2022年数学练习题考试题高考题教案数列3.docx
精选学习资料 - - - - - - - - - 东莞市高三理科数学专题练习数列1设等比数列a n的公比为 q , 前 n 项和为S ,如 nS n1,S n,S n2成等差数列,求q 的值2已知数列a n是等差数列,其前n 项和为S ,a43,S 4122 求数列an的通项公式; 求 n取何值时,S 最大,并求S 的最大值 . 3已知数列a n满意:a 11 , a n11 a n2a nn ,n 为奇数2 n, n 为偶数 求 a ,3a ,a ,a ;* 设 b n a 2 n 2 , n N,求证:b n 是等比数列,并求其通项公式; 在条件下,求数列 a n 前 100 项中的全部偶数项的和 S 4 已 知 数 列 a n 是 等 比 数 列 ,a4 e, 如 果 a 2,a 7 是 关 于 x 的 方 程 :名师归纳总结 2 exkx10 ,k2e两个实根,( e是自然对数的底数)时,求 n 的值;T 的最大值第 1 页,共 9 页 求an的通项公式; 设b nlna n,S 是数列b n的前 n 项的和,当Snn 对于中的b n,设cnb nb n1b n2,而T 是数列cn的前 n 项和,求及相应的 n的值- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 5设数列an的前 n 项和Sn3n21n,数列bn为等比数列,且a 1b 1,b 2a2a 1b 122 求数列an、bn的通项公式;在 直 线y1 x 211上 数 列b n满 足 设Cnanb n,求数列cn的前 n 项和nT 6 已 知 数 列a n的 前 n 项 和S , 点 nn,S nn2b n22 b n1b n0nN*,且b 311,前 9 项和为 153Tnk对一切 求数列an、b n的通项公式; 设c n2an32b n1,数列cn的前 n 项和为nT ,求使不等式1157nN*都成立的最大正整数k 的值;155fm成 设fna nb nn2 l1 l,* N* N,问是否存在mN*,使得fmn2 ,ll立?如存在,求出m 的值;如不存在,请说明理由7观看以下三角形数表1 - 第一行名师归纳总结 2 2 - 其次行第 2 页,共 9 页3 4 3 - 第三行4 7 7 4 - 第四行5 11 14 11 5 假设第 n 行的其次个数为ann2,nN,依次写出第六行的全部6 个数字;归纳出a n1 与a n的关系式并求出a 的通项公式;设a b n1,求证:b 2b 3b n2- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 8假设某市 2004 年新建住房 400 万平方米,其中有的如干年内,该市每年新建住房面积平均比上一年增长250 万平方米是中低价房估计在今后 8%另外,每年新建住房中,中低价房的面积均比上一年增加50 万平方米那么到哪一年底,将首次不少于4750 万1 该市历年所建中低价房的累计面积以 2004 年为累计的第一年平方米 . 85%. n2,2 当年建造的中低价房的面积占该年建造住房面积的比例首次大于9已知数列an中,a 12,a 23,其前 n 项和S 满意S n1S n12S n1(nN*)a n的通项公式;的值,使得对任意 求数列 设b nn 11a 2 为非零整数,nN*),试确定n 4nN*,都有b n1b n成立1,公差为1 的等差数列;10已知数列1a ,a , ,a 30,其中a ,a , ,a 是首项为a , 11, ,a 20是公差为 d 的等差数列;a 20, 21 a, ,a 30是公差为d2的等差数列d0 如a 2040,求 d ; 试写出a 30关于 d 的关系式,并求a 30的取值范畴; 请依次类推,续写己知数列,把已知数列推广为无穷数列再提出同类似的问题,并进行讨论,你能得到什么样的结论?名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 11已知向量m/n ,其中 m xf x ,如函数31 , 1,nc 1f x 为奇函数 1, y , , x y cR ,把其中,x y 所满意的关系式记为y 求函数f x 的表达式;nn* N ,都有 已知数列a n的各项都是正数, S 为数列a n的前 n 项和,且对于任意“f a n的前 n 和” 等于S n2,求数列a n的通项式;log an1 如数列b n满意nb4naa 2n1 aR ,求数列b n的最小值12数列a n的各项均为正值,a 11,对任意n* N ,a2114 anan1,bn都成立 求数列an、nb的通项公式;* N 都有1 b n1. 113 2成立 当k7且k* N 时,证明对任意nbn1bn2bnk113数列 an满意a 11 且an11n21nan1n1 1 ,其中无理数e=2.71828 .2n用数学归纳法证明:an2 n2 ;e2 n,证明:an已知不等式ln1x x对x0成立名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 9 页精选学习资料 - - - - - - - - - 数列专题参考答案名师归纳总结 1解:如q1, 就n1 a 1n2 a 12na ,a 10 ,2 n32 n, 不合要求;n.第 5 页,共 9 页如q1, 就1a 11qn11a 1q1qn221a 1q1qnqn q1n q22 qnq2q20,q2.综上 , q2. 2解:依题意,3a 13 dd解得:a19,d1a n9n1 1 1124 a 1622212Sn9nnn1 1 n25n=1n522522222当n5时,S 取大值S 52523解:a23,a35,a47,a5252244bn1a2nn221a2 n12n2n121a2na4 n22 n1=1a2n11222bna22a22na2n22b 1a221数列b n是等比数列,且bn11n11n2222由得:a2nbn221nn1 ,2 ,3502Sa2a 4a 1002501111001211991qa1q61,22 15012502504解:由于a2, a 72aa7,即:a 1是已知方程的两根,所以,有:ee又a4e,得a 1q3e两式联立得:qe3,a na4qn413 e3n故an的通项公式为:an13 e3nb nlna nln13 e3n133 n,所以,数列b n是等差数列,由前n 项和公式得:由于Sn 10133n nn,得233n2,所以有:n72 3 n13得:b 3b 40b 5b 6bnb 1b 2又由于cnb nb n1b n2,所以c 1b 1 b 2b 3,0c 2b 2b 3b 40,而c 3b 3b 4b 50c 4b 4 b 5 b 60,c 5b 5b 6b 70且 当n5时,都有c n0,但c 38c410即:c3c4所以,只有当n4时,T n的值最大,此时T nmax280288103105解:由Sn3n21n得a1S 1122n2 时,anSnSn1=3n21n3n1 21n1=3n22222对于n1也成立,故an的通项an3n2- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - a2a 1413b 1a 11由b 2a 2a 1b 1名师归纳总结 得bn的公比qb 21故b 的通项b n1n1n22n1第 6 页,共 9 页b 133解:c na b n3 n21n1TnC 1C2C3Cn3故Tn14171210133 n51n23 n21n133333得1Tn14127133 n51n13n21n333333两式相减得2Tn13112131n1 3n21n33333313111n3 n21n591n3 n21n56n5 1331322332233T n156 n451n1436解:由已知得:Sn1 n 211,Sn1n211nn222当n2时,anS nS n11n211n1n1211n1n52222当n1时,a 1S 16也符合上式ann5由b n22 b n1b n0nN*知b n是等差数列由b n的前 9 项和为 153,可得:9b 12b 9153,求得5b17,又3b11b n的公差db 52b 33bn3n2cn2 n33121111,16 n2n2 nTn1111121111112112335n2 n2n n 增大,nT 增大T n是递增数列,TnT 113Tnk对一切nN*都成立,只要T 11kk19就k max1857357 当 m 是奇数时,fm15b m153m152,fma mm5就有3m1525m5,解得:m11当 m是偶数时,fm15a m15m20,fmb m3m2就有m2053 m2,解得:m5N*所以m1177解:(1)第六行的全部6 个数字分别是6,16,25,25,16,6;(2)依题意a n1a nnn2 ,a 22ana2a3a 2a4a 3a nan1223n12n- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 所以a n1n21n1n12;2n22n2 n1111211222(3)由于bnn22a b n1,所以nnb2b3b 4.bn2 1 211 3n11.12nn名师归纳总结 8解 1:设中低价房面积形成数列a n,由题意可知a n是等差数列其中a 1250,第 7 页,共 9 页d50,就S n250nn n15025n2225n 2令25n2225 n4750,即n29n1900,又nN*n10到 2022 年底 ,该市历年所建中低价房的累计面积将首次不少于4750 万平方米 . 2设新建住房面积形成数列b n,由题意可知b n是等比数列 其中b 1400,q1 08,就b n4001 08n10 85由题意可知a n0 85 b n得:250n1504001 08n10 85可得满意上述不等式的最小正整数n6到 2022 年底 ,当年建造的中低价房的面积占该年建造住房面积的比例首次大于85%. 9解:由已知,S n1S nS nS n11(n2,nN*),即a n1a n1(n2,nN*),且a 2a 11数列a n是以a 12为首项,公差为1 的等差数列a nn1a nn1,nb4nn 11n 21,要使b n1b n恒成立,b n1b nn 41n 41n2n21n12n10恒成立,3 4n31n12n10恒成立,1n12n1恒成立()当 n为奇数时,即n 21恒成立,当且仅当n1时,n 21有最小值为1,1()当 n为偶数时,即2n1恒成立,当且仅当n2时,21,又n1有最大值2 ,1 2 即2为非零整数,就综上所述,存在1 ,使得对任意nN*,都有b n1b n10. 解1:a 1010,a 201010 d40,d32 a30a2010d2101dd210d123d024由d0,得a 3015,23 续写数列:数列a 30,a , ,a 40是公差为d3的等差数列; 一般地,可推广为:无穷数列a n,其中a ,2a , ,a 10是首项为 1,公差为 1 的等差数列;当n1时, 数列a10,a 10 n1, ,a 10 n1是公差为dn的等差数列 . 讨论的问题可以是:试写出a 10 n1关于 d 的关系式,并求a 10 n1的取值范畴讨论的结论可以是:由a 40101dd2d3,依次类推可得a 10n1101dd2dn101dn1d1n11d d101- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 当d0时,a 10 n1的取值范畴为 10, + 等名师归纳总结 11解:m/nx31c1y10y3 xc1x3c10,a2. 第 8 页,共 9 页c1f x 3 xx0由于函数f x 为奇函数,所以由题意可知 ,f a 1f a 2f a n2 S n3 a 13 a 23 a 33 a n2 S a 1 3a 2 3a 3 3a31S n 21 n由 - 可得:3 a n2 S n2 S n1a S nS n1a n为正数数列a n 2S nS n12 S na a n 212 S n1a n1 由 - 可得:a n 2a n 21a na n1a na n10,a na n11a n为公差为 1 的等差数列且由可得3 a 12 a a 10a 11a nn nNa nn nN,b n4na2n12na2 a2nN令 2 nt t2,b nta 2a2 t21当a2时,数列nb的最小值为当n2时,nbb 2168 a2当a2时如a2 kkN时,数列b n的最小值为当nk 时,kba2如a2kk 21kN时,数列nb的最小值为当nk 或nk1 时2b kb k12ka2a2如2ka12ka2k1kkN时,数列b n的最小值为当nk 时,kb2ka 22如2k1时,数列的最小值为当n2kk 2Nb nk1时,21b k12k1a 22 a12解:由a2114a nan1得,a n12 an1a n12an10n数列an的各项为正值,an12a n10,an12an1,整理为an112a n又a1120数列a n1为等比数列an1a 11 2n12n,an2n1,即为数列an的通项公式b nl o g 2n 211. 证明一:设S1b1112b111n11n1211b nnb nnknnk2S111n1112n1213111nnknknknkn当x0,y0时,xy2xy ,1 x121, xy114yxyxy1 x1x4y, 当且仅当 xy 时等号成立y上述式中,k7,n0,n1,n2,nk1全为正,所以2Sn41n142n243nk4n4 n k1nknknk1nnk1S2k12k121k2 1217213. 1k1k12n- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 证明二:设S111b12111n11n1211b nb nnb nknnkk7S1n11n12711k611nn1111111nn12n12n2 n13 n16nn17n11n1n2时,1n212116 6 932 n3n7 na 22374 2 021 时不等式成立 . 13证明:当n,不等式成立 . 假设当nkk2 时不等式成立,即ak2 k2 ,那么ak1 1k11 ak12. 这就是说,当nk2k依据可知:ak2 对全部n2成立 . :证法一:由递推公式及的结论有an1 1n21nan1 111an.n12nn2n2n11lnan两边取对数并利用已知不等式得lnan1ln1nn22nlnann21n1.故lna n1lnann11n1 .2n2nn1上式从 1 到n1求和可得1111lnanlna1112213n1 n2222n111111111n11111 n12 .n 21223n212n2即lnan2,故a ne2n1 .证法二:名师归纳总结 故a由数学归纳法易证2 nn n1对n2成立,故n2 .成立第 9 页,共 9 页an1 1n21nan1 1n11 ann11 2nnnbn11n 11 bnn2 .令bnan1n2,就n取对数并利用已知不等式得l n bn1l n n11 l n bnnlnbn11n2.l n b21122131n n上式从 2 到 n 求和得l n bn1nn11111n111 n1 .223n2 .因b 2a 213 . 故lnb n11ln,3b n11 eln33 en13e12 e,n2,又明显a1e2,a2e2,故ane2对一切n1- - - - - - -