2022年江苏省苏锡常镇四市高三教学情况调研数学试题.docx

精选学习资料 - - - - - - - - - 江苏省苏锡常镇四市高三教学情形调研（二）数学试题一、填空题：本大题共14 小题,每道题5 分,计 70 分.不需写出解答过程,请把答案写在答题纸的指定位置上 .1（ 5 分）（2022.镇江二模）已知i 是虚数单位,复数对应的点在第四象限考点 ：复数的代数表示法及其几何意义；复数代数形式的乘除运算专题 ：运算题分析： 娴熟把握复数的运算法就和几何意义是解题的关键解答： 解：=所对应的点为（2, 1）位于第四象限故答案为四点评： 娴熟把握复数的运算法就和几何意义是解题的关键2（5 分）（2022.镇江二模）设全集 U=R ,集合 A=x| 1x3 ,B=x|x 1 ,就 A.UBx| 1x1考点 ：交、并、补集的混合运算分析： 此题考查集合的运算,由于两个集合已经化简,故直接运算得出答案即可解答： 解：全集 U=R ,集合 A=x| 1x3 ,B=x|x 1 ,.UB）=x|x 1 A （.UB）=x| 1x1 故答案为 x| 1x1 点评： 此题考查集合的交、 并、补的混合运算, 娴熟把握集合的交并补的运算规章是解此题的关键本 题考查了推理判定的才能3（5 分）（2022.镇江二模）已知数列an 的通项公式为an=2n 1,就数据 a1,a2,a3,a4,a5的方差为8考点 ：极差、方差与标准差专题 ：概率与统计分析： 先依据数列 a n的通项公式得出此数列的前5 项,再运算出平均数,再依据方差的公式运算解答： 解：数列 a n 的通项公式为 an=2n 1,就数据 a1,a2,a3,a4,a5即数据 1,3,5,7,9,它们的平均数 =（1+3+5+7+9 ） =5；就其方差 =（16+4+0+4+16 ） =8故答案为： 8点评： 此题考查数列的通项公式及方差的定义,属于基础题名师归纳总结 4（ 5 分）（2022.镇江二模） “x3”是“ x5”的必要不充分条件（请在 “充要、充分不必要、必第 1 页,共 22 页要不充分、既不充分也不必要”中挑选一个合适的填空）- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 考点 ：必要条件、充分条件与充要条件的判定专题 ：不等式的解法及应用分析： 由题意,由前者不能推出后者,由后者可以推出前者,故可得答案解答： 解：如 “x3”,就 “x5” 不成立,如当 x=4 反之, “x5”时 “x3” ,肯定成立,就“x3”是“x5”的 必要不充分条件故答案为：必要不充分点评： 此题主要考查四种条件的判定,属于基础题5（5 分）（2022.镇江二模）如双曲线的一个焦点到一条渐近线的距离等于,就此双曲线方程为考点 ：双曲线的标准方程专题 ：运算题；圆锥曲线的定义、性质与方程分析：不妨取双曲线x2=1（a 0）的右焦点F（,0）,利用点F 到其一条渐近线y=x解答：的距离为可求得 a 的值,从而可得答案解：双曲线方程为x2=1（a0）,其右焦点F（, 0）,y=x 为它的一条渐近线,点 F 到渐近线y=x 的距离为,=,a=3就此双曲线方程为：x2=1故答案为： x2=1点评： 此题考查双曲线的标准方程,考查点到直线间的距离,求得a 的值是关键,属于中档题名师归纳总结 6（ 5 分）（2022.镇江二模）依据如下列图的流程图,输出的结果T 为第 2 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 考点 ：程序框图专题 ：图表型分析： 分析程序中各变量、各语句的作用,再依据流程图所示的次序,可知：该程序的作用是运算 不满意循环条件 n4 时,变量 T 的值,模拟程序的运行,用表格对程序运行过程中各变量的 值进行分析,不难得到输出结果解答： 解：程序在运行过程中各变量的值如下表示：是否连续循环T n 3 循环前 /1 2 是第一圈其次圈是4 第四圈是5 第五圈否故最终输出的T 值为：故答案为：点评： 求一个程序的运行结果我们常用模拟运行的方法,但在模拟过程中要留意对变量值的治理、运算及循环条件的判定必要时可以用表格治理数据7（ 5 分）（2022.镇江二模）在 数的和为考点 ：等比数列的通项公式专题 ：等差数列与等比数列1 和 9 之间插入三个正数,使这五个数成等比数列,就插入的三个分析： 设出插入的三个正数,输出构成等比数列公比,由等比数列的通项公式求出公比,然后分别 求出插入的三个数,就答案可求名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 解答： 解：设插入的3 个正数分别为a, b,c,构成的等比数列的公比为q,就, 9=1×q4,所以,就 a=,b=,c=所以插入的三个数的和为故答案为点评： 此题考查了等比数列的通项公式,是基础的运算题8（5 分）（2022.镇江二模）在不等式组所表示的平面区域内全部的格点（横、纵坐标均为整数的点称为格点）中任取3 个点,就该3 点恰能成为一个三角形的三个顶点的概率为考点 ：古典概型及其概率运算公式；简洁线性规划专题 ：运算题；作图题分析： 依据约束条件作出可行域,找到可行域内的格点,然后求出从全部格点中任取三点的取法种 数,排除共线的取法种数,然后利用古典概型概率运算公式求解解答：解：由,得到可行域如图中阴影部分,就阴影部分中的格点有（2,1）,（2,2）,（3,1）,（3,2）,（ 3,3）共 5 个点,从中任取 3 个点,全部的取法种数为 种,其中只有 1 种情形共线,即取（3,1）,（3,2）,（3, 3）三点时共线,不能构成三角形,就 3 点恰能成为一个三角形的三个顶点的概率为 p=故答案为点评： 此题考查了简洁的线性规划,考查了古典概型及其概率运算公式,解答的关键是正确画出图形,找到可行域,并求出格点的个数,是基础题名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 9（ 5 分）（2022.镇江二模）在矩形 ABCD 中,对角线cos 2+cos 2=1类比到空间中一个正确命题是：在长方体邻三个面所成的角为 ,就有 cos2+cos 2+cos考点 ：类比推理专题 ：规律型AC 与相邻两边所成的角为 , ,就ABCD A 1B 1C1D1中,对角线 AC 1 与相2=2分析： 此题考查的学问点是类比推理,由在长方形中,设一条对角线与其一顶点动身的两条边所成2 2的角分别是 , ,就有 cos +cos =1,依据长方体性质可以类比推断出空间性质,从而得出答案解答： 解：我们将平面中的两维性质,类比推断到空间中的三维性质由在长方形中,设一条对角线与其一顶点动身的两条边所成的角分别是 就有 cos2+cos 2=1,我们依据长方体性质可以类比推断出空间性质,长方体 ABCD A 1B 1C1D1 中,对角线 AC 1 与过 A 点的三个面 ABCD ,AA 1B 1B、AA 1D1D 所成的角分别为 ,cos=,cos=,cos=,cos2+cos 2+cos 2= = =2故答案为： cos2+cos 2+cos 2=2点评： 此题考查的学问点是类比推理,在由平面图形的性质向空间物体的性质进行类比时,常用的思路有：由平面图形中点的性质类比推理出空间里的线的性质,由平面图形中线的性质类比推理出空间中面的性质,由平面图形中面的性质类比推理出空间中体的性质,或是将平面中的两维性质,类比推断到空间中的三维性质10（5 分）（2022.镇江二模）已知圆C：（ x a）2+（y a）2=1（a0）与直线 y=3x 相交于 P,Q两点,如 PCQ=90°,就实数a=考点 ：直线与圆的位置关系专题 ：直线与圆名师归纳总结 分析： 利用 PCQ=90°.（d 为圆心 C 到直线 y=3x 的距离）即可得出第 5 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 解答： 解：设圆心 C 到直线 y=3x 的距离为 d, PCQ=90°,=,又 a0,解得 a=故答案为点评： 正确得出 PCQ=90°.（d 为圆心 C 到直线 y=3x 的距离）是解题的关键11（5 分）（2022.镇江二模）分别在曲线y=ex 与直线 y=ex 1 上各取一点M 与 N,就 MN 的最小值为考点 ：利用导数争论曲线上某点切线方程；点到直线的距离公式专题 ：导数的综合应用y=ex 1 与曲线 y=ex相切,如图,就切线与直线y=ex分析： 欲求 MN 的最小值,我们先平移直线 1 间的距离即可所求的MN 的最小值利用直线平行斜率相等求出切线的斜率,再利用导数在切点处的值是曲线的切线斜率求出切线斜率,列出方程解得切线的方程后利用平行线的距离公式求解即可解答： 解：切线与直线 y=ex 1 平行,斜率为 e,设切点 M （ a,b）,又切线在点 a 的斜率为 y|x=a=e a,ea=e, a=1,切点的坐标 M （1,e）,切线方程为 y e=e（x 1）,即 ex y=0；又直线 y=ex 1,即 ex y 1=0 d=就 MN 的最小值为故答案为：名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 点评： 此题考查导数的几何意义：导数在切点处的值是切线的斜率属于基础题12（5 分）（2022.镇江二模）已知向量,满意,且对一切实数x,恒成立,就与的夹角大小为考点 ：数量积表示两个向量的夹角专题 ：平面对量及应用分析：由已知利用模的运算公式得,化为,即,解答：由于对一切实数x,得+4（即上式）恒成立,必需满意解：由0,解出即可,化为,名师归纳总结 ,x,+4（即上式）恒成立,0,化为第 7 页,共 22 页对一切实数- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - ,得,故答案为点评： 娴熟把握向量模的运算公式、数量积运算、恒成立问题的等价转化是解题的关键13（5 分）（2022.镇江二模）已知x,y 均为正数,且满意,就的值为考点 ：函数与方程的综合运用专题 ：转化思想；三角函数的图像与性质分析：由代入上式得,两边同乘以x2+y2 得到,；把,可化为利用立方和公式可以把cos6+sin6 化为 1 3sin2cos 2,可化为,与sin2+cos 2=1 联立,即可解得sin2 与 cos 2再依据得,即可得出sin 与 cos,即可求出答案解答：解：,（*）,化为名师归纳总结 ,代人（ *）得,第 8 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 化为,6cos6 2+sin =（cos2 2cos ,+sin2 4）（cos+sin4 sin22 2cos ）=1×（ cos+sin2）2 3sin 22 cos=1 3sin,解得,与 sin2+cos 2=1 联立化为或由得故取解得,故答案为点评： 此题综合考查了三角函数的恒等变形、单调性、平方关系、立方和公式、配方法、方程思想等基础学问与基本方法,需要较强的推理才能和变形才能、运算才能14（5 分）（ 2022.镇江二模）已知a 为正的常数,如不等式对一切非负实数x 恒成立,就 a 的最大值为8考点 ：函数恒成立问题专题 ：综合题；函数的性质及应用名师归纳总结 分析： 依题意,可将a 分别出来,构造函数,f（ x）=4（1+）（x0）,利用该函数的单调递第 9 页,共 22 页增的性质求其最小值,即可求得a 的最大值解答：解： a0,x0,1+,1+- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - =,0 a4（1+）对一切非负实数x 恒成立令 f（ x）=4（1+）（x0）,就 0af（x）minf（ x）=4（+） 0,f（x）=4（1+）（x0）在 0,+）上单调递增,f（x） min=f （ 0）=80 a8故 a 的最大值为 8故答案为： 8点评： 此题考查函数恒成立问题,分别参数a,构造函数f（x）=4（ 1+ +）（x 0）是关键,也是难点,考查创新思维与转化思想,属于难题二、解答题：本大题共 6 小题,计 90 分.解答应写出必要的文字说明,证明过程或演算步骤,请把答案写在答题纸的指定区域内 .15（ 14 分）（2022.镇江二模）如图,在 ABC 中,（1）求 sinBAC 和 sinC；（2）如,求 AC 的长考点 ：正弦定理；同角三角函数间的基本关系专题 ：解三角形,角 A 的平分线 AD 交 BC 于点 D,设 BAD= ,分析： （1）利用三角函数平方关系、倍角公式、诱导公式、两角和的正弦公式即可得出；（2）利用正弦定理、向量的数量积即可得出名师归纳总结 解答： 解：（ 1）,第 10 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 就 sinBAC=sin2 =cosBAC=cos2 =2cos2 1=sinC=,=BC,（2）由正弦定理得,由上两式解得,解得 AC=5 又由,得点评： 此题综合考查了三角函数平方关系、倍角公式、诱导公式、两角和的正弦公式、正弦定理、向量的数量积等学问与方法需要较强的推理才能和运算才能16（14 分）（2022.镇江二模） 已知四棱锥S ABCD 的底面 ABCD 是边长为 2 的正方形, 侧面 SAB是等边三角形,侧面SCD 是以 CD 为斜边的直角三角形,E 为 CD 的中点, M 为 SB 的中点（1）求证： CM 平面 SAE；（2）求证： SE平面 SAB ；（3）求三棱锥 S AED 的体积考点 ：直线与平面平行的判定；棱柱、棱锥、棱台的体积；直线与平面垂直的判定专题 ：运算题；证明题；空间位置关系与距离分析： （1）取 SA 的中点 N,连接 MN ASB 中利用中位线定理,证出 MN AB 且 MN= AB ,而正方形 ABCD 中 E 为 CD 中点,可得 CE AB 且 CE= AB ,从而得到 CENM 为平行四边形,得 CM EN最终用线面平行的判定定理,即可证出CM 平面 SAE；名师归纳总结 （2）Rt SCD 中, E 为斜边中点,可得SE=CD=1 ESA 中算出 SA2+SB2=5=AB2,从而第 11 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 得到 ESSA,同理 ESB 中证出 ESSB,结合 SA、SB 是平面 SAB 内的相交直线,可证出 SE平面 SAB（3）依据正方形的性质可得 S AED= S ABE,从而得到 VS AED= V S AEB= V E SAB,由（ 2）得 SE 是三棱锥 E SAB 的高,从而算出 V E SAB=,由此即可得到 V S AED = V E SAB=解答： 解：（ 1）取 SA 的中点 N,连接 MN ,M 为 SB 的中点, N 为 SA 的中点, MN AB ,且 MN= AB ,又 E 是 CD 的中点, CE AB ,且 CE= AB,MN CE,且 MN=CE ,四边形 CENM 为平行四边形,CM EN,又 EN. 平面 SAE,CM . 平面 SAE,CM 平面 SAE （2）侧面 SCD 为直角三角形,SE= CD=1,CSD=90°, E 为 CD 的中点,又 SA=AB=2 ,AE=,SA2+SB 2=5=AB 2,可得 ESSA ,同理可证ESSB,SASB=S,SA、 SB. 平面 SAB , SE平面 SAB （3）依据题意,得V S AED=V S AEB=V E SAB,SE平面 SAB ,可得 SE 是三棱锥 E SAB 的高V E SAB=S SAB×SE=V ESAB=×=因此,三棱锥S AED 的体积为 V S AED=点评： 此题在四棱锥中证明线面平行、线面垂直,并求三棱锥的体积着重考查了空间直线与平面平行的判定定理、直线与平面垂直的判定定理和锥体体积公式等学问,属于中档题17（14 分）（2022.镇江二模）已知等差数列a n 的公差 d 不为零,且,a2=a4+a6（1）求数列 an 的通项公式；（2）设数列 an 的前 n 项和为 Sn,求满意 Sn 2an 200 的全部正整数 n 的集合考点 ：等差数列的通项公式；数列的函数特性；等差数列的前 n 项和专题 ：运算题；等差数列与等比数列名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 分析： （1）由,a2=a4+a6利用等差数列的通项公式建立关于d,a1,的方程,解方程可求a1,d,进而可求ansn,代入已知不等式Sn 2an 200 可求 n 的范畴,进而（2）由等差数列的求和公式可求可求解答： 解（ 1）由,a2=a4+a6可得联立可得, d2 +5d=0 d0 d= 5,a1=35 an=35+（n 1）×（ 5）= 5n+40 （2）Sn 2an 200 整理可得, n2 19n+400 就即nN*n 的集合 3 ,4,516 所求的点评： 此题主要考查了等差数列的通项公式及求和公式的简洁应用,属于基础试题18（16 分）（2022.镇江二模）如图,设A,B 分别为椭圆的右顶点和名师归纳总结 上顶点,过原点O 作直线交线段AB 于点 M（异于点 A,B）,交椭圆于C,D 两点（点 C 在第一象第 13 页,共 22 页限内）, ABC 和 ABD 的面积分别为S1 与 S2（1）如 M 是线段 AB 的中点,直线OM 的方程为,求椭圆的离心率；（2）当点 M 在线段 AB 上运动时,求的最大值- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 考点 ：直线与圆锥曲线的关系；椭圆的简洁性质专题 ：圆锥曲线的定义、性质与方程分析： （1）由中点坐标公式求出 A,B 的中点 M,把 M 坐标代入直线 y= 得到 a 与 b 的关系,结合 a 2=b 2+c 2 可求椭圆的离心率；（2）设出 C 和 D 点的坐标,求出直线 AB 的方程,由点到直线的距离公式求出 C 和 D 到直线 AB 的距离,由于 ABC 和 ABD 同底,所以把两个三角形的面积比转化为 C,D 到直线AB 的距离比,然后借助于基本不等式求最小值解答： 解：（ 1）由题设,得A （a,0）,B（0,b）,就点 M （）由于点 M 在直线 y=上,所以,就 b=从而,故椭圆的离心率 e=（2）设 C（x0,y0）（x00,y00）,就,D（ x0,y0）由题设,直线 AB 的方程为,即 ax+by ab=0由于点 C 在直线 AB 的上方,所以点 C 到直线 AB 的距离 =同理可得点 D 到直线 AB 的距离=由于,即,且 bx00,ay00名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 所以=当且仅当bx0=ay0 时等号成立由,得因此,所以,当时,取得最大值,最大值为3 2点评： 此题考查了椭圆的简洁几何性质,考查了直线与圆锥曲线的关系,突出考查了数形结合和等价转化等数学思想方法,解答此题的关键是运用线性规划的学问去掉点到直线的距离中的绝对值属难题19（16 分）（2022.镇江二模）如下列图,有两条道路OM 与 ON , MON=60 °,现要铺设三条下水管道 OA ,OB ,AB（其中 A ,B 分别在 OM ,ON 上）,如下水管道的总长度为 3km,设 OA=a（km）,OB=b （km）（1）求 b 关于 a 的函数表达式,并指出 a 的取值范畴；（2）已知点 P 处有一个污水总管的接口,点 P到 OM 的距离 PH 为,到点 O 的距离 PO 为,问下水管道 AB 能否经过污水总管的接口点 P？如能,求出 a 的值,如不能,请说明理由考点 ：依据实际问题挑选函数类型；余弦定理专题 ：应用题分析： （1）把 AB 的长度用含有 a,b 的代数式表示,在三角形 AOB 中利用余弦定理得到 b 和 a 的关系,即得到 b 关于 a 的函数表达式,利用三角形两边之和大于第三边得到 a 的取值范畴；（2）利用解析法,以 O 为原点, OM 所在直线为 x 轴,建立直角坐标系,求出 P 点的坐标,假设 AB 过点 P,设出 A,B 的坐标,写出 A,B 所在直线方程,把 P 点坐标代入直线方程求出 a 的值,在定义域当中,就假设成立,否就,不成立名师归纳总结 解答： 解：（ 1） OA+OB+AB=3 , AB=3 a b第 15 页,共 22 页 MON=60 °,由余弦定理,得AB2=a 2+b2 2abcos60°- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - （ 3 a b）22 =a +b2+ab整理,得由 a0, b0,3 a b0,及a+b 3 a b, a+3 a bb, b+3 a ba,得 0a综上,（2）以 O 为原点, OM 所在直线为x 轴,建立如下列图直角坐标系,点 P（）假设 AB 过点 PA （a,0）,即 B,直线 AP 方程为,即将点 B 代入,得化简,得 6a 2 10a+3=0答：下水管道AB 能经过污水总管的接口点P,（km）点评： 此题考查了依据实际问题挑选函数模型,考查了余弦定理在解三角形中的应用,留意实际问题要有实际意义,是中档题20（16 分）（2022.镇江二模）已知a 为正的常数,函数f（x）=|ax x2 |+lnx （1）如 a=2,求函数 f（x）的单调增区间；名师归纳总结 （2）设,求函数g（ x）在区间 1,e 上的最小值第 16 页,共 22 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 考点 ：变化的快慢与变化率；利用导数求闭区间上函数的最值专题 ：导数的综合应用分析： （1）把 a=2 代入函数解析式,由肯定值内的代数式等于0 求得 x 的值, 由解得的 x 的值把定义域分段,去肯定值后求导,利用导函数求每一段内的函数的增区间,就 a=2 时的函数的增区间可求；（2）把 f（ x）的解析式代入,利用 a 与 1 和 e 的大小比较去肯定值,然后求出去肯定值后的函数的导函数,利用函数的单调性求出函数在区间 1,e 上的最小值 最终把求得的函数的最小值写成分段函数的形式即可2解答： 解：（ 1）由 a=2,得 f（ x）=|2x x |+lnx （x 0）当 0x 2 时,由 f（x）=0,得2x2+2x+1=0 ,解得,或（舍去）当 时, f（x） 0；时, f（x） 0函数 f（x）的单调增区间为（0,）,（2,+）当 x2 时,由 f（x）=0,得 2x 2 2x+1=0 f（x）在（ 2,+）上为增函数名师归纳总结 函数 f（x）的单调增区间为（）,（2,+）第 17 页,共 22 页（2） 如 a1,就就x1,e, 0lnx1,1 lnx 0,x2+1 lnx 0, g（x） 0g（ x）在 1, e上为增函数,g（x）的最小值为g（1）=1 a ae,就 g（x）=a x+,就令 h（x） x2+1 lnx ,就所以 h（x）在 1,e上为减函数,就h（x） h（1） =0所以 g（x）在 1,e上为减函数,所以g（x）的最小值为g（ e）=a e+ - - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 当 1ae,由 , 知 g（x）在 1,a上为减函数,在 a,e上为增函数,g（ x）的最小值为 g（a）=综上得 g（x）的最小值为 g（ a）=点评： 此题考查了利用导数争论函数的单调性,考查了利用导数求函数在闭区间上的最值,考查了分类争论得数学思想方法,考查了去肯定值的方法,正确的分类是解决该题的关键,属难题三【选做题】此题包括 21、22、23、 24 四小题,请选定其中两题,并在相应的答题区域内作答,如多做,就按作答的前两题评分解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤21（10 分）（2022.镇江二模）（选修 4 1 几何证明选讲）如图, ABCD 为圆内接四边形,延长两组对边分别交于点 E,F, AFB 的平分线分别交 AB ,CD于点 H,K求证： EH=EK 考点 ：与圆有关的比例线段专题 ：直线与圆分析： 由 HF 为 AFB 的平分线,可得1=2由 ABCD 为圆内接四边形,可得FCK= A 因此 EHK= EKH ,即可证明解答： 解： HF 为 AFB 的平分线,1=2ABCD 为圆内接四边形,FCK= A 1+A= 2+FCK , EHK= EKH EH=EK 点评： 娴熟把握角平分线的性质、圆内接四边形的性质、等腰三角形的判定定理是解题的关键22（10 分）（2022.镇江二模）（选修 4 2：矩阵与变换）名师归纳总结 - - - - - - -第 18 页,共 22 页精选学习资料 - - - - - - - - - 已知 A （0,0）,B（2,0）,C（2,2）在矩阵对应变换的作用下,得到的对应点分别为 A'（0,0）, C'（ 0,2）,求矩阵M 考点 ：几种特别的矩阵变换专题 ：运算题分析： 先设出所求矩阵,利用待定系数法建立一个四元一次方程组,解方程组即可解答： 解：依据题意,就有=,所以,又有=,所以,所以 M=点评： 此题主要考查来了几种特别的矩阵变换,以及直线的一般式方程等基础学问,属于基础题23（2022.镇江二模）（选修 4 4：坐标系与参数方程）已知曲线 C 的参数方程（ 为参数）,直线 l 的极坐标方程：直线 l 与曲线 C 交于 M ,N 两点,求 MN 的长考点 ：参数方程化成一般方程；两点间的距离公式；点的极坐标和直角坐标的互化专题 ：运算题名师归纳总结 分析： 把直线 l 的极坐标方程化为直角坐标方程,把曲线 M 的参数方程化为一般方程,联立方程组,第 19 页,共 22 页化为关于x 的一元二次方程,利用弦长公式求出MN 的值解答： 解：直线l 的极坐标方程,即x y+=0,曲线 M 的参数方程（其中 为参数）,即- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 由可得3x2+2x 2=0,x1=,x2=,MN=.|x1 x2|=×|=点评： 此题主要考查把参数方程化为一般方程的方法,把极坐标方程化为直角坐标方程的方法,弦 长公式的应用,属于中档题24（2022.镇江二模）（选修 4 5：不等式选讲）已知常数 a 满意1a1,解关于x 的不等式： ax+|x+1|1考点 ：肯定值不等式的解法专题 ：运算题；分类争论；不等式的解法及应用分析： 通过 x 1 与 x 1,去掉肯定值符号,分别求解不等式,推出不等式的解集即可解答： 解： 当 x 1,ax+|x+1|1 转化为： ax+x+1 1,即 ax+x0, x（ a+1）0 1a1, x0,又 x 1,1x0 当 x1 时,不等式化为 ax x 11,即 ax x2x（ a 1）2 1a1, 2a 10,x, 由可知x|不等式的解集为：点评： 此题考查肯定值不等式的解法,去掉肯定值符号是解题的关键,考查分类争论数学思想的应 用四、 必做题 第 25、26 题,每道题10 分,计 20 分.请把答案写在答题纸的指定区域内25（10 分）（2022.镇江二模）已知抛物线和抛物线在交点处的两条切线相互垂直,求实数a 的值考点 ：利用导数争论曲线上某点切线方程专题 ：导数的综合应用分析： 联立抛物线方程即可得到交点坐标,再利用导数即可得到切线的斜率,利用相互垂直即可得名师归纳总结 到斜率乘积等于1 即可得出 a第 20 页,共 22 页- - - - - - -精选学