2022年高一物理必修一牛顿运动定律单元测试 .pdf

高一物理必修一牛顿运动定律单元测试一、选择题1、（ 2010 宁波高一检测）下面关于惯性的说法中，正确的是（）A运动速度大的物体比速度小的物体难以停下来，所以运动速度大的物体具有较大的惯性B物体受的力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，则惯性越大C物体的体积越大，惯性越大D物体含的物质越多，惯性越大2、（ 2010 长沙高一检测）下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（）A m、N 、kg B kg 、m/s2、s C m、kg、s D m/s2、kg、N 3、（ 2010 泉州高一检测）关于作用力和反作用力，以下说法正确的是（）A作用力与它的反作用力总是一对平衡力B地球对物体的作用力比物体对地球的作用力大C作用力与反作用力一定是性质相同的力D凡是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上的，并且分别作用在不同物体上的两个力一定是一对作用力和反作用力4（ 2010 上饶高一检测）一物体向上抛出后，所受空气阻力大小不变，从它被抛出到落回原地的过程中（）A上升时间大于下降时间B上升加速度大于下降加速度C上升阶段平均速度大于下降阶段平均速度D上升阶段平均速度小于下降阶段平均速度5（ 2010 惠州高一检测）如图2 所示 . 弹簧左端固定, 右端自由伸长到O点并系住物体m。现将弹簧压缩到A点, 然后释放 , 物体一直可以运动到B点. 如果物体受到的阻力恒定, 则 ( ) A、物体从A到O先加速后减速B、物体从A到O加速运动，从O到B减速运动C、物体运动到O点时所受合力不为零D、物体从A到O的过程加速度逐渐减小6 （2010 浏阳高一检测）质量为M的木块位于粗糙的水平面上，若用大小为F的水平恒力拉木块，其加速度为A 当拉力方向不变，大小变为2F时，木块的加速度为a，则（）图 2 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 7 页Aa=a Ba 2aCa 2aDa =2a7（ 2010 哈尔滨高一检测）一物体质量为m，该物体所受合力的大小为F，获得加速度为a，那么在下图中，正确表示了它们之间函数关系的是（）8（ 2010 嘉兴高一检测）如图所示，悬挂于小车里的小球偏离竖直方向角，则小车可能的运动情况是（）A向右加速运动B向右减速运动C向左加速运动D向左减速运动9（ 2010 江门高一检测）如图所示为一光滑竖直圆槽，AP、BP、CP为通过最低点P与水平面分别成30、 45、 60角的三个光滑斜面，与圆相交于A、B、C点. 若一物体由静止分别从A、B、C滑至P点所需的时间为t1，t2，t3，则（）At1t2t3 Bt1t2t3 Ct1=t2=t3 Dt1=t2t310（ 2010 温州高一检测）如图所示水平面上，质量为10 kg 的物块A拴在一个被水平拉伸的弹簧一端，弹簧的另一端固定在小车上，小车静止不动，弹簧对物块的弹力大小为5 N时，物块处于静止状态，若小车以加速度a=1 m/s2沿水 平地面向右加速运动时（）A物块A相对小车仍静止B物块A受到的摩擦力将减小F F F m m a a a O O O O A B C D 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 7 页C物块A受到的摩擦力大小不变D物块A受到的弹力将增大11、（ 2010 德州高一检测）如图所示，物体A放在光滑水平桌面上，用一根细绳系住，若在绳的另一端用mg牛顿的拉力拉物体A时，A的加速度为a1, 若在绳的另一端挂一质量为m的物体时，物体的加速度为a2，则（）A. a1a2 B. a1弹，合外力向右，物体加速运动；在O点，只 受mg，方向向左，物体减速运动。故从A到O，物体先加速后减速，加速度先减小后增大。从O到 B，合外力向左，物体一直减速，加速度一直增大。6解析：选C设阻力为f，依题意有F-Ff=Ma，2F-Ff=Ma，由上述两式可得a 2a7解析：选A、D 。由mFa，得 A正确；又因为m为定值，故D正确。8答案： A、D 9答案： C 10答案： AC 11、解析：选A。设物体A的质量为M，若在绳的另一端用mg牛顿 F 的拉力拉物体A时，A的加速度为a1，以 A为研究对象，由牛顿第二定律：gMma1若 在绳的另一端挂一质量为m的精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 7 页物体时，物体的加速度为a2，以 A和 m整体为研究对象，由牛顿第二定律：gmMma2，显然有a1a2，A正确。12、解析： 选 D。取 M为研究对象， 对其受力进行正交分解，竖直方向：MgFFNsin；水平方向：MaFFNcos，两式联立，得：MFMgFa)sin(cos. 二、计算题13解析：人站在升降机中的体重计上受力情况. （1）当升降机匀速上升时由牛顿第二定律得F合=FNG=0 所以，人受到的支持力FN=G=mg=6010 =600. 根据牛顿第三定律，人对体重计的压力即体重计的示数为600. （2）当升降机以4 m/s2的加速度加速上升时，根据牛顿第二定律FNG=ma，FN=Gma=m（ga） =60（104）N=840N，此时体重计的示数为840N，大于人的重力600 N ，人处于超重状态. （3）当升降机以5 m/s2的加速度加速下降时，根据牛顿第二定律可得mgFN=ma )510(60)(agmmamgFNN=300 N，体重计的示数为300 ，小于人本身的重力，人处于失重状态. 答案：（ 1）600N （2） 840N （3） 300N 14解析： （1）有F作用时，物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律得Ff=ma1t时刻速度为v=a1t撤去F后，物体做匀减速直线运动，有f=a2v=2a2t联立、式可求得v=2Ft 3m ，f=F 3，（2）物体前后两段的平均速度mFtvv3/2所以总位移x=v3t=Ft2m. 答案：（ 1）f=F3，（2）x=Ft2m. 15解析：设最大速度为Vm，由 S=Vmt 2 得 ：Vm=8 ms 又 Vm=a1t1=a2t2由题意 a1=2a2 t=t1+ t2=3 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 7 页则 t1=1 s t2=2s a1=8m s2 a1=4m s2mg f1=ma1且 f2-mg=ma2则 f1=l20N f2=840N 所以 f1： f2=1： 7 。答案： 8 ms 1：7 16解析：（ 1）对物体m受力分析如图1 所示沿斜面方向由牛顿第二定律 mgsinmamgcos a=g(sin-)cos =22/4/)5425.053(10smsm（2）由题意知，当F 取最小值时m恰好不下滑，对物体m受力分析如图2 所示， y 方向上由平衡条件0sincosmgFFN（1）X 方向由牛顿第二定律得maFFNcossin（2）又 FNF（3）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 7 页联立 (1)(2)(3)式解得 a=5m/s2对整体分析由牛顿第二定律得NNamMF155)12()(min由题意知，当F 取最大值时m恰好不上滑，对物体m受力分析如图3 所示， Y方向上由平衡条件得0sinsinmgFFN（ 4）X 方向由牛顿第二定律得maFFNcossin (5) 联立 (3) (4) (5)式解得 a=123m/s2对整体分析由牛顿第二定律得NNamMF9 .363.12)12()(max综上得要使m相对 M不滑动 F 必须满足的条件是15NF369N 答案：（ 1）2/4sm（2） 15N F369N 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 7 页