上海市松江二中2021-2021学年高二物理下学期月考试卷（a卷）（2月份）（含解析）.doc

2013-2014学年上海市松江二中高二（下）月考物理试卷（A卷）（2月份）一、单项选择题（共18分，每小题2分每小题只有一个正确选项）1（2分）（2010秋扬州期末）如图所示，把导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A奥斯特B法拉第C安培D牛顿考点：物理学史分析：本实验是1820年丹麦的物理学家奥斯特做的电流磁效应的实验解答：解：当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转，说明电流产生了磁场，这是电流的磁效应，首先观察到这个实验现象的物理学家是奥斯特故A正确，BCD错误故选A点评：本题考查的是物理学常识对于物理学史上著名物理学家、经典实验和重要理论要记牢，这也是高考内容之一2（2分）（2014春凉州区校级月考）电动机的作用是（）A把电能变为化学能B把电能变为内能C把电能变为原子能D把电能变为机械能考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：要解答本题可根据：电流做功的过程实质上是电能转化为其它形式能的过程；熟悉常见用电器的能量转化，进行解答解答：解：电动机的原理是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，所以消耗了电能得到了机械能，即把电能变为机械能故ABC错误，D正确故选：D点评：本题的关键要了解电动机的工作原理，明确能量是怎样转化的，即可轻松解答3（2分）（2011上海学业考试）下列用电器中，利用静电的吸附作用进行工作的是（）A复印机B电冰箱C电话机D电饭煲考点：静电场中的导体分析：本题考查各种电器的工作原理，从各种实例的原理出发可以得出结论解答：解：A、复印机复印文件资料，就是利用静电墨粉吸附在鼓上故选A正确；B、电冰箱是利用物态变化时的吸热和放热原理制冷的，故B错误；C、电话是利用电磁波传递信息，利用了电流的磁效应工作的，故C错误；D、电饭煲是利用了电流的热效应，来加热的，故D错误故选A点评：本题是常识性问题，只有认真把握它们的定义，才能真正区分它们利用的是哪个工作原理体现了物理来源于生活，又服务于社会的理念4（2分）（2014杨浦区一模）关于磁感线的概念，下列说法中正确的是（）A磁感线是磁场中客观存在、肉眼看不见的曲线B磁感线总是从磁体的N极指向磁体的S极C磁感线上各点的切线方向与该点的磁场方向一致D两个磁场叠加的区域，磁感线就有可能相交考点：磁感线及用磁感线描述磁场分析：磁体周围存在着磁场，磁场对放入磁场中的磁体有力的作用，为了描述磁场的性质而引入了有方向的曲线，称为磁感线本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁化的概念、磁场的性质由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质解答：解：A、磁感线是磁场中假想的曲线，而磁场却是客观存在的且肉眼看不见故A错误B、磁感线从磁体外部的N极指向磁体的S极，而磁体内部是S极指向磁体的N极故B错误C、磁感线上各点的切线方向与该点的磁场方向一致，故C正确；D、两个磁场叠加的区域，磁感线不可能相交故D错误；故选：C点评：本题考查了磁感线的引入的原因和特点、磁化的概念、磁场的性质由于磁场是看不见，摸不着的，为了描述磁场的性质而引入了磁感线的概念，它是假想出来的有方向的曲线，但可以描述磁场的性质解决本题的关键知道磁场的方向是小磁针静止时N极的指向，磁感线上某点的切线方向为该点的磁场方向5（2分）（2012惠阳区校级学业考试）关于点电荷，下列表述正确的是（）A任何带电体都能看作点电荷B点电荷是实际带电体的理想化模型C只有带电量很小的带电体才能看作点电荷D只有质量很小的带电体才能看作点电荷考点：元电荷、点电荷专题：电场力与电势的性质专题分析：当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，根据点电荷的条件分析可以得出结论解答：解：A、当电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略，电荷量对原来的电场不会产生影响的时候，该电荷就可以看做点电荷，故A错误B、点电荷是实际带电体的理想化模型，故B正确C、点电荷是一种理想化的物理模型，其带电荷量并不一定是最小的，故C错误；D、点电荷是一种理想化的物理模型，其质量并不一定是最小的，故D错误；故选B点评：本题是基础的题目，考查的就是学生对基本内容的掌握的情况，在平时要注意多积累6（2分）（2013秋肥东县校级期末）关于磁感应强度，下列说法正确的是（）A磁场中某点磁感应强度的大小，跟放在该点的试探电流元的情况有关B磁场中某点磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向一致C在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小为零D在磁场中磁感线越密的地方，磁感应强度越大考点：磁感应强度分析：磁感应强度是描述磁场本身强弱和方向的物理量，由磁场本身决定，与放在该点的试探电流元无关磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向垂直在磁场中磁感线越密的地方，磁感应强度越大解答：解：A、磁场中某点磁感应强度的大小，由磁场本身决定，跟放在该点的试探电流元的情况无关故A错误 B、磁场中某点磁感应强度的方向，跟该点处试探电流元所受的磁场力方向垂直故B错误 C、在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小不一定为零，也可能电流元方向与磁场方向平行，电流元不受磁场力，但磁感应强度值大小不为零故C错误 D、磁感线可以形象描述磁场的强弱，磁感线越密的地方，磁感应强度越大故D正确故选D点评：本题抓住磁感应强度和磁感线的物理意义是解答的关键，可以与电场强度、电场线类比记忆7（2分）（2014春松江区校级月考）关于并联电路，下列说法中正确的是（）A总电阻阻值必大于每一只电阻阻值B并联的电阻越多，其总电阻阻值必越大C拿掉一只电阻时，总电阻阻值必减小D其中一只电阻的阻值增大时，总电阻阻值也增大考点：串联电路和并联电路专题：恒定电流专题分析：根据并联电路总电阻的倒数等于各个支路电阻倒数之和，列式分析解答：解：根据并联电路总电阻的倒数等于各个支路电阻倒数之和，得：=+ A、因为，则得：R总Rn，所以并联总电阻阻值必小于每一只电阻阻值故A错误B、根据式分析可知，并联的电阻越多，越大，则R总越小，故B错误C、与B项相反，拿掉一只电阻时，总电阻阻值增大，故C错误D、由式知：当Rn增大时，减小，则R总增大，故D正确故选：D点评：解决本题关键掌握并联电路总电阻与支路电路的关系：=+，通过列式进行分析8（2分）（2014春松江区校级月考）下列有关内能的说法中正确是（）A每个分子的内能等于它的势能和动能的总和B要使物体的内能发生变化，只能通过热传递来实现C物体的内能变化时，它的温度可以不变D温度是分子热运动剧烈程度的反映，当温度升高时，物体内部分子的动能都增加考点：物体的内能；热力学第一定律分析：根据内能的概念分析答题；改变物体内能的方式有做功与热传递；物体的内能由物质的量、温度和体积决定；温度是分子平均动能的标志解答：解：A、组成物质的所有分子动能与分子势能之和是物体的内能，对单个分子不能谈内能，故A错误；B、要使物体的内能发生变化，既可以通过做功的方式，也可以通过热传递的方式，故B错误；C、物体的内能与物质的量、温度和体积有关，物体内能变化时，它的温度可能不变，故C正确；D、温度是分子热运动剧烈程度的反映，当温度升高时，物体内部分子的平均动能增加，具体到某个分子，它的动能可能增加、也可能不变、或者减小，故D错误；故选：C点评：本题考查了选修33的内容，对于选修内容要熟练掌握基础知识，温度是分子平均动能的标志，温度高的物体分子平均动能大，并不是每个分子的动能都大9（2分）（2014秋宝山区校级期中）图示为一点电荷周围的电场线，电场中有A、B、C三点，其中A、B两点距点电荷的距离相等，A、C两点在同一条电场线上下列关于A、B、C三点电场强度的说法中正确的是（）AA、B两点的电场强度相等BA、C两点的电场强度方向相同CC点的电场强度方向从A点指向C点DC点的电场强度比A点的电场强度小考点：电场线；电场强度；点电荷的场强专题：电场力与电势的性质专题分析：据电场线的疏密程度反映场强和沿电场线方向电势越来越低，据场强方向的规定判断电场力做功和运动情况即可分析选项解答：解：A、A、B两点的电场强度大小相等，方向不同，A错误；B、A、C两点的电场强度方向相同，大小不同，B正确；C、由于不知点电荷的正负，所以无法判断电场强度方向，C错误；D、C点的电场强度比A点的电场强度大，D错误；故选：B点评：明确电场线的疏密程度和沿电场线的方向反映场强和电势是解题的关键；明确电场力做功与动能和电势能变化的关系，知道曲线运动的条件二、单项选择题（共18分，每小题3分每小题只有一个正确选项）10（3分）（2014春松江区校级月考）在“研究通电螺线管的磁感应强度”实验中，设x=0处为螺线管的中央，如图绘出的Bx图象中，最符合实际情况的是（）ABCD考点：磁感应强度分析：通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，磁感应强度比螺线管管口处磁感应强度大解答：解：通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，磁感应强度处处相同，由于内部磁感线比管口密，磁感应强度B较大，故B正确故选：B点评：本题的解题关键要了解通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，根据磁感线的疏密判断B的大小11（3分）（2014春松江区校级月考）如图是一个简单的车门报警逻辑电路图图中的两个按钮开关（即电键）S1、S2分别装在汽车的两扇门上只要S1或S2两个开关中的任何一个断开，警报灯就发光报警你认为此报警电路中标有字母A的基本门电路是（）A与门B或门C非门D复合门考点：传感器在生产、生活中的应用分析：根据题意，该事件只要满足任何一个条件，该事件就会发生，属于或逻辑关系，即为或门电路解答：解：根据只要其中任何一个开关处于开路状态 （ 即输入为逻辑 1），那么输出也是逻辑 1，发光二极管 （ 警报灯 ） 就发光，可知该逻辑关系为或逻辑关系，为或门电路，故B正确故选：B点评：考查了基本逻辑关系，基本路基门电路及其功能解决本题的关键熟悉各种门电路的符合，以及知道各种门电路的特点12（3分）（2014春松江区校级月考）如图所示电路中，电源电压保持不变闭合电键S后，电路正常工作，过了一会儿，灯L熄灭，两个电表中只有一个电表的示数变小下列判断中正确的是（）A可能是灯L断路，电压表的示数变大B可能是电阻R断路，电压表的示数变小C一定是灯L短路，电压表的示数变小D一定是电阻R短路，电流表的示数变大考点：闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：据题灯L熄灭，电路中电流减小为零，结合题意可知：电流表示数减小，电压表有示数，则说明出现问题的元件一定是灯泡可逐项分析，进行选择解答：解：A、若灯L断路，电压表串联接入电路，由于电压表电阻较大，则电路中电阻增大，电流减小，电流表示数变小，电源的内电压和R的电压很小，电压表的示数近似等于电源的电动势，示数变大，灯L熄灭，符合题意，故A正确；B、若电阻R断路，两个电表的示数都减小为零，不符合题意，故B错误C、若灯L短路，电路中总阻值减小，电流变大，电压表示数变小，不符合题意，故C错误；D、若电阻R短路后，电路总阻值减小，电流变大，电流表的示数变大，L更亮，不符合题设，故D错误故选：A点评：此题考查电路故障分析，要根据题设条件逐项分析当电压表串联在电路中，近似测量电源的电动势，由于电阻较大，电路中电路很小，这种模型一定要理解掌握13（3分）（2012秋浦东新区期末）一个带电量为q的点电荷只受电场力作用，在由M向N做加速运动的过程中加速度保持不变，由此可以断定它所在的电场是下图中的（）ABCD考点：电场线专题：电场力与电势的性质专题分析：一个带电量为q的点电荷只受电场力作用，在由M向N做加速运动的过程中加速度保持不变，知电场力不变，则电场强度不变解答：解：点电荷有M向N加速，知电场力方向由M指向N，因为该电荷是负电荷，则电场线方向由N到M，加速度不变，根据牛顿第二定律知，电场力不变，则电场强度不变，可知C正确，A、B、D错误故选C点评：解决本题的关键知道电场线的性质，电场线越密的地方场强越强，越疏的地方场强越弱14（3分）（2014秋兴庆区校级期末）三个阻值相同的电阻，它们的额定电压均为8V，现将两个电阻并联后再与第三个电阻串联，这个电路允许的总电压的最大值为（）A8VB10VC12VD16V考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：设三只同样的电阻的阻值都是R，额定电压为U，则两个并联的总电阻是；两个并联再与第三个串联，则第三个串联的电压就是并联部分电压的2倍，若让并联部分的电阻正常工作，则第三个电阻就超过额定电压，所以，只能让第三个电阻正常工作，则并联部分的电压为额定电压的一半；解答：解：因为，第三个串联的电压就是并联部分电压的2倍，若让并联部分的电阻正常工作，则第三个电阻就超过额定电压，所以，让第三个电阻正常工作，则并联部分的电压为额定电压的一半；设三只同样的电阻的阻值都是R，额定电压为U，则并联部分的一个电阻的实际电压为：所以电路允许消耗的最大电压为U+=8+4=12V故选：C点评：本题考正确判断让哪个电阻正常工作是解题的关键；首先根据电阻关系，找到电压关系，明确让实际电压高的哪个电阻正常工作15（3分）（2011秋松江区校级期中）空心绝缘球壳的表面均匀分布负电荷时，球内各点的电场强度为零现移走半只球壳，余下部分电荷分布不变此半球壳的对称轴线上有一P点，半球壳负电荷在P点处的合场强的方向为（）A水平向左B水平向右C竖直向上D竖直向下考点：电场强度专题：电场力与电势的性质专题分析：空心绝缘球壳的表面均匀分布负电荷时，球内各点的电场强度为零，说明左右两个半个球壳在各点产生的场强大小相等、方向相反，根据所移走半只球壳在P点的场强方向，确定P点的合场强方向解答：解：对于一个完整的带电均匀的球壳，据题意知，球内各点的电场强度为零，说明左右两个半个球壳在各点产生的场强大小相等、方向相反，右半个球壳在P点产生的场强方向水平向左，则根据电场的叠加原理可知，半球壳负电荷在P点处的合场强的方向水平向左故ACD错误B正确故选：B点评：本题关键要理解空心绝缘球壳内部场强为零的原因，运用电场的叠加原理进行分析，分析时也注意球壳的对称性，确定右半个球壳的场强方向三、填空题（共24分，每小题4分）16（4分）（2012秋浦东新区期末）现有下列四个物理过程：池水在阳光照射下温度升高；用锤子敲击钉子，钉子变热；写在纸上的墨水干了；用锉刀锉铁块，铁块变热其中通过做功改变物体内能的过程有；通过热传递改变物体内能的过程有（填写编号即可）考点：改变内能的两种方式分析：改变物体内能的方式有两种：做功与热传递；分析各种情景，确定改变内能的方式，然后答题解答：解：池水在阳光照射下吸收热量，内能增加，温度升高，这是通过热传递的方式改变物体的内能；用锤子敲击钉子，通过做功的方式使钉子的内能增加，钉子变热；写在纸上的墨水，吸收热量，内能增加，发生汽化，墨水变干，这是通过热传递的方式改变物体内能；用锉刀锉铁块，通过克服摩擦阻力做功，使铁块内能增加，铁块变热，这是通过做功的方式改变物体内；做功改变物体内能的过程有；通过热传递改变物体内能的过程有故答案为：，点评：知道改变物体内能的方式，分析具体物理情景，即可正确解题17（4分）（2014春松江区校级月考）面积为0.02m2的单匝线圈，处于磁感应强度为0.5T的匀强磁场中，线圈平面与磁场平行，穿过线圈的磁通量为0Wb；当线圈转过90°线圈平面与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量为0.01Wb考点：磁通量分析：在匀强磁场中，当线圈与磁场垂直时，穿过线圈的磁通量=BS当线圈与磁场平行时，磁通量=0解答：解：由题，导线环的面积S=0.02m2，匀强磁场磁感应强度B=0.5T，当磁场与环面垂直时，穿过环面的磁通量=BS=0.5×0.02Wb=0.01Wb当导线环转过90°时，环面与磁场平行时，没有磁感穿过环面，穿过环面的磁通量为0故答案为：0，0.01点评：本题求两种特殊情况下的磁通量，可以根据磁通量一般公式=BSsin（是磁场与线圈平面的夹角）分析理解18（4分）（2012秋浦东新区期末）如图所示，三个电阻的阻值分别为R1=2、R2=6和R3=5，A、B间的总电阻为6.5；若在A、B间加一恒定电压，则R1和R3消耗的电功率之比为9：40考点：电功、电功率；串联电路和并联电路专题：恒定电流专题分析：由电路图可知，电阻R1与R2并联，然后和R3串联，由串并联电路特点可以求出总电阻；由串并联电路特点及公式P=UI可以求出两电阻功率之比解答：解：AB间总电阻R=R3+=6.5，并联电阻R并=1.5，则并联电压=，通过两电阻电流之比=，设干路电流为I，I=I1+I2，则I1=I，R1和R3消耗的电功率之比：=×=；故答案为：6.5；9：40点评：熟练应用串并联电路特点及电功率公式即可正确解题19（4分）（2014春松江区校级月考）如图所示的静电除尘装置可用来消除烟气中的煤粉，图中金属管A接高压电源的正极，悬在管中的金属丝B接负极，A、B间有很强的电场，且距B越近电场越强，B附近的空气分子被强电场电离成电子和正离子，电子（选填“电子”或“正离子”）在定向移动过程中遇到并附着在烟气中的煤粉上，因而煤粉将被吸附在A（选填“A”或“B”）考点：* 静电的利用和防止分析：电极A、B间接高电压后，之间产生了很强的电场，气体分子被电离成为电子和正离子，电子较轻，容易被粉尘吸附，故粉尘带负电，被正极A吸引，从而达到除尘的目的解答：解：电极截面如图所示，由电场线可判断越靠近B场强越大；粉尘吸附电子后带负电，因此向正极A运动管内接通静电高压时，管内存在强电场，它使空气电离而产生阴离子和阳离子负离子在电场力的作用下，向正极移动时，碰到烟尘微粒使它带负电所以金属管A应接高压电源的正极，金属丝B接负极原因是为了防止高压触电危险故答案为：电子；A点评：本题涉及静电除尘的原理，关键是电子容易被吸附到灰尘上，故灰尘会吸附带正电的A上20（4分）（2014春松江区校级月考）一根长0.2m的直导线，垂直于匀强磁场的磁场方向放置，通以3A的电流时受到的安培力是6×102N，磁感应强度B=0.1T；当导线的长度减为原来的一半时，磁感应强度B=0.1T考点：安培力分析：（1）BL，根据安培力的公式F=BIL，求磁感应强度B（2）磁场的磁感应强度只与磁场本身有关解答：解：磁场的磁感应强度为：B=0.1T；磁场的磁感应强度只与磁场本身有关，当导线的长度减为原来的一半时，磁感应强度B仍为0.1T；故答案为：0.1，0.1点评：解决本题的关键掌握安培力的公式F=BIL，B=是磁场强度的定义式，B的大小与I、L无关21（4分）（2014春松江区校级月考）如图所示，ab两端电压U不变，若cd两端接理想电压表，则示数为60V，若cd两端接理想电流表，则示数为3A，若cd两端接电阻R3，则R1、R2、R3上消耗的电功率相等电阻R3的阻值为75，a、b两端的电压为100V考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律专题：恒定电流专题分析：本题给出的条件较多，只需按照题目给出的条件根据欧姆定律以及电路的串并联规律，列出式子联立解之，即可得到答案解答：解：cd端接电压表时：总电流I=，则IR2=R2=60V ；cd端接电流表时：R2短路，I=3A ；cd端接R3，功率相等，R2和R3并联：U2=U3，由P=可得R2=R3，I1=I2+I3=2I3=2I2，由题意知三个电阻消耗的功率相等，由P=I2R可得R1= ；将联立得：R1=25，R2=R3=100，U=75故答案为：75，100点评：本题比较复杂，计算量较大，考查了欧姆定律的应用以及串并联电路中电流和电压的关系四、综合应用题（共40分）22（4分）（2014春松江区校级月考）作图（1）如图1所示，是两个点电荷形成的电场：请根据电场线的分布，请画出图中A点的场强方向以及B处负电荷所受电场力方向（2）如图2所示，长直导线通电后，小磁针静止在图示位置，请画出直导线中电流I的方向和P点磁场B的方向（图中“”表示导线的橫截面，电流方向用“”或“×”表示）考点：电场的叠加；电场线专题：电场力与电势的性质专题分析：（1）电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小电场线上某一点的切线方向为该点的场强方向，正电荷受到的电场力的方向与场强方向相同，负电荷受到的电场力的方向与该处的场强方向相反（2）通电导线周围存在磁场，其磁场方向可以根据安培定则来判断，用四指的方向代表电流的方向，那么大拇指所指的一端为通电螺线管的N极磁场中的小磁针静止时，北极所指的方向与该点磁感线的方向一致解答：解：（1）根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断是同种正点电荷的电场线，由电场线疏密的分布，可知，“”中为等量正电荷电场线上某一点的切线方向为该点的场强方向，负电荷受到的电场力的方向与该处的场强方向相反如图所示（2）从图中可以看出，小磁针的北极指向即为磁感线的方向，根据右手螺旋定则，可知，电流垂直纸面向里，而P点的磁场方向即为该点的切线方向如图所示：答：如上图所示点评：根据电场线的分布判断电场强度、电场力等物理量的变化情况是高中物理的重点，在平时要加强训练，以加深对这些知识点理解和应用此题的解题关键是四指是电流方向，而大拇指为内部磁场方向，然而在直导线时，大拇指为电流方向，四指为磁场方向23（4分）（2014春松江区校级月考）如图所示，将马蹄形磁铁放在铁架台上，并使粗铜棒P恰好位于磁铁的磁极间按如图连接成电路，在粗铜棒静止的情况下，闭合电键，发现粗铜棒发生运动（1）该现象说明磁场对电流有力的作用；（2）改变电流方向或磁场方向，可以改变这个作用力的方向考点：研究电磁感应现象专题：实验题分析：实验的现象是，闭合电键，导棒摆动，知磁场对电流有作用力，作用力的方向可以通过左手定则判断解答：解：（1）通电导棒发生摆动，说明磁场对电流有力的作用力；（2）改变电流方向或磁场方向，可以改变作用力的方向故答案为：（1）电流；（2）电流方向或磁场方向点评：解决本题的关键知道磁场对电流有作用力，作用力的方向可以通过左手定则进行判断24（9分）（2014春松江区校级月考）某同学用多用表做实验，（1）（单选）下列关于多用表的说法中，正确的是（AC）（A） 多用表欧姆挡在使用时要注意选择合适的量程（B） 多用表欧姆挡能直接精确地测出待测电阻值（C） 多用表欧姆挡只能粗略地测出待测电阻值（D） 多用表欧姆挡可以直接从电路中测出待测电阻的值（2）该同学连接的电路如图所示若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过R1的电流；若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，此时测得的是R1与R2的电阻；若旋转选择开关，使尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，此时测得的是R2两端的电压考点：用多用电表测电阻专题：实验题分析：（1）使用欧姆表可以粗略测量电阻阻值，使用欧姆表测电阻时应选择合适的挡位，使指针指在刻度盘中央附近，用欧姆表测电阻时，应把待测电阻与电源断开（2）图中多用电表与滑动变阻器串联后与电阻R2并联，通过电键与电池相连，根据电路的串并联知识分析即可解答：解：（1）A、多用表欧姆挡在使用时要注意选择合适的量程，使指针指在表盘中央刻度线附近，故A正确；B、多用表欧姆挡能直接粗略地测出待测电阻值，要精确测量电阻阻值，可以应用伏安法测电阻，故B错误，C正确；D、用多用表欧姆挡测量电阻阻值时，应把待测电阻从电路中断开，故D错误；故选AC（2）多用电表使用电流档时应该串联在电路中，图中多用电表与滑动变阻器串联，电流相等，若旋转选择开关，使其尖端对准直流电流档，此时测得的是通过R1的电流断开电路中的电键，R1与R2串联，多用电表两表笔接在其两端，故测得的是R1与R2串联的总电阻若旋转选择开关，使尖端对准直流电压挡，闭合电键，并将滑动变阻器的滑片移至最左端，多用电表并联在R2两端，此时测得的是R2两端的电压；故答案为：（1）AC；（2）R1；R1和R2串联；R2点评：本题关键明确多用电表的使用，电流表应串联接入电路，使用多用电表的欧姆档测电阻时应把待测电阻与电源断开，分析清楚电路结构是正确解题的关键25（6分）（2014春松江区校级月考）用两根相同的轻弹簧沿竖直方向吊着一根长为L、质量为m的金属棒ab，ab处于水平方向的匀强磁场中金属棒通以电流强度大小为I后，弹簧对金属棒ab恰好没有作用力，金属棒水平静止（1）判断金属棒ab中的电流方向；（2）金属棒受磁场力的大小；（3）匀强磁场磁感应强度的大小考点：安培力分析：当弹簧处于自然状态时，导体棒受重力和安培力平衡，根据左手定则判断出电流的方向，可得金属棒受磁场力的大小以及匀强磁场磁感应强度的大小解答：解：（1）由题意导体棒受重力和安培力平衡，即安培力竖直向上，由左手定则可得电流方向为由a到b（2）由题意导体棒受重力和安培力平衡，金属棒受磁场力等于重力mg（3）由平衡条件可得：BIL=mg，解得：答：（1）金属棒ab中的电流方向为由a到b；（2）金属棒受磁场力为mg；（3）匀强磁场磁感应强度点评：解决本题的关键掌握安培力的大小公式，以及掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系26（8分）（2011秋红塔区校级期末）如图所示，一根长L=1.5m的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E=1.0×105N/C、与水平方向成=30°角的倾斜向上的匀强电场中杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q=+4.5×106C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q=+1.0×106C，质量m=1.0×102kg现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动（静电力常量k=9.0×109Nm2/C2，取g=10m/s2）（1）小球B开始运动时的加速度为多大？（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？考点：牛顿第二定律；库仑定律专题：牛顿运动定律综合专题分析：对小球B进行受力分析，运用牛顿第二定律求出开始运动时的加速度大小根据受力情况分析小球B的运动情况，找出小球B速度最大时的位置特点解答：解：（1）开始运动时小球B受重力、库仑力、杆的弹力和电场力，沿杆方向运动，由牛顿第二定律得代入数据解得a=3.2 m/s2（2）小球B向下运动，受A的斥力增大，加速度减小，速度增大，当小球B速度最大时合力减为零，即代入数据解得：h1=0.9m答：（1）小球B开始运动时的加速度为3.2 m/s2；（2）小球B的速度最大时，距M端的高度h1为0.9m点评：本题要求同学们能够正确对小球B进行受力分析和运动分析，难度适中27（9分）（2014春松江区校级月考）从商店买来一条电热毯，铭牌上标有“220V，100W”的字样，使用中有时感到温度太高，现想利用一个电键和一个电阻R改装成两档，使电热毯的功率既可为额定功率100W，也可为36W请设计一个电路，完成这项改装，要求：（1）画出改装后的电路图（电热毯的电阻用R0表示）；（2）计算出所需电阻R的阻值；（3）计算出在低温档工作时，电阻R和电热毯的总功率考点：闭合电路的欧姆定律；电功、电功率专题：恒定电流专题分析：（1）电热毯电阻不能改变，只能串联一个电阻来分压，当电热毯温度较高时，能起到调节电压的作用，就能起到调温作用（2）已知家庭电路的电压为220V和电热毯发热体的发热功率为100W或者为36W，根据R=求出电热毯的电阻，根据P=I2R求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出串联电路的总电阻，最后根据电阻的串联特点求出定值电阻的阻值（3）根据功率公式P=或P=UI求解电阻R和电热毯的总功率解答：解：（1）将电阻与电热毯串联，开关和电阻R并联，当电热毯温度过高时，断开与电阻并联的开关，降低电压，即可起到降温的作用（2）电热毯的电阻：R0=484，当电热毯的功率为36W时，设电路中的电流为I，由P=I2R得： I=A=A发热体与定值电阻串联时的总电阻： R总=806.7，则定值电阻的阻值：R=R总R0=806.7484=322.7（3）在低温档工作时，电阻R和电热毯的总功率为： P总=UI=220×W=60W答：（1）画出改装后的电路图如图所示（2）所需电阻R的阻值是322.7（3）在低温档工作时，电阻R和电热毯的总功率是60W点评：本题考查根据串联分压的原理设计电路图，关键是欧姆定律以及功率公式及其变形的应用，功率的公式形式较多，要能根据条件灵活选择 - 16 -