2022高考物理拉分题专项训练53.doc

电容器的动态分析1(单选)如图1所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源(内阻不计)连接，下极板接地一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离()图1A带电油滴将沿竖直方向向上运动BP点的电势将降低C带电油滴的电势能将减少D若电容器的电容减小，则极板带电荷量将增大解析因为电容器两板电压不变，当两板间距离d增大，电场强度E减小，PExP减小，P点的电势降低，故选项A错B对；又根据带电油滴平衡可判断其带负电，它在P点的电势能增大，选项C错误；电容器的电容减小，则极板带电荷量将减小，选项D错，故答案为B.答案B2(单选)如图2所示，A、B为平行板电容器的金属板，G为静电计开始时开关S闭合，静电计指针张开一定角度为了使指针张开角度增大一些，应该采取的措施是()图2A断开开关S后，将A、B两极板靠近一些B断开开关S后，将A、B两极板分开一些C保持开关S闭合，将A、B两极板靠近一些D保持开关S闭合，将A、B两极板分开一些解析使指针张开角度增大一些，就是增大静电计两端的电压，当开关S闭合时，电压一定，则C、D错误；断开开关S后，电容器带电荷量一定，由CQ/U可知增大电容器两极板之间电压，需减小电容C，由平行板电容器电容的决定式C知，保持S不变，增大d，电容C减小，则A错误、B正确答案B3(多选)平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，如图3所示，则()图3A保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则角增大B保持开关S闭合，带正电的A板向B板靠近，则角不变C开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则角增大D开关S断开，带正电的A板向B板靠近，则角不变解析球在电场中平衡，则所受电场力、重力及绳的拉力的合力为零由平衡条件得tan ，故要判断的变化，只需判断电场强度E的变化即可S闭合时，U不变，A向B靠近，d减小，由E，可知E增大，角增大，故A正确S断开，则Q不变，A向B靠近，E不变，则角不变，故D项正确答案AD4(单选)某电容式话筒的原理示意图如图4所示，E为电源，R为电阻，薄片P和Q为两金属极板，对着话筒说话时，P振动而Q可视为不动在P、Q间距增大过程中()图4AP、Q构成的电容器的电容增大BP上电荷量保持不变CM点的电势比N点的低DM点的电势比N点的高解析由公式C可知，当PQ间距增大时，C减小，故A错误由C可知，在U不变时，C减小，Q减小，即电容器放电，R中的电流方向从M到N，则M点电势高于N点，故B、C错误，D正确答案D5(单选)电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图5所示的电路当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态现将开关S断开，则以下判断正确的是()图5A液滴仍保持静止状态B液滴将向下运动C电容器上的带电荷量将减为零D电容器将有一个瞬间的充电过程解析由带电液滴处于静止状态，可知此时mgq，开关闭合时电容器两端的电压U等于电阻R2两端的电压，开关断开时电容器两端的电压等于电源电动势E，因E>U，故带电液滴将向上运动，选项A、B错误；因QCU，开关断开时电容器两端的电压增大，电容器将充电，C项错误，D项正确答案D6(多选)板间距为d的平行板电容器所带电荷量为Q时，两极板间的电势差为U1，板间场强为E1，电容器的电容为C1.现将电容器所带电荷量变为3Q，板间距变为，其他条件不变，这时两极板间电势差为U2，板间场强为E2，电容器电容为C2，下列说法正确的是()AC23C1，U2U1BC23C1，E24E1CU2U1，E23E1DU22U1，E22E1解析当电容器所带电荷量为Q，板间距为d时，电容器电容C1，U1，E1；当电荷量变为3Q，板间距变为时，电容器电容C23C1，U2U1，E23E1，选项A、C正确答案AC7(单选)如图6所示，水平放置的平行金属板a、b分别与电源的两极相连，带电液滴P在金属板a、b间保持静止，现设法使P固定，再使两金属板a、b分别绕中心点O、O处垂直于纸面的轴顺时针转相同的小角度，然后释放P，则P在电场内将做()图6A匀速直线运动B水平向右的匀加速直线运动C斜向右下方的匀加速直线运动D曲线运动解析设电源两端的电压为U，两金属板间的距离为d，带电液滴的质量为m，带电荷量为q，则液滴P静止时，由平衡条件可得：qmg.金属板转动后，P所受的电场力大小为Fq，方向与竖直方向成角指向右上方，电场力大于重力，但电场力在竖直方向的分量F1F·cos q·cos qmg.故电场力和重力的合力水平向右，即P做水平向右的匀加速直线运动答案B - 5 -