2022年高考物理题荟萃牛顿运动定律 .pdf

优秀学习资料欢迎下载第三章 牛顿运动定律20XX年高考新题一、选择题1. （09全国卷 15）两物体甲和乙在同一直线上运动，它们在0 0.4s 时间内的v-t图象如图所示。若仅在两物体之间存在相互作用，则物体甲与乙的质量之比和图中时间t1分别为（ B ）A13和 0.30s B3 和 0.30s C 13和 0.28s D3 和 0.28s 解析 ：本题考查图象问题. 根据速度图象的特点可知甲做匀加速, 乙做匀减速 . 根据tva得乙甲aa3, 根据牛顿第二定律有乙甲mFmF31, 得3乙甲mm, 由tsma4 .01/104.042乙,得 t=0.3s,B正确。2. （09上海 7）图为蹦极运动的示意图。弹性绳的一端固定在O点，另一端和运动员相连。运动员从O点自由下落，至B点弹性绳自然伸直，经过合力为零的C点到达最低点D，然后弹起。整个过程中忽略空气阻力。分析这一过程，下列表述正确的是（B ）经过B点时，运动员的速率最大经过C点时，运动员的速率最大从C点到D点，运动员的加速度增大从C点到D点，运动员的加速度不变ABCD3. （09上海 46）与普通自行车相比，电动自行车骑行更省力。下表为某一品牌电动自行车的部分技术参数。在额定输出功率不变的情况下，质量为 60Kg 的人骑着此自行车沿平直公路行驶，所受阻力恒为车和人总重的0.04倍。 当此电动车达到最大速度时，牵引力为N,当车速为 2s/m 时， 其加速度为m/s2(g=10m m/s2) 规格后轮驱动直流永磁铁电机车型14 电动自行车额定输出功率200W 整车质量40Kg 额定电压48V 最大载重120 Kg 额定电流4.5A 答案： 40：0.6 4. （09宁夏 20）如图所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦。现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（ BC ）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载A. 物块先向左运动，再向右运动B. 物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C. 木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D. 木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零5. （09广东物理 8）某人在地面上用弹簧秤称得体重为490N。他将弹簧秤移至电梯内称其体重，0t至3t时间段内，弹簧秤的示数如图所示，电梯运行的v-t 图可能是（取电梯向上运动的方向为正）（A ）解析 ：由图可知， 在 t0-t1时间内， 弹簧秤的示数小于实际重量，则处于失重状态， 此时具有向下的加速度，在 t1-t2阶段弹簧秤示数等于实际重量，则既不超重也不失重，在 t2-t3阶段，弹簧秤示数大于实际重量，则处于超重状态，具有向上的加速度，若电梯向下运动，则t0-t1时间内向下加速，t1-t2阶段匀速运动，t2-t3阶段减速下降，A 正确；BD 不能实现人进入电梯由静止开始运动，C 项 t0-t1内超重，不符合题意。6. （09江苏物理 9）如图所示，两质量相等的物块A、B 通过一轻质弹簧连接，B 足够长、放置在水平面上，所有接触面均光滑。弹簧开始时处于原长，运动过程中始终处在弹性限度内。在物块A 上施加一个水平恒力，A、 B 从静止开始运动到第一次速度相等的过程中，下列说法中正确的有（BCD ）A当 A、B 加速度相等时，系统的机械能最大B当 A、B 加速度相等时，A、B 的速度差最大C当 A、B 的速度相等时，A 的速度达到最大D当 A、B 的速度相等时，弹簧的弹性势能最大精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载解析 ：处理本题的关键是对物体进行受力分析和运动过程分析，使用图象处理则可以使问题大大简化。对A、B在水平方向受力分析如图，F1为弹簧的拉力； 当加速度大小相同为a 时，对有maFF1， 对有maF1，得21FF，在整个过程中的合力（加速度）一直减小而的合力（加速度）一直增大，在达到共同加速度之前 A 的合力（加速度）一直大于的合力（加速度），之后 A 的合力（加速度）一直小于的合力（加速度）。两物体运动的v-t 图象如图， tl时刻，两物体加速度相等，斜率相同，速度差最大，t2时刻两物体的速度相等，速度达到最大值，两实线之间围成的面积有最大值即两物体的相对位移最大，弹簧被拉到最长；除重力和弹簧弹力外其它力对系统正功，系统机械能增加，tl时刻之后拉力依然做正功，即加速度相等时，系统机械能并非最大值。7. （09广东理科基础4）建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料。质量为70.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg 的建筑材料以0500ms2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g 取lOm s2) （B ）A510 N B490 N C890 N D 910 N解析 ：对建筑材料进行受力分析。根据牛顿第二定律有mamgF,得绳子的拉力大小等于F=210N, 然后再对人受力分析由平衡的知识得NFFMg,得 FN=490N, 根据牛顿第三定律可知人对地面间的压力为 490N.B 对。8. （09广东理科基础15）搬运工人沿粗糙斜面把一个物体拉上卡车，当力沿斜面向上，大小为F 时，物体的加速度为a1；若保持力的方向不变，大小变为2F 时，物体的加速度为a2，则（D ）Aal=a2Ba1a22al解析 ：当为 F 时有mfFa1，当为 2F 时有mfamffFmfFa122222，可知122aa，D 对。9. （09山东 17）某物体做直线运动的v-t 图象如图甲所示，据此判断图乙（F 表示物体所受合力，x 表示物体的位移）四个选项中正确的是（B ）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载解析 ：由图甲可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s-4s 做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s-6s 做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s-8s 做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B 正确。考点： v-t 图象、牛顿第二定律提示：在v-t 图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定。速度时间图象特点：因速度是矢量，故速度时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t 轴上方代表的“正方向”，t 轴下方代表的是“负方向” ，所以“速度时间”图象只能描述物体做“直线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移时间”图象；“速度时间”图象没有时间t 的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点；“速度时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；“速度时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移。10. （09山东 18）20XX 年 9 月 25 日至 28 日我国成功实施了“神舟”七号载入航天飞行并实现了航天员首次出舱。 飞船先沿椭圆轨道飞行，后在远地点343 千米处点火加速，由椭圆轨道变成高度为343 千米的圆轨道，在此圆轨道上飞船运行周期约为90 分钟。下列判断正确的是（BC ）A飞船变轨前后的机械能相等B飞船在圆轨道上时航天员出舱前后都处于失重状态C飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度D飞船变轨前通过椭圆轨道远地点时的加速度大于变轨后沿圆轨道运动的加速度解析 ：飞船点火变轨，前后的机械能不守恒，所以A 不正确。飞船在圆轨道上时万有引力来提供向心力，航天员出舱前后都处于失重状态，B 正确。 飞船在此圆轨道上运动的周期90 分钟小于同步卫星运动的周期24 小时，根据2T可知，飞船在此圆轨道上运动的角度速度大于同步卫星运动的角速度，C 正确。飞船变轨前通过P地球Q 轨道 1 轨道 2 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载椭圆轨道远地点时只有万有引力来提供加速度，变轨后沿圆轨道运动也是只有万有引力来提供加速度，所以相等， D 不正确。考点：机械能守恒定律，完全失重，万有引力定律提示：若物体除了重力、弹性力做功以外，还有其他力(非重力、弹性力)不做功，且其他力做功之和不为零，则机械能不守恒。根据万有引力等于卫星做圆周运动的向心力可求卫星的速度、周期、 动能、 动量等状态量。 由22MmvGmrr得GMvr，由222()MmGmrrT得32rTGM，由22MmGmrr得3GMr，2nMmGmar可求向心加速度。11. （ 09山东 22）图示为某探究活动小组设计的节能运动系统。斜面轨道倾角为 30，质量为M 的木箱与轨道的动摩擦因数为36。木箱在轨道端时，自动装货装置将质量为m 的货物装入木箱，然后木箱载着货物沿轨道无初速滑下，与轻弹簧被压缩至最短时，自动卸货装置立刻将货物卸下，然后木箱恰好被弹回到轨道顶端，再重复上述过程。下列选项正确的是（BC ）AmM Bm2M C木箱不与弹簧接触时，上滑的加速度大于下滑的加速度D在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能全部转化为弹簧的弹性势能解析 ：受力分析可知，下滑时加速度为cosgg，上滑时加速度为cosgg，所以 C 正确。设下滑的距离为l，根据能量守恒有()coscossinmMglMglmgl，得 m 2M。也可以根据除了重力、弹性力做功以外，还有其他力 (非重力、 弹性力 )做的功之和等于系统机械能的变化量，B 正确。 在木箱与货物从顶端滑到最低点的过程中，减少的重力势能转化为弹簧的弹性势能和内能，所以D 不正确。考点：能量守恒定律，机械能守恒定律，牛顿第二定律，受力分析提示：能量守恒定律的理解及应用。12. （09安徽 17）为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。那么下列说法中正确的是（C ）A. 顾客始终受到三个力的作用精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载B. 顾客始终处于超重状态C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D. 顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下解析 ：在慢慢加速的过程中顾客受到的摩擦力水平向左，电梯对其的支持力和摩擦力的合力方向指向右上，由牛顿第三定律，它的反作用力即人对电梯的作用方向指向向左下；在匀速运动的过程中，顾客与电梯间的摩擦力等于零，顾客对扶梯的作用仅剩下压力，方向沿竖直向下。13. （09安徽 18）在光滑的绝缘水平面上，有一个正方形的abcd，顶点a、c 处分别固定一个正点电荷，电荷量相等，如图所示。若将一个带负电的粒子置于b 点，自由释放，粒子将沿着对角线bd 往复运动。粒子从b点运动到d 点的过程中（D ）A. 先作匀加速运动，后作匀减速运动B. 先从高电势到低电势，后从低电势到高电势C. 电势能与机械能之和先增大，后减小D. 电势能先减小，后增大解析 ：由于负电荷受到的电场力是变力，加速度是变化的。所以A错；由等量正电荷的电场分布知道，在两电荷连线的中垂线O点的电势最高， 所以从b到a，电势是先增大后减小，故B错；由于只有电场力做功，所以只有电势能与动能的相互转化，故电势能与机械能的和守恒，C错；由b到O电场力做正功，电势能减小，由O到d电场力做负功，电势能增加，D对。二、非选择题14. （09山东 24） （ 15 分）如图所示，某货场而将质量为m1=100 kg 的货物（可视为质点）从高处运送至地面，为避免货物与地面发生撞击，现利用固定于地面的光滑四分之一圆轨道，使货物中轨道顶端无初速滑下，轨道半径 R=1.8 m。地面上紧靠轨道次排放两声完全相同的木板A、B，长度均为 l=2m ，质量均为m2=100 kg，木板上表面与轨道末端相切。货物与木板间的动摩擦因数为1，木板与地面间的动摩擦因数=0.2。 （最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10 m/s2）（1）求货物到达圆轨道末端时对轨道的压力。（2）若货物滑上木板4 时，木板不动，而滑上木板B 时，木板B 开始滑动，求1应满足的条件。（3）若1=0。5，求货物滑到木板A 末端时的速度和在木板A 上运动的时间。解析 ： （1）设货物滑到圆轨道末端是的速度为0v，对货物的下滑过程中根据机械能守恒定律得，21012mgRm vFNmgfaa b cc d O 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载设货物在轨道末端所受支持力的大小为NF,根据牛顿第二定律得，2011NvFm gmR联立以上两式代入数据得3000NFN根据牛顿第三定律，货物到达圆轨道末端时对轨道的压力大小为3000N，方向竖直向下。（2）若滑上木板A 时，木板不动，由受力分析得11212(2)m gmmg若滑上木板B 时，木板B 开始滑动，由受力分析得11212()m gmmg联立式代入数据得10.6。（3）10.5，由式可知，货物在木板A 上滑动时，木板不动。设货物在木板A 上做减速运动时的加速度大小为1a，由牛顿第二定律得111 1m gm a设货物滑到木板A 末端是的速度为1v，由运动学公式得221012vva l联立式代入数据得14/vm s设在木板A 上运动的时间为t，由运动学公式得101vvat联立式代入数据得0.4ts。考点：机械能守恒定律、牛顿第二定律、运动学方程、受力分析15. （09安徽 22） （14 分）在 20XX 年北京残奥会开幕式上，运动员手拉绳索向上攀登，最终点燃了主火炬，体现了残疾运动员坚忍不拔的意志和自强不息的精神。为了探究上升过程中运动员与绳索和吊椅间的作用，可将过程简化。一根不可伸缩的轻绳跨过轻质的定滑轮，一端挂一吊椅，另一端被坐在吊椅上的运动员拉住，如图所示。设运动员的质量为65kg，吊椅的质量为15kg，不计定滑轮与绳子间的摩擦。重力加速度取210m/sg。 当运动员与吊椅一起正以加速度21m/sa上升时，试求（1）运动员竖直向下拉绳的力；（2）运动员对吊椅的压力。答案： 440N，275N 解析 ： 解法一 :(1 ）设运动员受到绳向上的拉力为F，由于跨过定滑轮的两段绳子拉力相等，吊椅受到绳的拉力也是F。对运动员和吊椅整体进行受力分析如图所示，则有：ammgmm-2F椅人椅人NF440由牛顿第三定律，运动员竖直向下拉绳的力F F (m人+m椅)g a 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载NF440（2）设吊椅对运动员的支持力为FN，对运动员进行受力分析如图所示，则有：amgm-FFN人人275NFN由牛顿第三定律，运动员对吊椅的压力也为275N 解法二 : 设运动员和吊椅的质量分别为M和m；运动员竖直向下的拉力为F，对吊椅的压力大小为FN。根据牛顿第三定律，绳对运动员的拉力大小为F，吊椅对运动员的支持力为FN。分别以运动员和吊椅为研究对象，根据牛顿第二定律MagM-FFNmamgFFN由得NF440NFN27516. （09江苏 13） （ 15 分）航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m =2，动力系统提供的恒定升力F =28 N 。试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升。设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g 取 10m/s2。（1）第一次试飞，飞行器飞行t1 = 8 s 时到达高度H = 64 m 。求飞行器所阻力f 的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2= 6 s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力。求飞行器能达到的最大高度h； （3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3。解析 ：（1）第一次飞行中，设加速度为1a匀加速运动21121taH由牛顿第二定律1mafmgF解得)(4 Nf（ 2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为1v，上升的高度为1s匀加速运动221121tas设失去升力后的速度为2a，上升的高度为2s由牛顿第二定律2mafmg211tavF F (m人+m椅)g a 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载22122avs解得)(4221mssh（ 3）设失去升力下降阶段加速度为3a；恢复升力后加速度为4a，恢复升力时速度为3v由牛顿第二定律3mafmgF+f-mg=ma4 且22333422vvhaaV3=a3t3 解得 t3=3 22(s)(或 2.1s) 17. （09海南物理 15） （9 分）一卡车拖挂一相同质量的车厢，在水平直道上以012/vm s的速度匀速行驶，其所受阻力可视为与车重成正比，与速度无关。某时刻，车厢脱落，并以大小为22/am s的加速度减速滑行。在车厢脱落3ts后，司机才发觉并紧急刹车，刹车时阻力为正常行驶时的3 倍。假设刹车前牵引力不变，求卡车和车厢都停下后两者之间的距离。解析 ：设卡车的质量为M，车所受阻力与车重之比为；刹车前卡车牵引力的大小为F，卡车刹车前后加速度的大小分别为1a和2a。重力加速度大小为g。由牛顿第二定律有1220 3fMgFMgMaMgMaMgMa设车厢脱落后，3ts内卡车行驶的路程为1s，末速度为1v，根据运动学公式有210112sv tat101vva t21222va s式中，2s是卡车在刹车后减速行驶的路程。设车厢脱落后滑行的路程为, s，有202vas卡车和车厢都停下来后相距精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载12ssss由至式得200242333vsv tata10带入题给数据得36sm11评分参考：本题9 分。至式各1 分，11 式 1 分18. （09上海物理22） （12 分）如图A ，质量 m 1kg 的物体沿倾角37 的固定粗糙斜面由静止开始向下运动，风对物体的作用力沿水平方向向右，其大小与风速v 成正比，比例系数用k 表示，物体加速度a 与风速 v的关系如图B所示。求：（ 1）物体与斜面间的动摩擦因数； （2）比例系数k。（ sin370=0.6,cos370=0.8,g=10m/s2）解析 ： （1）对初始时刻：mgsin mgcos ma01由图读出a0=4m/s2代入1式，解得：gsin ma0gcos0.25；（ 2）对末时刻加速度为零：mgsin Nkvcos 0 2又 Nmgcos kvsin由图得出此时v=5 m/s 代入2式解得： kmg（ sin cos ）v（ sin cos0.84kg/s。19. （09广东物理 20） （17 分）如图 20 所示，绝缘长方体B 置于水平面上，两端固定一对平行带电极板，极板间形成匀强电场E。长方体 B 的上表面光滑， 下表面与水平面的动摩擦因数=0.05（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相同） 。B 与极板的总质量Bm=1.0kg.带正电的小滑块A 质量Am=0.60kg，其受到的电场力大小F=1.2N.假设 A 所带的电量不影响极板间的电场分布。t=0 时刻， 小滑块 A 从 B 表面上的 a点以相对地面的速度Av=1.6m/s向左运动，同时，B（连同极板）以相对地面的速度Bv=0.40m/s 向右运动。问（g 取 10m/s2）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载（1）A 和 B 刚开始运动时的加速度大小分别为多少？（2）若 A 最远能到达b 点， a、b 的距离 L 应为多少？从t=0 时刻至 A 运动到 b 点时，摩擦力对B 做的功为多少？解析 ：由牛顿第二定律Fma有A 刚开始运动时的加速度大小22.0/AAFamsm方向水平向右B 刚开始运动时受电场力和摩擦力作用由牛顿第三定律得电场力1.2FFN摩擦力()0.8ABfmmgNB 刚开始运动时的加速度大小22.0/BBFfam sm方向水平向左设 B 从开始匀减速到零的时间为t1，则有10.2BBvtsa此时间内B 运动的位移110.042BBv tsmt1时刻 A 的速度111.2/0AAAvva tms，故此过程A 一直匀减速运动。此 t1时间内 A 运动的位移111()0.282AAAvvtsm此 t1时间内 A 相对 B 运动的位移1110.32ABsssm此 t1时间内摩擦力对B 做的功为110.032BwfsJt1后，由于Ff，B 开始向右作匀加速运动，A 继续作匀减速运动，当它们速度相等时A、B 相距最远，设此过程运动时间为t2，它们速度为v，则有对 A 速度12AAvva t对 B 加速度210.4/BBFfam sm精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载速度1 2Bva t联立以上各式并代入数据解得0.2/vm s0. 5ts此 t2时间内 A 运动的位移122()0.352AAvvtsm此 t2时间内 B 运动的位移220.052Bvtsm此 t2时间内 A 相对 B 运动的位移2220.30ABsssm此 t2时间内摩擦力对B 做的功为120.04BwfsJ所以 A 最远能到达b 点 a、b 的距离 L 为120.62Lssm从 t=0 时刻到 A 运动到 b 点时，摩擦力对B 做的功为120.072fwwwJ。20XX年高考题1.(08宁夏理综20) 一有固定斜面的小车在水平面上做直线运动, 小球通过细绳与车顶相连 . 小球某时刻正处于如图所示状态. 设斜面对小球的支持力为N,细绳对小球的拉力为T, 关于此时刻小球的受力情况, 下列说法正确的 ( ) A. 若小车向左运动, N可能为零B. 若小车向左运动,T 可能为零C. 若小车向右运动, N不可能为D. 若小车向右运动,T答案AB解析小球相对于斜面静止时,与小车具有共同加速度,如图甲、乙所示,向左的加速度最大则T=0,向右的加速度最大则N=0,根据牛顿第二定律,合外力与合加速度方向相同沿水平方向,但速度方向与力没有直接关系.2. （08 全国 19）一平行板电容器的两个极板水平放置, 两极板间有一带电荷量不变的小油滴, 小油滴在极板间运动时所受空气阻力的大小与其速率成正比. 若两极板间电压为零, 经一段时间后, 油滴以速率v 匀速下降 ; 若两极板间的电压为U,经一段时间后, 小油滴以速率v 匀速上升 . 若两极板间电压为- U, 小油滴做匀速运动时速度精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载的大小、方向将是（）A.2 v、向下B.2 vC.3 v、向下D.3 v、向上答案 C解析以油滴为研究对象,根据共点力平衡条件：不加电压时 , mg-kv=0 所加电压为U时, mg +kv-0dqU所加电压为 -U时, mg +0vkdqU由以上各式得: v=3v, 方向竖直向下 . 3.(08山东理综19) 直升机悬停在空中向地面投放装有救灾物资的箱子, 如图所示 . 设投放初速度为零 , 箱子所受的空气阻力与箱子下落速度的平方成正比, 且运动过程中箱子始终保持图示姿态. 在箱子下落过程中, 下列说法正确的是 ( )A.B. 箱子刚从飞机上投下时,C. 箱子接近地面时,D. 若下落距离足够长, 箱内物体有可能不受底部支持力而“飘起来”答案C解析因为下落速度不断增大,而阻力 f v2,所以阻力逐渐增大,当 f =mg时,物体开始匀速下落.以箱和物体为整体：（M +m ）g- f =（M +m ）a,f 增大则加速度a 减小 .对物体： Mg -N=ma ,加速度减小 ,则支持力 N增大 . 所以物体后来受到的支持力比开始时要增大,不可能“飘起来” .4.(08天津理综19) 在粗糙水平地面上与墙平行放着一个截面为半圆的柱状物体A, A与竖直墙之间放一光滑圆球B, 整个装置处于静止状态. 现对 B加一竖直向下的力 F, F 的作用线通过球心,设墙对 B的作用力为F1, B对 A的作用力为F2, 地面对 A 的作用力为F3. 若 F 缓慢增大而整个装置仍保持静止, 截面如上图所示, 在此过程中( ) A. F1保持不变 , F3缓慢增大B. F1缓慢增大 , F3保持不变C. F2缓慢增大 , F3缓慢增大D. F2缓慢增大 , F3答案C解析B的受力如图1 所示 ,因为 F 和 G的方向始终在竖直方向,当 F 增大时 ,F1 、 F2 都缓慢增大 , F1=F1, F2=F2, 所以 F1、F2都缓慢增大 . A物体受力如图乙所示.由图乙知F2sin =F3所以 F3,缓慢增加C对. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载5.(08江苏 7) 如图所示 , 两光滑斜面的倾角分别为30和 45、质量分别为2m 和 m的两个滑块用不可伸长的轻绳通过滑轮连接（不计滑轮的质量和摩擦）, 分别置于两个斜面上并由静止释放；若交换两滑块位置,再由静止释放, 则在上述两种情形中正确的有 ( ) A. 质量为 2 m的滑块受到重力、绳的张力、沿斜面的下滑力和斜面的支持力的作用B. 质量为 mC. 绳对质量为mD. 系统在运动中机械能均守恒答案BD解析因为斜面光滑 ,只有重力做功,机械能守恒 .滑块不受沿斜面的下滑力.因为 2mg sin 30 mgsin 45 , mgsin 30 2mg sin 45 ,所以两种情况质量为m的滑块均沿斜面向上运动.绳对 m滑块的拉力等于该滑块对绳的拉力 .6.(08广东 1) 伽利略在著名的斜面实验中, 让小球分别沿倾角不同、阻力很小的斜面从静止开始滚下, 他通过实验观察和逻辑推理, 得到的正确结论有 ( ) A. 倾角一定时 ,B. 倾角一定时 ,C. 斜面长度一定时,D. 斜面长度一定时, 小球从顶端滚到底端时所需的时间与倾角无关答案B解析设斜面的长度为L,倾角为.倾角一定时 ,小球在斜面上的位移s=2sin21tg,故选项 A错误小球在斜面上的速度v=gsin t ,故选项 B正确；斜面长度一定时,小球到达底端时的速度v =singL2, 小球到达底端时所需的时间t =sin2gL,即小球到达底端时的速度及所需时间与倾角有关,故选项 C、D 错误 . 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载7.(08江苏 3) 一质量为M的探空气球在匀速下降. 若气球所受浮力F始终保持不变, 气球在运动过程中所受阻力仅与速率有关, 重力加速度为g. 现欲使该气球以同样速率匀速上升, 则需从气球吊篮中减少的质量为 ( ) A.)(2gFMB.gFM2C.gFM2 D. 0答案A解析因阻力只与速率有关,以同样速率上升与下降所受阻力大小不变,设为 f .则下降时 ,F+f = Mg上升时 ,F =（M -M ）g+f由得 M =2)(gFM. 2004-20XX 年高考题题组一一、选择题1.(07山东理综17) 下列实例属于超重现象的是 ( ) A. 汽车驶过拱形桥顶端B. 荡秋千的小孩通过最低点C. 跳水运动员被跳板弹起,离开跳板向上D. 火箭点火后加速升空答案 BD 解析汽车驶过拱形桥顶端时,加速度方向向下,属于失重现象;荡秋千的小孩通过最低点时,加速度方向向上,属于超重现象;跳水运动员被弹起后,只受重力作用,属于完全失重现象;火箭加速升空,加速度方向向上,属于超重现象 . 2.(06广东 1) 下列对运动的认识不正确的是 ( ) A. 亚里士多德认为物体的自然状态是静止的. 只有当它受到力的作用才会运动B. 伽利略认为力不是维持物体速度的原因C. 牛顿认为力的真正效应总是改变物体的速度, 而不仅仅是使之运动D. 伽利略根据理想实验推论出, 如果没有摩擦, 在水平面上的物体, 一旦具有某一个速度, 将保持这个速度继续运动下去答案 A 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载解析亚里士多德对运动的认识是错误的,力不是维持物体运动的原因,而是改变物体运动速度的原因. 3.(07江苏 6) 如图所示 , 光滑水平面上放置质量分别为m和 2m的四个木块 , 其中两个质量为m的木块间用可伸长的轻绳相连, 木块间的最大静摩擦力是mg . 现用水平拉力F 拉其中一个质量为2m的木块 , 使四个木块以同一加速度运动, 则轻绳对m的最大拉力为 ( )A. 53 mgB. 43 mgC. 23 mgD. 3 mg答案B 解析以四个木块为研究对象,由牛顿第二定律得:F=6ma ,绳的拉力最大时,m与 2m间的摩擦力刚好为最大静摩擦力mg ,以 2m为研究对象 ,则:F-mg =2ma ,对 m有 :mg - T =ma ,联立以上三式得:T=43mg .4.(06四川理综21)质量不计的弹簧下端固定一小球.现手持弹簧上端使小球随手在竖直方向上以同样大小的加速度 a( ag) 分别向上、 向下做匀加速直线运动. 若忽略空气阻力, 弹簧的伸长分别为x1、x2；若空气阻力不能忽略且大小恒定, 弹簧的伸长分别为x1、 x2 , （）A. x1+x1=x2+x B. x1 +x1x2+ x2C. x1+x2=x1+x2 D. x1 +x2x2+x2 ,故 A、B选项错误 .x1 +x12=x1+x2=kmg2,故 C选项正确 ,D选项错误 .5.(04全国卷 20) 下列哪个说法是正确的 ( ) A. 体操运动员双手握住单杠吊在空中不动时处于失重状态B. 蹦床运动员在空中上升和下落过程中都处于失重状态精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载C. 举重运动员在举起杠铃后不动的那段时间内处于超重状态D. 游泳运动员仰卧在水面静止不动时处于失重状态答案 B 解析本题通过生活中的实例,考查同学们对超重和失重的理解,解答该题的关键是明确超重和失重的实质.产生超重 (失重 )的本质就是所处状态具有向上(向下 )的加速度 ,题中 A、B、C选项中所描述的都是平衡状态,B 中上升和下落过程速度均向,处于失重状态,故选项 B正确 . 6 （05 广东 1）一汽车在路面上情况相同的公路上直线行驶, 下面关于车速、惯性、质量和滑行路程的讨论, 正确的是 ( ) A. 车速越大 , 它的惯性越大B. 质量越大 , 它的惯性越大C. 车速越大 , 刹车后滑行的路程越长D. 车速越大 , 刹车后滑行的路程越长, 所以惯性越大答案 BC 解析质量是惯性大小的量度,质量大 ,惯性大 ,B 对.车速越大 ,其具有的能量越大,由功能关系可知,其运动的路程越长 ,C对. 7.(05全国卷 14) 如图所示 , 位于光滑固定斜面上的小物块, P 受到一水平向右的推力F 的作用 . 已知物块P沿斜面加速下滑, 现保持 F 的方向不变 , 使其减小 , 则加速度 ( ) A. 一定变小B. 一定变大C. 一定不变D. 可能变小 , 可能变大 , 也可能不变答案 B 解析设斜面倾角为 ,由牛顿第二定定律得: mg sin -Fcos =ma所以 a=gsin -cosmF由上式可知 ,F 减小 ,其加速度一定变大. 8.(05北京春季理综20) 如图所示 , 一个盛水的容器底部有一个小孔. 静止时用手指堵住小孔不让它漏水, 假设容器在下述几种运动过程中始终保持平动, 且忽略空气阻力, 则 ( )A. 容器自由下落时,B. 将容器竖直向上抛出后, 容器向上运动时,小孔向下漏水，容器向下运动时,C. 将容器水平抛出后,D. 将容器斜向上抛出后,答案D解析当容器自由落体时,水对容器底部无压力,且水和容器的运动情况相同,因此小孔不会漏水. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 17 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载9.(04全国卷 19) 如图 ,在倾角为 的固定光滑斜面上, 有一用绳子拴着的长木板 , 木板上站着一只猫. 已知木板的质量是猫的质量的2 倍. 当绳子突然断开时 , 猫立即沿着板向上跑, 以保持其相对斜面的位置不变. 则此时木板沿斜面下滑的加速度为( )A.2gsin B. gsin C.23gsin D.2 gsin 答案C解析对猫受力分析如图(a) 由平衡条件 :Ff =mgsin对木板受力分析如图(b) 由牛顿第二定律:Ff+2mgsin =2ma又由牛顿第三定律:Ff=Ff由得a =23gsin 二、非选择题10.(06 全国卷 24) 一水平的浅色长传送带上放置一煤块( 可视为质点 ), 煤块与传送之间的动摩擦因数为. 初始时 ,传送带与煤块都是静止的, 现让传送带以恒定的加速度a0开始运动 ,当其速度到达v0后, 便以此速度做匀速运动.经过一段时间 , 煤块在传送带上留下了一段黑色痕迹后, 相对于传送带不再滑动, 求此黑色痕迹的长度 . 答案 l =gga0a2)(020v解析根据“传送带上有黑色痕迹”可知 ,煤块与传送带之间发生了相对滑动,煤块的加速度 a 小于传送带的加速度a0,根据牛顿第二定律 ,可得 a= g设经历时间 t, 传送带由静止开始加速到速度等于v0, 煤块则由静止加速到v,有 v0=a0t v =at 由于 aa0,故 v a3C. a1 a2, a2 a2, a2 a3 答案 C 解析由牛顿定律F合=ma a1=mFmgFmNF)60sin(60cos60cos=mFmgF2321a2=mFmgFmNF)60sin(60cos60cos=mFmgF2321a3=mmgFmFFN2121精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 22 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载比较上述三式可知a1 a2, a2 F2, 试求在两个物块运动过程中轻线的拉力T. 答案211221mmFmFmT解析本题属典型的连接体问题,主要考查牛顿第二定律的应用,整体法与隔离法结合应用是解答本题的切入点,设两物块一起运动加速度为a,则有 F1-F2 =(m1 + m2)a根据牛顿第二定律,对质量为m1 的物块有F1 T =m1a 由、两式得211221mmFmFmT6.(04全国卷 25) 一小圆盘静止在桌布上, 位于一方桌的水平桌面的中央,桌布的一边与桌的AB 边重合 , 如图所示 . 已知盘与桌布间的动摩擦因数为1, 盘与桌面间的动摩擦因数为2. 现突然以恒定加速度a 将桌布抽离桌面. 加速度的方向是水平的且垂直于AB边. 若圆盘最后未从桌面掉下, 则加速度a 满足的条件是什么?( 以 g 表示重力加速度) 答案 agg12212精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 24 页，共 25 页优秀学习资料欢迎下载解析由相对运动关系求解,取桌布为参考系,设桌长为L,则盘相对桌布的加速度为:a-1g, 当盘与桌布分离时,盘相对桌布的位移为2L,所用时间为t ,此时对地的速度为v.则21)(212tgaL再取地为参考系