2020届高考理科数学全优二轮复习训练：专题1 第2讲　函数与导数.doc

专题复习检测A卷1(2019年天津)已知alog52，blog0.50.2，c0.50.2，则a，b，c的大小关系为()AacbBabcCbcaDcab【答案】A【解析】alog521，blog0.50.2log25log241，c0.50.21，所以b最大因为alog52，c0.50.2.而log25log242，所以，即ac.故选A2(2019年甘肃白银模拟)若函数f(x)有最大值，则a的取值范围为()A(5，)B5，)C(，5)D(，5【答案】B【解析】易知f(x)在(，1上单调递增，在(1，)上单调递减，要使f(x)有最大值，则f(1)4a(11)1，解得a5.3(2018年新课标)下列函数中，其图象与函数yln x的图象关于直线x1对称的是()Ayln(1x)Byln(2x)Cyln(1x)Dyln(2x)【答案】B【解析】yln x的图象与yln(x)的图象关于y轴即x0对称，要使新的图象与yln x关于直线x1对称，则yln(x)的图象需向右平移2个单位，即yln(2x)4设aR，若函数yexax有大于零的极值点，则()Aa<1Ba>1Ca>Da<【答案】A【解析】yexax，yexa.函数yexax有大于零的极值点，方程yexa0有大于零的解x>0时，ex<1，aex<1.5(2019年云南玉溪模拟)函数f(x)x2ln x的最小值为()ABCD【答案】C【解析】由f(x)x2ln x，得定义域为(0，)且f(x)2xln xx2x(2ln x1)令f(x)0，得xe.当0<x<e时，f(x)<0，f(x)单调递减；当x>e时，f(x)>0，f(x)单调递增所以当xe时，f(x)取得最小值，即f(x)minf(e).故选C6(2019年贵州遵义模拟)已知f(x)是定义在R上的偶函数，且f(x4)f(x2)若当x3,0时，f(x)6x，则f(919)_.【答案】6【解析】由f(x4)f(x2)，可得f(x6)f(x)，则f(x)是周期为6的周期函数，所以f(919)f(15361)f(1)又f(x)是偶函数，所以f(919)f(1)f(1)6(1)6.7(2019年广东模拟)已知曲线f(x)aexb(a，bR)在点(0，f(0)处的切线方程为y2x1，则ab_.【答案】3【解析】由f(x)aexb，得f(x)aex.因为曲线f(x)在点(0，f(0)处的切线方程为y2x1，所以解得所以ab3.8定义在R内的可导函数f(x)，已知y2f(x)的图象如图所示，则yf(x)的减区间是_【答案】(2，)【解析】令f(x)<0，则y2f(x)<1，由图知，当x>2时，2f(x)1，故yf(x)的减区间是(2，)9已知函数f(x)xexax2x.(1)若f(x)在(，1内单调递增，在1,0上单调递减，求f(x)的极小值；(2)若x0时，恒有f(x)0，求实数a的取值范围【解析】(1)f(x)在(，1内单调递增，在1,0上单调递减，f(1)0.f(x)(x1)ex2ax1，2a10，a.f(x)(x1)exx1(x1)(ex1)f(x)在(，1)内单调递增，在(1,0)内单调递减，在(0，)内单调递增，f(x)的极小值为f(0)0.(2)f(x)x(exax1)，令g(x)exax1，则g(x)exa，若a1，则x(0，)时，g(x)>0，g(x)为增函数，而g(0)0，当x0时，g(x)0.从而f(x)0.若a>1，则x(0，ln a)时，g(x)<0，g(x)为减函数，g(0)0，当x(0，ln a)时，g(x)<0，从而f(x)<0.综上，实数a的取值范围是(，110(2019年江苏节选)设函数f(x)(xa)(xb)(xc)，a，b，cR，f(x)为f(x)的导函数(1)若abc，f(4)8，求a的值；(2)若ab，bc，且f(x)和f(x)的零点均在集合3,1,3中，求f(x)的极小值【解析】(1)若abc，则f(x)(xa)3.由f(4)8，得(4a)38，解得a2.(2)若ab，bc，f(x)(xa)(xb)2.令f(x)0，得xa或xb.f(x)(xb)22(xa)(xb)(xb)(3xb2a)令f(x)0，得xb或x.f(x)和f(x)的零点均在集合A3,1,3中，若a3，b1，则A，舍去若a1，b3，则A，舍去若a3，b3，则1A，舍去若a3，b1，则A，舍去若a1，b3，则A，舍去若a3，b3，则1A.f(x)(x3)(x3)2，f(x)3(x3)(x1)易知x1时，f(x)取得极小值32.B卷11(2019年甘肃兰州模拟)定义在(0，)上的函数f(x)满足f(x)>0，f(2)，则关于x的不等式f(ln x)>2的解集为()A(1，e2)B(0，e2)C(e，e2)D(e2，)【答案】D【解析】设g(x)f(x)(x>0)，则g(x)f(x)>0，所以函数g(x)在(0，)上单调递增由f(ln x)>2，可得f(ln x)>2，又g(2)f(2)2，所以待解不等式等价于解g(ln x)>g(2)所以ln x>2，解得x>e2.故选D12(2018年江西师大附中月考)已知函数f(x)在0,1上单调递增，则a的取值范围为_【答案】1,1【解析】令2xt，t1,2，则y在1,2上单调递增当a0时，y|t|t在1,2上单调递增显然成立；当a>0时，y，t(0，)的单调递增区间是，)，此时1，即0<a1时成立；当a<0时，yt，t(0，)的单调递增区间是，)，此时1，即1a<0时成立综上，a的取值范围是1,113(2018年新课标)已知函数f(x)xaln x.(1)讨论f(x)的单调性；(2)若f(x)存在两个极值点x1，x2，求证：<a2.【解析】(1)f(x)的定义域为(0，)，f(x)1.若a2，则f(x)0，当且仅当a2，x1时f(x)0，所以f(x)在(0，)上单调递减若a>2，令f(x)0得，x或x，易得0<<.当x时，f(x)<0；当x时，f(x)>0.所以f(x)在，上单调递减，在上单调递增(2)证明：由(1)知，f(x)存在两个极值点当且仅当a>2.由于f(x)的两个极值点x1，x2满足x2ax10，所以x1x21，不妨设x1<x2，则x2>1.由于1a2a2a2a，所以<a2等价于x22ln x2<0.设函数g(x)x2ln x，由(1)知，g(x)在(0，)上单调递减，又g(1)0，则当x(1，)时，g(x)<0.所以x22ln x2<0，即<a2.