于铅柱间存在着分子引力的作用，故下面的铅柱才不脱落，D项正确8(2011·广州模拟)关于分子间作用力的说法中正确的是()A分子间既存在引力也存在斥力，分子力是它们的合力B分子之间距离减小时，引力和斥力都增大，且引力增大是比斥力快C紧压两块铅块后它们会连接在一起，这说明铅分子间存在引力D压缩汽缸内气体时要用力推活塞，这表明气体分子间的作用力主要表现为斥力答案AC解析分子间存在引力和斥力，分子力是它们的合力，故A正确；分子之间距离减小时，引力和斥力都增大，且斥力增大得比引力快，故B错，紧压两块铅块后它们会连接在一起，这说明铅分子间存在引力，故C正确；压缩汽缸内气体时要用力推活塞，是因为气体分子频繁撞器壁产生了压力，不是气体分子间的作用力所致，气体分子间的作用力可以忽略，故D错二、非选择题9某物质的摩尔质量为M，密度为，阿伏伽德罗常数为NA，则该物质每个分子的质量m0_，每个分子的体积V0_，单位体积内所含的分子数n_.答案M/NAM/NANA/M解析因为1mol的任何物质中都含有NA个分子数，则NA·m0M即m0，设该物质质量为m，体积为V，则得V0该1mol物质的体积为Vmol，那么它对应的分子数为NA.而1mol物质的体积为Vmol那么每单位体积所具有的分子数为n10用长度放大600倍的显微镜观察布朗运动，估计放大后的小颗粒(碳)体积为0.1×109m3，碳的密度为2.25×103kg/m3，摩尔质量是1.2×102kg/mol，阿伏加德罗常数为6.0×1023mol1，则该小碳粒含分子数约为多少个？(取一位有效数字)答案5×1010个解析设小颗粒的边长为a，则放大600倍后，其体积为V(600a)30.1×109m3，实际体积为Va3m3质量为mV×1015kg含分子数为n×6.0×10235×1010(个)11一滴水的体积为1.2×105cm3，如果放在开口容器中，由于蒸发每分钟跑出的水分子数为6.0×108个，需要多长时间跑完？答案6.7×108min解析水的摩尔体积为V1.8×105m3/mol一滴水中含水分子个数为NNA×6.02×10234.0×1017(个)水分子跑完的时间为t6.7×108(min)我们知道，在开口容器中蒸发掉一滴水，根本不需要6.7×108min的时间，原因在于实际生活中每分钟跑出的水分子个数比6.7×108还要多得多12(2011·济宁模拟)在“用油膜法估测分子大小”的实验中，所用的油酸酒精溶液的浓度为每1000mL溶液中有纯油酸0.6mL，用注射器测得1mL上述溶液为80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形格的边长为1cm.(1)实验中为什么要让油膜尽可能散开？(2)实验测出油酸分子的直径是多少？(结果保留两位有效数字)(3)如果已知体积为V的一滴油在水面上散开形成的单分子油膜的面积为S，这种油的密度为，摩尔质量为M，试写出阿伏加德罗常数的表达式答案(1)见解析(2)6.3×1010m(3)NA解析(1)为了使油酸在水面上形成单分子油膜(2)由图可知油膜覆盖方格数约为120个，设油酸分子的直径为d，则有××106m3120×1104dm2解得d6.3×1010m.(3)设阿伏加德罗常数为NA每个分子的体积V0()3由NAV0M得 NA13某学校物理兴趣小组组织开展一次探究活动，想估算地球周围大气层空气的分子个数一学生通过网上搜索，查阅得到以下几个物理量数据：已知地球的半径R6.4×106m，地球表面的重力加速度g9.8m/s2，大气压强p01.0×105Pa，空气的平均摩尔质量M2.9×102kg/mol，阿伏加德罗常数NA6.0×1023mol1.则：(1)这位同学根据上述几个物理量能估算出地球周围大气层空气的分子数吗？若能，请说明理由；若不能，也请说明理由(2)假如地球周围的大气全部液化成液态且均匀分布在地球表面上，估算一下地球半径将会增加多少？(已知液化空气密度1.0×103kg/m3)答案(1)能1.1×1044个(2)10m解析(1)能因为大气压强是由大气重力产生的由p0，得m把查阅得到的数据代入上式得m5.2×1018kg所以大气层空气的分子数为nNA1.1×1044个(2)可求出液化后的体积为V m35.2×1015m3设大气液化后液体均匀分布在地球表面上时，地球半径增加h，则有(Rh)3R3V，得3R2h3Rh2h3V考虑到hR，忽略h的二次项和三次项，得hm10m.高中物理高考总复习强化练习14一、选择题1(2011·山东)人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程，以下说法正确的是()A液体的分子势能与体积有关B晶体的物理性质都是各向异性的C温度升高，每个分子的动能都增大D露珠呈球状是由于液体表面张力的作用答案AD解析本题主要考查分子动理论和晶体、液体特点，意在考查考生对分子动理论、晶体、液体特点的识记液体分子的势能与体积有关，A正确多晶体的物理性质是各向同性，B错温度升高时，分子的平均动能增大，但并非是每个分子的动能都增大，C错由于液体的表面张力作用，露珠呈球形，D正确2(2011·泰州模拟)关于晶体和非晶体，下列说法中正确的是()A可以根据各向同性或各向异性来鉴别晶体和非晶体B一块均匀薄片，沿各个方向对它施加拉力，发现其强度一样，则此薄片一定是非晶体C一个固体球，如果沿其各条直径方向的导电性不同，则该球一定是单晶体D一块晶体，若其各个方向的导热性相同，则一定是多晶体答案C解析多晶体和非晶体都显示各向同性，只有单晶体显示各向异性，所以A、B错，C对单晶体具有各向异性的特性，仅是指某些物理性质，并不是所有的物理性质都是各向异性的，换言之，某一物理性质显示各向同性，并不意味着该物质一定不是单晶体，所以D错3(2011·湖北八校联考)关于气体的压强，下列说法中正确的是()A气体的压强是由气体分子间的排斥作用产生的B温度升高，气体分子的平均速率增大，气体的压强一定增大C气体的压强就是大量的气体分子作用在器壁单位面积上的平均作用力D当某一密闭容器自由下落时，容器中气体的压强将变为零答案C解析气体的压强是气体分子热运动产生的，且压强大小p，则A错，C对；压强大小微观上与分子热运动剧烈程度和分子密集程度有关(分子热运动平均速率越大，单位体积分子的密集程度越大，压强越大)，与外界的状态等因素无关，则B、D错4(2011·福建)如图所示，曲线M、N分别