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    2018年度高考函数专刊资料练习情况总结复习资料讲义题型分类.doc

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    2018年度高考函数专刊资料练习情况总结复习资料讲义题型分类.doc

    ,.2018高考函数专题讲义1、 考点与典型问题考点1、定义域与值域问题例题:1.(1年新课标2理科)设函数,( )(A)3 (B)6 (C)9 (D)12【答案】C【解析】由已知得,又,所以,故 2.(15年福建理科)若函数 ( 且 )的值域是 ,则实数 的取值范围是【答案】分析:本题以分段函数为背景考察定义域和值域问题,是本节的重点但非难点。考察学生对于两个变量的认识,在思维的角度上属于互逆。特别对于分段函数的研究方式应给出重点说明。练习:(1)(15年陕西文科)设,则( )ABCD(2)(15年山东理科)已知函数的定义域和值域都是,则.(1) (2)考点2:函数图像与性质函数图像1.(15年北京理科)如图,函数的图象为折线,则不等式的解集是A BC D【答案】C2、(15年新课标2理科)如图,长方形ABCD的边AB=2,BC=1,O是AB的中点,点P沿着边BC,CD与DA运动,记BOP=x将动点P到A、B两点距离之和表示为x的函数f(x),则f(x)的图像大致为【答案】B的运动过程可以看出,轨迹关于直线对称,且,且轨迹非线型,故选B函数性质:1.(15年湖南理科)设函数,则是( )A.奇函数,且在上是增函数 B. 奇函数,且在上是减函数C. 偶函数,且在上是增函数 D. 偶函数,且在上是减函数【答案】A.2.(15年福建文科)若函数满足,且在单调递增,则实数的最小值等于_【答案】【解析】试题分析:由得函数关于对称,故,则,由复合函数单调性得在递增,故,所以实数的最小值等于3.(15年新课标1理科)若函数f(x)=xln(x+)为偶函数,则a=【答案】1【解析】由题知是奇函数,所以 =,解得=1.4.(15年新课标2文科)设函数,则使得成立的的取值范围是( )A B C D【答案】A【解析】试题分析:由可知是偶函数,且在是增函数,所以 .故选A.考点3:函数零点问题(难点)函数零点问题属于较难的问题,一般思路研究函数解析式,画出函数图图像,应用数形结合。1.(15年天津理科)已知函数 函数 ,其中,若函数 恰有4个零点,则的取值范围是(A) (B) (C)(D)【答案】D【解析】试题分析:由得,所以,即,所以恰有4个零点等价于方程有4个不同的解,即函数与函数的图象的4个公共点,由图象可知.2.(15年北京理科)设函数若,则的最小值为;若恰有2个零点,则实数的取值范围是【答案】(1)1,(2) 或.变式:参数在变量的位置的探究:(15年湖南理科)已知,若存在实数,使函数有两个零点,则a的取值 【答案】.【解析】试题分析:分析题意可知,问题等价于方程与方程的根的个数和为,若两个方程各有一个根:则可知关于的不等式组有解,从而;若方程无解,方程有2个根:则可知关于的不等式组有解,从而;,综上,实数的取值范围是.3.已知函数=,若存在唯一的零点,且0,则的取值范围为.(2,+) .(-,-2) .(1,+) .(-,-1)答案:B4.设函数f(x)=ex(2x-1)-ax+a,其中a1,若存在唯一的整数x0,使得f(x0)0,则a的取值范围是( )A.-,1) B. -,) C. ,) D. ,1)练习:(1)已知函数f(x) 的定义域是(4a-3,3-),aR,且y=f(2x-3)是偶函数.g(x)=+,存在(k,k+),kZ,使得g()=,满足条件的k个数答案:3(2)关于x的不等式有且仅有两个整数解求k的范围?()考点4:不动点问题研究对于方程f(x)=x的根称为函数发f(x)的一阶不动点,方程f(f(x)=x的根称为二阶不动点连续函数存在一阶不动点,比存在二阶不动点,不存在一阶不动点,就不存在二阶不动点。1.(2013年高考四川卷(理)设函数(,为自然对数的底数).若曲线上存在使得,则的取值范围是( )(A) (B) (C) (D)【答案】A 变式:(2013年普通高等学校招生统一考试安徽数学(理)试题)若函数有极值点,且,<则关于的方程的不同实根个数是(A)3 (B)4 (C) 5 (D)6【答案】A 考点5:复合函数的零点问题:1. f(x)=考点6:切线问题例题:1、(2014新课标全国卷,5分)设曲线yaxln(x1)在点(0,0)处的切线方程为y2x,则a()A0B1 C2D3解析:ya,由题意得y|x02,即a12,所以a3.答案:D2、(2015保定调研)已知曲线yln x的切线过原点,则此切线的斜率为()Ae BeC.D选Cyln x的定义域为(0,),设切点为(x0,y0),则kf(x0),切线方程为yy0(xx0),又切线过点(0,0),代入切线方程得y01,则x0e,kf(x0).变式:过点A(-2,3)作抛物线的两条切线与y轴分别交于B,C,则三角形ABC外接圆方程()练习:(1) 函数图像在(1,-2)处的切线方程 答案:(x-y-3=0)(2) 是曲线y=lnx(x>0)的一条切线,则实数b= 答案:(ln2-1)3、 点P是曲线上任意一点,则P到直线y=x-2的最小距离 答案: 4、已知函数(1)求曲线在点处的切线方程;(2)设,如果过点可作曲线的三条切线,证明:解:(1)在点处的切线方程为,即(2)如果有一条切线过点,则存在,使若过点可作曲线的三条切线,则方程有三个相异的实数根记,则当变化时,变化情况如下表:000极大值极小值如果过可作曲线三条切线,即有三个相异的实数根,则即考点6:存在性问题1、(2014新课标全国,5分)设函数f(x)sin.若存在f(x)的极值点x0满足xf(x0)2<m2,则m的取值范围是()A(,6)(6,) B(,4)(4,)C(,2)(2,) D(,1)(1,)解析:由正弦型函数的图象可知:f(x)的极值点x0满足f(x0),则k(kZ),从而得x0m(kZ)所以不等式xf(x0)2<m2即为2m23<m2,变形得m21k2>3,其中kZ.由题意,存在整数k使得不等式m212>3成立当k1且k0时,必有2>1,此时不等式显然不能成立,故k1或k0,此时,不等式即为m2>3,解得m<2或m>2.答案:C变式:(2016石家庄质量检测二)已知函数其中e为自然对数的底数,若存在实数使得成立,则实数a值(-ln2-1)2、(2014山东,13分)设函数f(x)k(k为常数,e2.718 28是自然对数的底数)(1)当k0时,求函数f(x)的单调区间;(2)若函数f(x)在(0,2)内存在两个极值点,求k的取值范围解:(1)函数yf(x)的定义域为(0,)f(x)k由k0可得exkx>0,所以当x(0,2)时,f(x)<0,函数yf(x)单调递减,x(2,)时,f(x)>0,函数yf(x)单调递增所以f(x)的单调递减区间为(0,2),单调递增区间为(2,)(2)由(1)知,k0时,函数f(x)在(0,2)内单调递减,故f(x)在(0,2)内不存在极值点;当k>0时,设函数g(x)exkx,x0,),因为g(x)exkexeln k,当0<k1时,当x(0,2)时,g(x)exk>0,yg(x)单调递增故f(x)在(0,2)内不存在两个极值点;当k>1时,得x(0,ln k)时,g(x)<0,函数yg(x)单调递减x(ln k,)时,g(x)>0,函数yg(x)单调递增所以函数yg(x)的最小值为g(ln k)k(1ln k)函数f(x)在(0,2)内存在两个极值点当且仅当解得e<k<,综上所述,函数f(x)在(0,2)内存在两个极值点时,k的取值范围为.3、(2014福建,14分)已知函数f(x)exax(a为常数)的图象与y轴交于点A,曲线yf(x)在点A处的切线斜率为1.(1)求a的值及函数f(x)的极值;(2)证明:当x>0时,x2<ex;(3)证明:对任意给定的正数c,总存在x0,使得当x(x0,)时,恒有x2<cex.解:(1)由f(x)exax,得f(x)exa.又f(0)1a1,得a2.所以f(x)ex2x,f(x)ex2.令f(x)0,得xln 2.当xln 2时,f(x)0,f(x)单调递减;当xln 2时,f(x)0,f(x)单调递增所以当xln 2时,f(x)取得极小值,且极小值为f(ln 2)eln 22ln 22ln 4,f(x)无极大值(2)证明:令g(x)exx2,则g(x)ex2x,由(1)得g(x)f(x)f(ln 2)0,故g(x)在R上单调递增,又g(0)10,因此,当x0时,g(x)g(0)0,即x2ex.(3)证明:法一:若c1,则excex.又由(2)知,当x0时,x2ex.所以当x0时,x2cex.取x00,当x(x0,)时,恒有x2cex.若0c1,令k1,要使不等式x2cex成立,只要exkx2成立而要使exkx2成立,则只要xln(kx2),只要x2ln xln k成立令h(x)x2ln xln k,则h(x)1,所以当x2时,h(x)0,h(x)在(x0,)内单调递增取x016k16,所以h(x)在(x0,)内单调递增,又h(x0)16k2ln(16k)ln k8(kln 2)3(kln k)5k,易知kln k,kln 2,5k0,所以h(x0)0.即存在x0,当x(x0,)时,恒有x2cex.综上,对任意给定的正数c,总存在x0,当x(x0,)时,恒有x2cex.法二:对任意给定的正数c,取x0,由(2)知,当x0时,exx2,所以exee22,当xx0时,ex222x2.因此,对任意给定的正数c,总存在x0,当x(x0,)时,恒有x2cex.法三:首先证明当x(0,)时,恒有x3ex.证明如下:令h(x)x3ex,则h(x)x2ex.由(2)知,当x0时,x2ex,从而h(x)0,h(x)在(0,)内单调递减,所以h(x)h(0)10,即x3ex.取x0,当xx0时,有x2x3ex.因此,对任意给定的正数c,总存在x0,当x(x0,)时,恒有x2cex.练习:1、(2014四川,14分)已知函数f(x)exax2bx1,其中a,bR,e2.718 28为自然对数的底数(1)设g(x)是函数f(x)的导函数,求函数g(x)在区间0,1上的最小值;(2)若f(1)0,函数f(x)在区间(0,1)内有零点,求a的取值范围解:(1)由f(x)exax2bx1,有g(x)f(x)ex2axb,所以g(x)ex2a.因此,当x0,1时,g(x)12a,e2a当a时,g(x)0,所以g(x)在0,1上单调递增因此g(x)在0,1上的最小值是g(0)1b;当a时,g(x)0,所以g(x)在0,1上单调递减,因此g(x)在0,1上的最小值是g(1)e2ab;当<a<时,令g(x)0,得xln(2a)(0,1)所以函数g(x)在区间0,ln(2a)上单调递减,在区间(ln(2a),1上单调递增于是,g(x)在0,1上的最小值是g(ln(2a)2a2aln(2a)b.综上所述,当a时,g(x)在0,1上的最小值是g(0)1b;当<a<时,g(x)在0,1上的最小值是g(ln(2a)2a2aln(2a)b;当a时,g(x)在0,1上的最小值是g(1)e2ab.(2)设x0为f(x)在区间(0,1)内的一个零点,则由f(0)f(x0)0可知,f(x)在区间(0,x0)上不可能单调递增,也不可能单调递减则g(x)不可能恒为正,也不可能恒为负故g(x)在区间(0,x0)内存在零点x1.同理g(x)在区间(x0,1)内存在零点x2.所以g(x)在区间(0,1)内至少有两个零点由(1)知,当a时,g(x)在0,1上单调递增,故g(x)在(0,1)内至多有一个零点当a时,g(x)在0,1上单调递减,故g(x)在(0,1)内至多有一个零点所以<a<.此时g(x)在区间0,ln(2a)上单调递减,在区间(ln(2a),1上单调递增因此x1(0,ln(2a),x2(ln(2a),1),必有g(0)1b>0,g(1)e2ab>0.由f(1)0有abe1<2,有g(0)1bae2>0,g(1)e2ab1a>0.解得e2<a<1.当e2<a<1时,g(x)在区间0,1内有最小值g(ln(2a)若g(ln(2a)0,则g(x)0(x0,1),从而f(x)在区间0,1上单调递增,这与f(0)f(1)0矛盾,所以g(ln(2a)<0.又g(0)ae2>0,g(1)1a>0,故此时g(x)在(0,ln(2a)和(ln(2a),1)内各只有一个零点x1和x2.由此可知f(x)在0,x1上单调递增,在(x1,x2)上单调递减,在x2,1上单调递增所以f(x1)>f(0)0,f(x2)<f(1)0,故f(x)在(x1,x2)内有零点综上可知,a的取值范围是(e2,1)2、(2014江苏,16分)已知函数f(x)exex,其中e是自然对数的底数(1)证明:f(x)是R上的偶函数;(2)若关于x的不等式mf(x)exm1在(0,)上恒成立,求实数m的取值范围;(3)已知正数a满足:存在x01,),使得f(x0)<a(x3x0)成立试比较ea1与ae1的大小,并证明你的结论解:(1)证明:因为对任意xR,都有f(x)exe(x)exexf(x),所以f(x)是R上的偶函数(2)由条件知m(exex1)ex1在(0,)上恒成立令tex(x>0),则t>1,所以m对任意t>1成立因为t112 13,所以,当且仅当t2,即xln 2时等号成立因此实数m的取值范围是.(3)令函数g(x)exa(x33x),则g(x)ex3a(x21)当x1时,ex>0,x210,又a>0,故g(x)>0.所以g(x)是1,)上的单调增函数,因此g(x)在1,)上的最小值是g(1)ee12a.由于存在x01,),使ex0ex0a(x3x0)<0成立,当且仅当最小值g(1)<0.故ee12a<0,即a>.令函数h(x)x(e1)ln x1,则h(x)1.令h(x)0,得xe1,当x(0,e1)时,h(x)<0,故h(x)是(0,e1)上的单调减函数;当x(e1,)时,h(x)>0,故h(x)是(e1,)上的单调增函数所以h(x)在(0,)上的最小值是h(e1)注意到h(1)h(e)0,所以当x(1,e1)(0,e1)时,h(e1)h(x)<h(1)0.当x(e1,e)(e1,)时,h(x)<h(e)0.所以h(x)<0对任意的x(1,e)成立当a(1,e)时,h(a)<0,即a1<(e1)ln a,从而ea1<ae1;当ae时,ea1ae1;当a(e,)(e1,)时,h(a)>h(e)0,即a1>(e1)ln a,故ea1>ae1.综上所述,当a时,ea1<ae1;当ae时,ea1ae1;当a(e,)时,ea1>ae1.考点7:任意性问题1、(2014辽宁,5分)当x2,1时,不等式ax3x24x30恒成立,则实数a的取值范围是()A5,3 B.C6,2 D4,3解析:当x(0,1时,得a3342,令t,则t1,),a3t34t2t,令g(t)3t34t2t,t1,),则g(t)9t28t1(t1)(9t1),显然在1,)上,g(t)<0,g(t)单调递减,所以g(t)maxg(1)6,因此a6;同理,当x2,0)时,得a3342,令m,则m,a3m34m2m,令g(m)3m34m2m,m,则g(m)9m28m1(m1)(9m1)显然在上g(m)<0,在上,g(m)>0,所以g(m)ming(1)2.所以a2.由以上两种情况得6a2,显然当x0时也成立故实数a的取值范围为6,2答案:C考点8:构造函数1、 设函数.若对任意恒成立,求的取值范围.解析:对任意恒成立等价于恒成立设在上单调递减在恒成立恒成立(对,仅在时成立),的取值范围是变式:1、已知函数试讨论在定义域内的单调性;当1时,证明:,求实数的取值范围解:函数的定义域为,当时,增区间为,减区间为;当0时,增区间为;当时,增区间为,减区间为当0时,在区间(0,1)上单调递增,不妨设,则,等价于,即构造,则0在上是增函数,当时,即,即又当0时,在区间(0,1)上单调递增,即2、已知函数(1)确定函数的单调性;(2)若对任意,且,都有,求实数a的取值范围。

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