牛顿第二定律应用-传送带问题(附答案).doc

Four short words sum up what has lifted most successful individuals above the crowd: a little bit more.-author-date牛顿第二定律应用-传送带问题(附答案)例1、水平传送带被广泛地应用于车站、码头，工厂、车间。如图所示为水平传送带装置示意图，绷紧的传送带AB始终保持v02 m/s的恒定速率运行，一质量为m的工件无初速度地放在A处，传送带对工件的滑动摩擦力使工件开始做匀加速直线运动，设工件与传送带间的动摩擦因数为0.2 ,AB的之间距离为L10m ，g取10m/s2 求工件从A处运动到B处所用的时间例1解析：设工件做加速运动的加速度为a ，加速的时间为t1 ，加速运动的位移为l ，根据牛顿第二定律，有：mg=ma 代入数据可得：a2 m/s2 工件加速运动的时间t1 代入数据可得： t11s 此过程工件发生的位移l =at12 代入数据可得：l1m 由于lL，所以工件没有滑离传送带设工件随传送带匀速运动的时间为t2 ，则t2 代入数据可得：t24.5s所以工件从A处运动到B处的总时间tt1t25.5 s例2、如图所示，绷紧的传送带，始终以2 m/s的速度匀速斜向上运行，传送带与水平方向间的夹角30°。现把质量为10 kg的工件轻轻地放在传送带底端P处，由传送带传送至顶端Q处。已知P、Q之间的距离为4 m，工件与传送带间的动摩擦因数为，取g10 m/s2。(1)通过计算说明工件在传送带上做什么运动；(2)求工件从P点运动到Q点所用的时间。例2解析：工件受到沿传送带向上的摩擦力作用，摩擦力为动力由牛顿第二定律得：mgcos mgsin ma代入数值得：a2.5 m/s2则其速度达到传送带速度时发生的位移为x1m0.8 m4 m可见工件先匀加速运动0.8 m，然后匀速运动3.2 m(2)匀加速时，由x1t1得t10.8 s匀速上升时t2 s1.6 s所以工件从P点运动到Q点所用的时间为tt1t22.4 s。答案(1)先匀加速运动0.8 m，然后匀速运动3.2 m(2)2.4 s例3、如图所示，传送带与水平方向夹37°角，AB长为L16m的传送带以恒定速度v10m/s运动，在传送带上端A处无初速释放质量为m0.5kg的物块，物块与带面间的动摩擦因数0.5，求：370AB（1）当传送带顺时针转动时，物块从A到B所经历的时间为多少？ （2）当传送带逆时针转动时，物块从A到B所经历的时间为多少？ (sin37°0.6，cos37°0.8，取g10 m/s2)例3解析 (1) 当传送带顺时针转动时，设物块的加速度为a ，物块受到传送带给予的滑动摩擦力mgcos37°方向沿斜面向上且小于物块重力的分力mg sin37°，根据牛顿第二定律，有：mg sin37°- mgcos37°ma 代入数据可得： a2 m/s2物块在传送带上做加速度为a2 m/s2的匀加速运动，设运动时间为t， t 代入数据可得：t4s（2）物块放上传送带的开始的一段时间受力情况如图甲所示，前一阶段物块作初速为0的匀加速运动，设加速度为a1 ，由牛顿第二定律，有mgsin37°mgcos37°=ma1 , 解得：a1 10m/s2,设物块加速时间为t1 ，则t1 ， 解得：t1=1s 因位移s1=5m16m ,说明物块仍然在传送带上设后一阶段物块的加速度为a2, 当物块速度大于传送带速度时，其受力情况如图乙所示由牛顿第二定律，有：mg sin37°- mgcos37°ma2 ,解得a22m/s2 ，设后阶段物块下滑到底端所用的时间为t2由Lsvt2a2t/2，解得t21s 另一解11s 不合题意舍去所以物块从A到B的时间为：tt1t22s练习：1、如图甲所示为车站使用的水平传送带的模型，传送带长L8m，以速度v4m/s沿顺时针方向匀速转动，现有一个质量为m10kg的旅行包以速度v010m/s的初速度水平地滑上水平传送带已知旅行包与皮带间的动摩擦因数为0.6 ，则旅行包从传送带的A端到B端所需要的时间是多少？（g10m/s2 ,且可将旅行包视为质点）图 甲1解析： 设旅行包在传送带上做匀加速运动的时间为t1 ，即经过t1时间，旅行包的速度达到v4m/s ，由牛顿第二定律，有：mg=ma 代入数据可得：a6 m/s2 t1 代入数据可得：t1s图 乙此时旅行包通过的位移为s1 ，由匀加速运动的规律，有 s17 m 代入数据可得：s17 mL 可知在匀加速运动阶段，旅行包没有滑离传送带，此后旅行包与传送带一起做匀速运动，设做匀速运动的时间为t2 ，则t2 代入数据可得：t0.25 s 故：旅行包在传送带上运动的时间为tt1t21.25 s2如图34所示，水平传送带A、B两端点相距x4 m，以v02 m/s的速度(始终保持不变)顺时针运转，今将一小煤块(可视为质点)无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10 m/s2。 于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕。则小煤块从A运动到B的过程中()A小煤块从A运动到B的时间是 sB小煤块从A运动到B的时间是2.25 sC划痕长度是4 mD划痕长度是0.5 m2解析：小煤块刚放上传送带后，加速度ag4 m/s2，由v0at1可知，小煤块加速到与传送带同速的时间为t10.5 s，此时小煤块运动的位移x1t10.5 m，而传送带的位移为x2v0t11 m，故小煤块在带上的划痕长度为lx2x10.5 m，D正确，C错误；之后的xx13.5 m，小煤块匀速运动，故t21.75 s，故小煤块从A运动到B的时间tt1t22.25 s，A错误，B正确。答案：BD3、现在传送带传送货物已被广泛地应用，如图所示为一水平传送带装置示意图。紧绷的传送带AB始终保持恒定的速率v1 m/s运行，一质量为m4 kg的物体被无初速度地放在A处，传送带对物体的滑动摩擦力使物体开始做匀加速直线运动，随后物体又以与传送带相等的速率做匀速直线运动。设物体与传送带之间的动摩擦因数0.1，A、B间的距离L2 m，g取10 m/s2。(1)求物体刚开始运动时所受滑动摩擦力的大小与加速度的大小；(2)求物体做匀加速直线运动的时间；(3)如果提高传送带的运行速率，物体就能被较快地传送到B处，求物体从A处传送到B处的最短时间和传送带对应的最小运行速率。3解析：(1)滑动摩擦力Ffmg0.1×4×10 N4 N，加速度ag0.1×10 m/s21 m/s2。(2)物体达到与传送带相同速率后不再加速，则vat1，t1 s1 s。(3)物体始终匀加速运行时间最短，加速度仍为a1 m/s2，当物体到达右端时，有v2aL，vmin m/s2 m/s，所以传送带的最小运行速率为2 m/s。物体最短运行时间由vminatmin，得tmin s2 s。答案：(1)4 N1 m/s2(2)1 s(3)2 s2 m/s4、如图33甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行。初速度大小为v2的小物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带。若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的vt图像(以地面为参考系)如图33乙所示。已知v2>v1，则()At2时刻，小物块离A处的距离达到最大Bt2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向先向右后向左D0t3时间内，小物块始终受到大小不变的摩擦力作用4解析：小物块对地速度为零时，即t1时刻，向左离开A处最远。t2时刻，小物块相对传送带静止，此时不再相对传送带滑动，所以从开始到此刻，它相对传送带滑动的距离最大。0t2时间内，小物块受到的摩擦力为滑动摩擦力，方向始终向右，大小不变。t2时刻以后相对传送带静止，故不再受摩擦力作用。B正确。答案：B5、如图35所示为上、下两端相距L5 m、倾角30°、始终以v3 m/s的速率顺时针转动的传送带(传送带始终绷紧)。将一物体放在传送带的上端由静止释放滑下，经过t2 s到达下端，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)传送带与物体间的动摩擦因数多大？(2)如果将传送带逆时针转动，速率至少多大时，物体从传送带上端由静止释放能最快地到达下端？5解析：(1)传送带顺时针转动时，物体受重力、支持力和斜向上的摩擦力沿传送带向下匀加速运动。设加速度为a。由题意得Lat2解得a2.5 m/s2；由牛顿第二定律得mgsinFfmaFfmgcos0.29。(2)如果传送带逆时针转动，要使物体从传送带上端由静止释放能最快地到达下端，则需要物体有沿传送带向下的最大加速度即所受摩擦力沿传送带向下，设此时传送带速度为vm，物体加速度为a。由牛顿第二定律得mgsinFfmaFfmgcosvm22Lavm8.66 m/s。答案：(1)0.29(2)8.66 m/s6、如图32所示，一皮带输送机 的皮带以v13.6 m/s的速率做匀速运动， 其有效输送距离AB29.8 m，与水平方 向夹角为37°。将一小物体轻放在A 点，物体与皮带间的动摩擦因数0.1，求物体由A到B所需的时间。(g取10 m/s2) 6解析当物体开始运动时，受滑动摩擦力沿传送带向下，做加速度为a1的匀加速运动。mgsinmgcosma1a1gsingcos6.8 m/s2设物体速度增大到v13.6 m/s所用的时间为t1故t1 s2 s位移x1 m13.6 m因为重力的平行斜面分力大于滑动摩擦力，物体运动速度将大于13.6 m/s仍做匀加速运动。x2ABx116.2 ma2g(sin37°cos37°)5.2 m/s2由x2vt2a2t22得16.213.6t2×5.2t22解得t21 s(另一解是负值舍去)所以物体由A到B所需的时间为tt1t2(21) s3 s。7、.如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为，以速度v0逆时针匀速转动。在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数<tan，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的是()7解析：已知<tan，刚开始时，小木块沿斜面方向受到重力沿斜面向下的一个分力、传送带施加的沿斜面向下的滑动摩擦力，产生的加速度a1gsingcos；当小木块的速度与传送带相同时，小木块受到传送带沿斜面向上的滑动摩擦力，产生的加速度a2gsingcos。综上所述，可判断小木块的速度一直增大，且两过程中的加速度不同，有a1>a2，D正确。答案：D8、如图所示，传送带不动时，物体由皮带顶端A从静止开始下滑到皮带底端B用的时间为t，则（ ）A当皮带向上运动时，物块由A 滑到B 的时间一定大于tB当皮带向上运动时，物块由A 滑到B 的时间一定等于tC当皮带向下运动时，物块由A 滑到B 的时间一定等于tD当皮带向下运动时，物块由A 滑到B 的时间一定小于t8解析：设传送带长度为L，倾角为，物体与传送带间的动摩擦因数为传送带不动时物体受到重力、斜面的支持力和沿斜面向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得：物体的加速度为a=g（sin-cos），且有L=A、B当皮带向上运动时，物体所受的滑动摩擦力大小和方向没有改变，则加速度也不变，由L=知，物块由A 滑到B 的时间一定等于t故A错误，B正确C、D当皮带向下运动时，受到重力、斜面的支持力和沿斜面向下的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得：此时物体的加速度为a=g（sin+cos），可见加速度增大，由公式L=得知，t一定小于t故D正确，C错误故选BD点评：本题关键要正确分析物体所受的摩擦力，由牛顿第二定律研究加速度，根据运动学公式分析时间关系-