2022年磁场学习过程中的几道典型易错题.docx

精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载磁场学习过程中的几道典型易错题例 1 如图 10-1,条形磁铁平放于水平桌面上,在它的正中心上方固定一根直导线,导线与磁场垂直,现给导线中通以垂直于纸面对外的电流,就以下说法正确选项： A磁铁对桌面的压力减小 B磁铁对桌面的压力增大 C磁铁对桌面的压力不变 D以上说法都不行能【错解分析】错解：磁铁吸引导线而使磁铁导线对桌面有压力,选 B；错解在挑选争论对象做受力分析上显现问题,的反作用力作用到哪里；【正确解答】也没有用牛顿第三定律来分析导线对磁铁通电导线置于条形磁铁上方使通电导线置于磁场中如图 10-2 所示,由左手定就判定通电导线受到向下的安培力作用,同时由牛顿第三定律可知,力的作用是相互的,磁铁对通电导线有向下作用的同时,通电导线对磁铁有反作用力,作用在磁铁上, 方向向上, 如图 10-3；对磁铁做受力分析,由于磁铁始终静止,无通电导线时, N = mg ,有通电导线后 N+F=mg,N=mg-F ,磁铁对桌面压力减小,选 A；例 2 如图 10-4 所示,水平放置的扁平条形磁铁,在磁铁的左端正上方有一线框,线框平面与磁铁垂直, 当线框从左端正上方沿水平方向平移到右端正上方的过程中,穿过它的磁通量的变化是： A先减小后增大B始终减小C始终增大D先增大后减小【错解分析】错解：条形磁铁的磁性两极强,故线框从磁极的一端移到另一端的过程中磁性由强到弱再到强,由磁通量运算公式可知 =B· S,线框面积不变, 与 B 成正比例变名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 化,所以选A ；学习必备欢迎下载做题时没有真正搞清磁通量的概念,脑子里未正确形成条形磁铁的磁力线空间分布的模型；因此,盲目地生搬硬套磁通量的运算公式 =B · S,由条形磁铁两极的磁感应强度 B 大于中间部分的磁感应强度,得出线框在两极正上方所穿过的磁通量 大于中间正上方所穿过的磁通量；【正确解答】规范画出条形磁铁的磁感线空间分布的剖面图,如图10-5 所示；利用 =B·S 定性判断出穿过闭合线圈的磁通量先增大后减小,选D；【小结】 =B· S 运算公式使用时是有条件的,B 是匀强磁场且要求 B 垂直 S,所以磁感应强度大的位置磁通量不肯定大,而此题的两极上方的磁场不是匀强磁场,磁场与正上方线框平面所成的角度又未知,难以定量加以运算,编写此题的目的就是想提示同学们对磁场的形象化赐予足够的重视；例 3 如图 10-6 所示,螺线管两端加上沟通电压,沿着螺线管轴线方向有一电子射入,就该电子在螺线管内将做 A加速直线运动 B匀速直线运动C匀速圆周运动 D简谐运动【错解分析】错解一： 螺线管两端加上沟通电压,用,应选 A ；螺线管内有磁场, 电子在磁场中要受到磁场力的作错解二：螺线管两端加上了沟通电压,螺线管内部有磁场,磁场方向周期性发生变化,电子在周期性变化的磁场中受到的力也发生周期性变化,而做往复运动；应选 D；错解一、 二的根本缘由有二：一是对螺线管两端加上沟通电压后,螺线管内部磁场大小和方向发生周期性变化的详细情形分析不清；二是没有搞清洛仑兹力 f=Bqv 的适用条件,而乱套公式；洛仑兹力的大小为 f=Bqv 的条件是运动电荷垂直射入磁场,当运动方向与 B有夹角时,洛仑兹力 f=Bqv sin ,；当 =0° 或 =180° 时,运动电荷不受洛仑兹力作用；【正确解答】螺线管两端加上沟通电压后,螺线管内部磁场大小和方向发生周期性变化,但始终与螺线管平行, 沿着螺线管轴线方向射入的电子其运动方向与磁感线平行；沿轴线飞入的电子始终不受洛仑兹力而做匀速直线运动；名师归纳总结 例 4 有一自由的矩形导体线圈,通以电流I ；将其移入通以恒定电流I 的长直导线的第 2 页,共 16 页右侧；其ab 与 cd 边跟长直导体AB 在同一平面内且相互平行,如图10-7 所示；试判定将- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载该线圈从静止开头释放后的受力和运动情形；（不计重力）【错解分析】错解：借助磁极的相互作用来判定；由于长直导线电流产生的磁场在矩形线圈所在处的磁感线方向为垂直纸面对里,它等效于条形磁铁的N 极正对矩形线圈向里；由于通电线圈相当于环形电流,其磁极由右手螺旋定就判定为S 极向外,它将受到等效N极的吸引,于是通电矩形线圈将垂直纸面对外加速；错误的根源就在于将直线电流的磁场与条形磁铁的磁极磁场等效看待；我们知道直线电流磁场的磁感线是一簇以直导线上各点为圆心的同心圆,它并不存在 无极场,不能与条形磁铁的有极场等效；【正确解答】N 极和 S 极,可称为利用左手定就判定；先画出直线电流的磁场在矩形线圈所在处的磁感线分布,由右手螺旋定就确定其磁感线的方向垂直纸面对里,如图10-8 所示；线圈的四条边所受安培力的方向由左手定就判定；其中F1与 F3 相互平稳,因ab 边所在处的磁场比cd 边所在处的强,故F4F2；由此可知矩形线圈 体 AB 靠拢；【小结】abcd 所受安培力的合力的方向向左,它将加速向左运动而与导用等效的思想处理问题是有条件的,磁场的等效,应当是磁场的分布有相像之处；例如条形磁铁与通电直螺线管的磁场大致相同,可以等效； 所以应当老老实实地将两个磁场画出来, 经过比较看是否满意等效的条件；此题中直线电流的磁场就不能等效为匀强磁场；例 5 如图 10-9 所示,用绝缘丝线悬挂着的环形导体,位于与其所在平面垂直且向右的匀强磁场中,如环形导体通有如下列图方向的电流I,试判定环形导体的运动情形；【错解分析】错解：已知匀强磁场的磁感线与导体环面垂直向右,它等效于条形磁铁 N极正对环形导体圆面的左侧,而通电环形导体,即环形电流的磁场N 极向左（依据右手定名师归纳总结 就来判定）,它将受到等效N 极的排斥作用,环形导体开头向右加速运动；第 3 页,共 16 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载误将匀强磁场等效于条形磁铁的磁场；【正确解答】利用左手定就判定；可将环形导体等分为如干段,每小段通电导体所受安培力均指向圆心；由对称性可知,这些安培力均为成对的平稳力；故该环形导体将保持原先的静止状态；【小结】对于直线电流的磁场和匀强磁场都应将其看作无极场；在这种磁场中分析通电线圈受力 的问题时, 不能用等效磁极的方法,由于它不符合实际情形；而必需运用左手定就分析出安 培力合力的方向后,再行确定其运动状态变化情形；例 6 质量为 m 的通电导体棒ab 置于倾角为 的导轨上, 如图 10-10 所示； 已知导体与导轨间的动摩擦因数为 ,在图 10-11 所加各种磁场中,导体均静止,就导体与导轨间摩擦力为零的可能情形是：【错解分析】错解：依据f= N,题目中 0,要使 f=0 必有 N=0 ；为此需要安培力FB与导体重力 G 平稳,由左手定就可判定图 10-11 中 B 项有此可能,应选 B；上述分析受到题目中“ 动摩擦因数为 ” 的干扰,误用滑动摩擦力的运算式 f= N 来争论静摩擦力的问题；从而导致错选、漏选；【正确解答】要使静摩擦力为零,假如N=0,必有 f=0；图 10-11B 选项中安培力的方向竖直向上与重力的方向相反可能使 N=0,B 是正确的；假如 N 0,就导体除受静摩擦力 f 以外的其他力的合力只要为零,那么 f=0 ；在图 10-11A 选项中,导体所受到的重力 G、支持力 N 及安培力 F 安三力合力可能为零,就导体所受静摩擦力可能为零；图10-11 的 CD 选项中,从导体所受到的重力 G、支持力 N 及安培力 F安三力的方向分析,合力不行能为零,所以导体所受静摩擦力不行能为零；故正确的选项应为 A B；【小结】此题是一道概念性极强的题,又是一道力学与电学学问交叉的综合试题；摩擦力有静摩擦力与滑动摩擦力两种；判定它们区分的前提是两个相互接触的物体有没有相对运动；力学中的概念的精确与否影响电学的学习成果；例 7 如图 10-12 所示,带负电的粒子垂直磁场方向进入圆形匀强磁场区域,出磁场时名师归纳总结 速度偏离原方向60° 角,已知带电粒子质量m=3× 10-20kg,电量 q=10-13C,速度 v 0=105m/s,第 4 页,共 16 页磁场区域的半径R=3× 10-1m,不计重力,求磁场的磁感应强度；- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载【错解分析】错解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动没有依据题意画出带电粒子的运动轨迹图,误将圆形磁场的半径当作粒子运动的半径,说明对公式中有关物理量的物理意义不明白；【正确解答】画进、出磁场速度的垂线得交点O , O 点即为粒子作圆周运动的圆心,据此作出运动轨迹 AB ,如图 10-13 所示；此圆半径记为 r；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动【小结】由于洛伦兹力总是垂直于速度方向,如已知带电粒子的任意两个速度方向,就可以通过作出两速度的垂线,找出两垂线的交点即为带电粒子做圆周运动的圆心；例 8 如图 10-14 所示,带电粒子在真空环境中的匀强磁场里按图示径迹运动；径迹为相互连接的两段半径不等的半圆弧,中间是一块薄金属片,粒子穿过时有动能缺失；试判定粒子在上、下两段半圆径迹中哪段所需时间较长？（粒子重力不计）名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载【错解分析】错解：的回旋周期与回旋半径成正比,由于上半部分径迹的半径较大,所以所需时间较长；错误地认为带电粒子在磁场中做圆周运动的速度不变,由周期公式【正确解答】第一依据洛仑兹力方向,沿 abcde 方向运动；（指向圆心）,磁场方向以及动能损耗情形,判定粒子带正电,再求通过上、下两段圆弧所需时间：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动子 速 度v,回旋半径 R 无关；因此上、下两半圆弧粒子通过所需时间相等；动能的损耗导致粒子的 速度的减小,结果使得回旋半径按比例减小,周期并不转变；【小结】回旋加速器的过程恰好与此题所述过程相反；回旋加速器中粒子不断地被加速,但是粒子在磁场中的圆周运动周期不变；名师归纳总结 例 9 一个负离子的质量为m,电量大小为q,以速度v 0垂直于屏 S 经过小孔 O 射入存第 6 页,共 16 页在着匀强磁场的真空室中,如图10-15 所示；磁感应强度B 方向与离子的初速度方向垂直,并垂直于纸面对里；假如离子进入磁场后经过时间t 到这位置 P,证明：直线OP 与离子入射方向之间的夹角 跟 t- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载【错解分析】错解：依据牛顿其次定律和向心加速度公式高中阶段,我们在应用牛顿其次定律解题时,方向不断变化的力；不能直接代入公式求解；【正确解答】F 应为恒力或平均力,此题中洛仑兹力是如图 1016,当离子到达位置 P 时圆心角为【小结】时时要留意公式的适用条件范畴,稍不留意就会显现张冠李戴的错误；名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载假如想用平均力的牛顿其次定律求解,就要先求平均加速度例 10 如图 10-17 所示；在 x 轴上有垂直于xy 平面对里的匀强磁场,磁感应强度为B；在 x 轴下方有沿 y 铀负方向的匀强电场,场强为 E；一质最为 m,电荷量为 q 的粒子从坐标原点；沿着 y 轴正方向射出；射出之后,第 3 次到达 X 轴时,它与点 O 的距离为 L,求此粒子射出时的速度 v 和运动的总路程 s,（重力不计）；【错解分析】错解：粒子射出后第三次到达x 轴,如图 10-18 所示在电场中粒子的磁场中每一次的位移是 l；第 3 次到达 x 轴时,粒子运动的总路程为一个半圆周和六个位移的长度之和；名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 错解是由于审题显现错误；学习必备欢迎下载3 次到达 x 轴” 这段话理他们把题中所说的“ 射出之后,第解为“ 粒子在磁场中运动通过x 轴的次数”没有运算粒子从电场进入磁场的次数；也就是物理过程没有搞清就下手解题,必定出错；【正确解答】粒子在磁场中的运动为匀速圆周运动,在电场中的运动为匀变速直线运动；画出粒子运动的过程草图 10-19；依据这张图可知粒子在磁场中运动半个周期后第一次通过 x 轴进入电场,做匀减速运动至速度为零,再反方向做匀加速直线运动,以原先的速度大小反方向进入磁场；这就是其次次进入磁场,接着粒子在磁场中做圆周运动,半个周期后第三次通过 x轴；Bqv=mv 2R 在电场中：粒子在电场中每一次的位移是 l 第 3 次到达 x 轴时,粒子运动的总路程为一个圆周和两个位移的长度之和；【小结】把对问题所涉及到的物理图景和物理过程的正确分析是解物理题的前提条件,这往往比动手对题目进行运算仍要重要,由于它反映了你对题目的正确懂得；高考试卷中有一些题目要求考生对题中所涉及到的物理图景懂得得特别清晰,对所发生的物理过程有正确的熟悉；这种工作不肯定特殊难,而是要求考生有一个端正的科学态度,认真地依照题意画出过程草图建立物理情形进行分析；名师归纳总结 例 11 摆长为 L 的单摆在匀强磁场中摇摆,摇摆平面与磁场方向垂直,如图 10-20 所示；第 9 页,共 16 页摇摆中摆线始终绷紧,如摆球带正电,电量为q,质量为 m,磁感应强度为B,当球从最高处摆到最低处时,摆线上的拉力T 多大？- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 【错解分析】错解：学习必备欢迎下载T,f 始终垂直于速度v,依据机械能守恒定律：在 C 处, f 洛竖直向上,依据牛顿其次定律就有考虑问题不全面,认为题目中“ 从最高点到最低处” 是指 左右两方经过最低点；【正确解答】AC 的过程,忽视了球可以从球从左右两方经过最低点,因速度方向不同,引起 f 洛不同,受力分析如图 10-21 所示；由于摇摆时 f 洛和 F 拉都不做功, 机械能守恒, 小球无论向左、 向右摇摆过 C 点时的速度大小相同,方向相反；摆球从最高点到达最低点 C 的过程满意机械能守恒：当摆球在 C 的速度向右,依据左手定就,f洛竖直向上,依据牛顿其次定律就有名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载当摆球在 C 的速度向左, f洛竖直向下,依据牛顿其次定律就有所以摆到最低处时,摆线上的拉力【小结】要防止此题错解的失误,就要对题目所表达的各个状态认真画出速度方向,用左手定就判定洛仑兹力的方向；其余的工作就是运用牛顿其次定律和机械能守恒定律解题；例 12 设空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面对里的匀强磁场,如图 10-22 所示,已知一离子在电场力和洛仑兹力的作用下,从静止开头自 A 点沿曲线 ACB 运动,到达 B 点 时速度为零, C 点是运动的最低点,忽视重力,以下说法正确选项： A这离子必带正电荷 BA 点和 B 点位于同一高度 C离子在 C 点时速度最大D离子到达B 点时,将沿原曲线返回A 点B 点后,将沿原曲线返回A 点,选【错解分析】错解：依据振动的往复性,离子到达D；选 D 不正确,某些考生可能受“ 振动” 现象的影响,误认为依据振动的往复性,离子到达 B 点后, 将沿原曲线返回A 点,实际上离子从B 点开头运动后的受力情形与从A 点运动后的受力情形相同,并不存在一个向振动那样有一个指向BCA 弧内侧的回复力,使离子返回 A 点,而是如图 10-23 所示由 B 经 C 点到 B 点；【正确解答】（1）平行板间电场方向向下,离子由A 点静止释放后在电场力的作用下是向下运动,可见电场力肯定向下,所以离子必带正电荷,选 A ；（2）离子具有速度后,它就在向下的电场力F 及总与速度心垂直并不断转变方向的洛仑兹力 f 作用下沿 ACB 曲线运动,因洛仑兹力不做功,电场力做功等于动能的变化,而离子到达 B 点时的速度为零,所以从A 到 B 电场力所做正功与负功加起来为零；这说明离子名师归纳总结 在电场中的B 点与 A 点的电势能相等,即B 点与 A 点位于同一高度,选B；第 11 页,共 16 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载（3）因 C 点为轨道最低点, 离子从 A 运动到 C 电场力做功最多, C 点具有的动能最多,所以离子在 C 点速度最大,选 C；（4）只要将离子在 B 点的状态与 A 点进行比较,就可以发觉它们的状态（速度为零,B 之右侧重 电势能相等）相同,假如右侧仍有同样的电场和磁场的叠加区域,离子就将在 现前面的曲线运动,因此,离子是不行能沿原曲线返回 A 点的；应选 A ,B,C 为正确答案；【小结】初速度和加速度打算物体的运动情形；在力学部分绝大部分的习题所涉及的外力是恒 就可以判定物体以 力；加速度大小方向都不变；只要判定初始时刻加速度与初速度的关系,后的运动； 此题中由于洛仑兹力的方向总垂直于速度方向,使得洛仑兹力与电场力的矢量和 总在变化； 所以只做一次分析就武断地下结论,必定会把原先力学中的结论照搬到这里,出 现生搬硬套的错误；例 13 如图 10-24 所示,空中有水平向右的匀强电场和垂直于纸面对外的匀强磁场,质 量为 m,带电量为 +q 的滑块沿水平向右做匀速直线运动,滑块和水平面间的动摩擦因数为 ,滑块与墙碰撞后速度为原先的一半；求原先电场强度的大小；滑块返回时, 去掉了电场, 恰好也做匀速直线运动,【错解分析】错解：碰撞前,粒子做匀速运动,Eq= （mgBqv）；返回时无电场力作用仍做匀速运动,水平方向无外力,竖直方向 N=0,Bqv=-mg ；解得 E=0；N=Bgv mg；由于水平方向无摩擦,可知错解中有两个错误：返回时,速度反向,洛仑兹力也应当转变方向；返回时速度大小应为原速度的一半；【正确解答】碰撞前,粒子做匀速运动,Eq= （mgBqv ）；返回时无电场力作用仍做匀速运动,水平方向无外力,摩擦力f=0,所以N=0竖直方向上有【小结】实践证明,急于列式解题而忽视过程分析必定要犯体会主义的错误；分析好大有益；名师归纳总结 例 14 图 1025 为方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场区域；电场强度为E,磁感强度第 12 页,共 16 页为 B,复合场的水平宽度为d,竖直方向足够长；现有一束电量为+q、质量为 m 初速度各不相同的粒子沿电场方向进入场区,求能逸出场区的粒子的动能增量 Ek；- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备欢迎下载+q、质量为m 的带电粒子流射入电场【错解分析】错解：当这束初速度不同、电量为中,由于带电粒子在磁场中受到洛仑兹力是与粒子运动方向垂直的,粒子将发生不同程度的偏转； 有些粒子虽发生偏转,但仍能从入射界面的对面逸出场区；有些粒子就留在场区内运动；从粒子射入左边界到从右边界逸出,电场力做功使粒子的动能发生变化；依据动能定理有：Eqd = Ek错解的答案不错,但是不全面；没有考虑仍从左边界逸出的情形；【正确解答】由于带电粒子在磁场中受到洛仑兹力是与粒子运动方向垂直的；它只能使速度方向发生变；粒子速度越大,方向变化越快；因此当一束初速度不同、电量为 +q、质量为 m 的带电粒子射入电场中, 将发生不同程度的偏转；有些粒子虽发生偏转,但仍能从入射界面的对面逸出场区（同错解答案） ；有些粒子将留在场区内运动；有些粒子将折回入射面并从入射面逸出场区； 由于洛仑兹力不会使粒子速度大小发生变化,故逸出场区的粒子的动能增量等于电场力功；对于那些折回入射面的粒子电场力功为零,其动能不变,动能增量 Ek=0；【小结】此题考查带电粒子在磁场中的运动和能量变化；这道题运算量很小,要求对动能定理、电场力、 磁场力等基本概念、基本规律有比较深化的懂得,而且能够与题目所给的带电粒子的运动相结合才能求得解答；在结合题意分析时,特殊要留意对关键词语的分析；此题中：“ 逸出场区” 的精确含义是从任何一个边界逸出场区均可；例 15 初速度为零的离子经过电势差为 U 的电场加速后, 从离子枪 T 中水平射出, 与离子枪相距 d 处有两平行金属板 MN 和 PQ,整个空间存在一磁感强度为 B 的匀强磁场如图10 26 所示；不考虑重力的作用,荷质比 q/m（q, m 分别为离子的带电量与质量）,应在什么范畴内,离子才能打到金属板上？【错解分析】错解：离子在离子枪内加速,出射速度为名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载由牛顿其次定律离子在磁场中离子的加速度为离子在磁场中做平抛运动离子在离子枪中的的加速过程分析正确,离子进入磁场的过程分析错误；做平抛运动物体的加速度为一恒量,仅与初速度垂直； 而洛仑兹力总与速度方向垂直,洛仑兹力大小不变、方向变化,它是个变力；离子在磁场中应做匀速圆周运动；【正确解答】设离子带负电,如离子正好打到金属板的近侧边缘 M ,就其偏转半如离子正好打到金属板的远侧边缘即N,就其偏转半径满意关系因离子从离子枪射出的速度 v 由离子枪内的加速电场打算即名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页,共 16 页精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备 欢迎下载代入式即得讨论：由以上方程组可知【小结】此题考查的才能要求表达在通过对边界条件的分析,将复杂的问题分解为如干个简洁问题；把未知的问题转化为已知条件；并且通过几何关系找出大小两个半径来；从错解中仍可以看出, 娴熟把握基本的物理模型的特点 系等）对正确挑选解题思路的重要性；（加速度与初速度的关系或加速度与位移之间的关例 16 如图 10-27 所示,一块铜块左右两面接入电路中；有电流 I 自左向右流过铜块,当一磁感应强度为 B 的匀强磁场垂直前表面穿入铜块,从后表面垂直穿出时,在铜块上、下两面之间产生电势差,如铜块前、后两面间距为 d,上、下两面间距为 L；铜块单位体积内的自由电子数为 n,电子电量为 e,求铜板上、下两面之间的电势差 U 为多少？并说明哪个面的电势高；【错解分析】错解：电流自左向右,用左手定就判定磁感线穿过手心四指指向电流的方向,正电荷受力方向向上,所以正电荷集合在上极板；随着正负电荷在上、下极板的集合, 在上、下极板之间形成一个电场,这个电场对正电荷产生作用力, 作用力方向与正电荷刚进入磁场时所受的洛仑兹力方向相反；当电场强度增加到使电场力与洛仑兹力平稳时,正电荷不再向上表面移动；在铜块的上、 下表面形成一个稳固的电势差 U；争论电流中的某一个正电荷,其带电量为 q,依据牛顿其次定律有由电流的微观表达式 I=nqSv 名师归纳总结 由几何关系可知S=dL 第 15 页,共 16 页- - - - - - -精选学习资料 - - - - - - - - - 学习必备欢迎下载当电流上述解法错在对金属导电的物理过程懂得上；金属导体中的载流子是自由电子；形成时, 导体内的自由电子逆着电流的方向做定向移动；由电子；【正确解答】在磁场中受到洛仑兹力作用的是自铜块的电流的方向向右,铜块内的自由电子的定向移动的方向向左；用左手定就判定：四指指向电子运动的反方向,磁感线穿过手心,大拇指所指的方向为自由电子的受力方向；图 10-28 为自由电子受力的示意图；随着自由电子在上极板的集合,在上、下极板之间形成一个“ 下正上负” 的电场,这个电场对自由电子产生作用力,作用力方向与自由电子刚进入磁场时所受的洛仑兹力方向相反；当电场强度增加到使电场力与洛仑兹力平稳时,自由电子不再向上表面移动；在铜块的上、下表面形成一个稳固的电势差 U；争论电流中的某一个自由电子,其带电量为 e,依据牛顿其次定律有由电流的微观表达式 I=neSv=nedLv ；【小结】此题的特点是物理模型隐藏；依据一部分同学的懂得,这就是一道安培力的题目,以为伸手就可以判定安培力的方向；认真分析电荷在上、下两个表面的集合的缘由,才发觉是定向移动的电荷受到洛仑兹力的结果；因此, 深化分析题目中所表达的物理过程,挖出隐含条件,方能有正确的思路名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页,共 16 页