人教版九年级物理第十七章欧姆定律专题测评试题.docx

人教版九年级物理第十七章欧姆定律专题测评 考试时间：90分钟；命题人：物理教研组考生注意：1、本卷分第I卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，满分100分，考试时间90分钟2、答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、班级填写在试卷规定位置上3、答案必须写在试卷各个题目指定区域内相应的位置，如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带，不按以上要求作答的答案无效。第I卷（选择题 30分）一、单选题（10小题，每小题3分，共计30分）1、某导体两端电压由6V升高到10V时，通过它的电流增大了0.1A，则导体的电阻为（）A20B30C40D502、在探究“导体中的电流与电压关系“的实验中，得到了甲、乙两个元件电流与电压的数据，通过整理绘制出了如图所示的图像，据图像分析，下列判断正确的是（）A甲、乙两元件中的电流与电压都成正比B乙元件是一个定值电阻且阻值大小为10C若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.2A时，电路中的总电压是2VD若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中，电路消耗的总功率是1.2W3、灯泡L与定值电阻R的IU图象如图所示。若将L与R串联在6V的电源上，下列说法正确的是（）A小灯泡的阻值是10B电路中的电流是0.6AC电路总电阻为15D若将它们并联2V的电源上，干路的电流是0.4A4、小刚用如图所示电路探究“一段电路中电流跟电阻的关系”。实验过程中，当A、B两点间的电阻由5更换为10后，为了完成探究，他应该采取的措施是（）A将变阻器滑片适当向右移动B保持变阻器滑片不动C将变阻器滑片适当向左移动D适当增加电池的节数5、在图的电路中，电源电压相同且不变，。图（a）中电流表的示数为I，通过和电流分别为和；图（b）中电流表的示数为，通过和电流分别为和。有如下判断：等于；小于；大于；I小于；其中正确的有（）A1个B2个C3个D4个6、如图所示的电路中，R1是定值电阻，R2是滑动变阻器，当合上开关S时，如果电流表的示数减少，那么（）AR2上的滑片在向左滑动B电压表的示数增大C电压表的示数也减少D电压表的示数不变7、由欧姆定律的表达式I变形后得，此公式为伏安法测电阻的依据。下面关于电阻的分析正确的是（）A导体的电阻与导体两端的电压成正比B导体的电阻与导体通过导体的电流成反比C导体电阻的大小由加在导体两端的电压和通过导体的电流所决定D电阻是导体的固有属性，与导体两端的电压和通过的电流大小无关8、如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关后S后，当滑动变阻器的滑片P向左移动时。下列判断正确的是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变大，电压表示数变大C电流表示数变小，电压表示数变大D电流表示数变小，电压表示数变小9、在如图所示电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用I、和表示。下列比值不正确的是（）A不变，不变B变大，变大C变大，不变D变大，不变10、研究得出“导体中电流与电压的关系”的科学家是 （）A牛顿B帕斯卡C欧姆D伽利略第卷（非选择题 70分）二、填空题（5小题，每小题4分，共计20分）1、如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯L1、L2都能正常工作（电阻不变），甲、乙两个电表的示数之比是2：3，此时灯L1、L2的电阻之比是_，电流之比是_。2、阻值为5的电阻，当它两端的电压为4V时，通过它的电流为_A；当没有电流通过它时，它的电阻为_。3、电压表是由电流表串联一个电阻改装而成的（电压表相当于能显示电压的一个电阻）。两个相同的电压表与电阻箱R连成如图甲所示的电路。已知电源电压恒为3V，当电阻箱的阻值R750时，闭合开关，其中一个电压表的示数如图乙所示，则加在电压表V1两端的电压为_V，通过电压表V1和V2的电流之比为_，电压表的内阻大小为_。4、电阻R1与R2的图象如图所示。当R2两端的电压为1V时，R2的阻值是_；若将它们并联接到电压为4V的电源上，则干路的电流是_A。5、如图电路中，电源电压为U0保持不变，电阻R1R2。开关S闭合时，电流表A1的示数为I1。开关S断开后，电压表示数_、电流表A1示数_，电流表A2示数_（选填“变大”、“变小”、“不变”）；若开关S断开时，由于电阻R1、R2中一个出现了故障，使三个电表的示数都变为零，试分析判断出现的故障是_。三、计算题（5小题，每小题10分，共计50分）1、实验室有一个小灯泡，标有“3V1.7A”，表示加3V电压时，通过电流为1.7A，灯泡正常发光。（1）该灯泡正常发光时的电阻是多少？（2）如果我们实验室中只有电压为6V的学生电源，要使这个小灯泡正常工作，需要串联一个多大的电阻？（3）小明发现实验室中有一个废弃的滑动变阻器（但电阻线完好），该滑动的变阻器铭牌如图所示。小明设想：从该滑动变阻器上取一段长度适当的电阻丝直接与灯泡串联接入电源电压为6V的电路中，也可以使该灯泡正常发光。小明的设想是否可行，请说明原因。2、如图所示电路，电源电压保持不变，已知定值电阻R2的阻值为10滑动变阻器R3上标有“30 1A”字样。当滑动变阻器R3的滑片调到最左端，闭合开关S1、S2时，电压表的示数为3V，电流表的示数为0.5A。求：（1）定值电阻R1的阻值是多少？（2）只闭合开关S1，滑动变阻器R3的滑片调到最右端时，电压表的示数是多少？（3）只闭合开关S2，电路中最大电流是多少？3、如图所示电源电压保持9V不变，灯泡L上标有“6V，3W”字样，滑动变阻器最大电阻值R60，不考虑灯丝电阻随温度的变化。求：（1）灯泡正常发光时的电流；（2）灯泡正常发光时灯丝的电阻；（3）在保障电路安全的情况下，求滑动变阻器的取值范围。4、如图甲所示，R是压敏电阻，其阻值随压力的变化而改变，R0为定值电阻，闭合开关S，改变R上压力大小，两电表示数之间的关系图象如图乙所示。求：（1）当电流表示数为0.2A时压敏电阻R的阻值；（2）定值电阻R0的阻值。5、某品牌智能滚筒洗衣机具有洗净度高、不伤衣物、可设定洗涤温度、方便安全等优点。其简化等效电路如图所示，此时处于空挡位置。闭合开关S，旋钮绕P转动，实现挡位转换，旋至1挡时R1、R2同时工作，洗衣机处于加热状态；旋至2挡时R2和电动机同时工作，洗衣机处于保温洗涤状态。主要参数如图中的表所示。c水4.2×103J/（kg·）*智能牌滚筒洗衣机额定电压220V加热功率2400W设定温度范围3090电动机功率240W防电墙电阻1×106（1）洗衣机内注入10kg的水，在额定电压下连续加热1050秒，水温由20上升到50，此过程中的加热效率是多少？（2）防电墙技术的应用是洗衣机未来发展的趋势。防电墙通过在洗衣机内部形成永久性电阻保证人的安全。异常漏电情况下，电流依次经防电墙和人体流入大地，若人体的最大电阻为1×105，人体的安全电压不高于36V，通过计算判断防电墙技术能否保证人的安全。-参考答案-一、单选题1、C【解析】【详解】设这个定值电阻的阻值为R，则导体两端电压为6V时，通过它的电流为导体两端电压为10V时，通过它的电流为题中说明通过它的电流增大了0.1A，即代入相应关系式，可得解得，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。2、D【解析】【详解】AB由图像可知，乙元件中电流与两端电压图像不是过原点直线，说明乙元件的电流与电压不成正比，即乙元件不是定值电阻，故AB错误；C若将甲、乙两元件串联起来接到电路中，当通过甲元件的电流为0.2A时，由串联电路中各处的电流相等可知通过两元件的电流均为0.2A，由图像可知，两元件两端的电压U甲1V、U乙2V，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，甲、乙两元件总电压故C错误；D若甲、乙元件并联后，接到2V的电路中，根据并联电路中总电压等于各分电压之和可知，两元件两端的电压均为2V，由图像可知，通过两元件的电流分别为I甲0.4A，I乙0.2A，根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以干路电流电路消耗的总功率故D正确。故选D。3、C【解析】【详解】AB若将L与R串联在6V的电源上，因串联电路中各处的电流相等，且电源的电压等于各分电压之和，所以，由图象可知，当电路中的电流为0.4A时，电阻R两端的电压为4V，灯泡两端的电压为2V，符合题意，则由可得灯泡的电阻为故AB错误；C电阻R的阻值为则总电阻为故C正确；D若将它们并联2V的电源上，由图象可知，通过灯泡和电阻的电流分别为0.4A、0.2A，则干路电流为故D错误。故选C。4、A【解析】【详解】ABC探究“电流与电阻的关系”时，应控制电阻两端电压不变，由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，当定值电阻由5更换为10后，阻值增大，由串联分压原理可知，要保持定值电阻两端电压不变，则应增大滑动变阻器接入电路中的阻值，故应将变阻器滑片适当向右移动，故A符合题意，BC不符合题意；D适当增加电池的节数后，电源电压增大，此时定值电阻两端的电压也增大，故D不符合题意。故选A。5、B【解析】【详解】图（a）中R1和R2串联，电流表A1测量电路中的电流，由串联电路电流的规律可知等于，故正确；图（b）中R3和R4并联，电流表A2测量干路中的电流，由并联电路电压的规律可知两个电阻两端的电压相等，因为由可知大于，故错误；通过电流通过电流 因为所以小于，故错误；电流表的示数电流表的示数为由串并联电阻的规律可知R串R2，R并R3因为所以I小于，故正确，所以其中正确的有两个。故选B。6、C【解析】【详解】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流。由可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，电源电压一定，电阻变大，所以滑动变阻器的滑片向右滑动； 由可知，两端的电压变小，即电压表的示数变小，故ABD错误，不符合题意；C正确，符合题意。故选C。7、D【解析】【详解】导体电阻是导体本身的一种性质，大小与导体的长度、横截面积和材料有关，与通过导体的电流及导体两端的电压无关，但可以根据欧姆定律求出其大小，故ABC错误，D正确。故选D。8、B【解析】【详解】由电路图知道，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测定值电阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小，由知道，此过程中电路中的电流变大，故电流表的示数变大；由U=IR知道，定值电阻两端的电压变大，故B符合题意。故选B。9、B【解析】【详解】A由电路图可知，两个电阻串联，电压表V1测量定值电阻R1两端电压，电压表V2测量定值电阻R2两端电压，电压表V3测量定值电阻R3电源两端电压，电流表测量电路的电流，当滑动变阻器的滑动触头 P 向下滑动时，根据欧姆定律得知，均不变。故A正确，不符合题意。BC电压表V2测量定值电阻R2两端电压，当滑动变阻器的滑动触头 P 向下滑动时，接入电路的电阻增大，则变大；根据闭合电路欧姆定律得（）则有不变。故B错误，符合题意；C正确，不符合题意。D电压表V3测量定值电阻R3电源两端电压，变大，根据闭合电路欧姆定律得则有不变，故D正确，不符合题意。故选B。10、C【解析】【详解】研究得出“导体中电流与电压的关系”的科学家是欧姆，规律叫欧姆定律，故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。二、填空题1、 12 11【解析】【详解】12由电路图可知，开关S闭合后，如果乙为电流表将会造成电源短路，如果甲为电流表会造成L2将被短路、不能工作，所以，甲、乙都为电压表，此时灯L1、L2串联连接，电压表甲测量L2两端电压，电压表乙测量电源电压，因为甲、乙两个电表的示数之比是23，因串联电路中总电压等于各分电压之和。所以L2两端电压U2在总电压中占2等份，总电压为3等份，L1两端电压U1在总电压中占1等份.故两灯泡两端的电压之比为因串联电路中各处的电流相等，所以，通过两灯泡的电流之比为11；由可得，两灯泡的电阻之比为2、 0.8 5【解析】【详解】1阻值为5的电阻，当它两端的电压为4V时，由欧姆定律可得，通过它的电流为2电阻的阻值不随电压和电流的改变而改变，当没有电流通过它时，它的电阻不变，仍为5。3、 0.5 15 3000【解析】【详解】1闭合开关，电压表V1与电阻箱并联后再与V2串联接入电路，两个电压表相同，并联电路总电阻小于任何一个分电阻，所以电压表V1与电阻箱并联部分的总电阻小于电压表V2的电阻，由串联分压原理可知电压表V2两端的电压大于电压表V1与电阻箱并联部分的电压，已知电源电压恒为3V，图乙所示电压表接入电路的量程为，每一小格表示0.1V，读图可得该电压表示数为2.5V，所以该电压表为电压表V2，串联电路总电压等于各部分电压之和，所以电压表V1两端的电压为2由欧姆定律可得通过电压表V1和V2的电流之比为3并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻箱的电流是通过电压表V2的电流的，并联电路各支路两端电压相等，通过电阻箱的电流为通过电压表V2的电流为电压表的内阻大小为4、 10 1.05【解析】【详解】1电阻的电流与电压关系的图象是一条过原点的曲线，所以通过它的电流跟它两端所加电压不成正比。当时，通过它的电流，由欧姆定律可得R2的阻值2电阻的电流与电压关系的图象是一条过原点的直线，所以通过它的电流跟它两端所加电压成正比，即为定值电阻；当时，通过它的电流，由欧姆定律可得R1的阻值将它们并联连接到两端电压为4V的电路中时，由图象中可知电流为，通过的电流并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过干路的电流5、 变小 变小 变大 R2断路【解析】【详解】123开关S闭合时，该电路为的简单电路，电流表A2被短路，示数为0，电流表A1测量电路中的电流，电压表测量电源的电压；S断开时，两个电阻串联，两个电流表测量电路中的电流，电压表测量R1两端的电压。在串联电路中，电源电压大于每个用电器两端的电压，故电压表示数变小；根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，故电流表A1示数变小；由于通过电流表A2有电流，故其示数变大。4若开关S断开时，由于电阻R1，R2中一个出现了故障，使三个电表的示数都变为零，这说明电路中没有电流，即出现了断路现象；电压表示数为0，说明电压表与电源之间是断开的，故故障是R2断路。三、计算题1、（1）1.76；（2）1.76；（3）见解析【详解】解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=3V，电流IL=1.7A，根据可得，灯泡正常发光时的电阻为（2）根据串联电路中总电压等于各分电压之和可得串联电阻两端的电压UR=UUL=6V3V=3V因为串联电路中各处的电流相等，则IR=IL=1.7A根据可得串联电阻的阻值（3）由图可知：滑动的变阻器允许通过的最大电流为1A，则小于灯泡正常工作电流IL=1.7A，所以，不能从该滑动变阻器上取一段长度适当的电阻丝直接与灯泡串联接入电源电压为6V的电路中，使该灯泡正常发光。答：（1）该灯泡正常发光时的电阻是1.76；（2）如果我们实验室中只有电压为6V的学生电源，要使这个小灯泡正常工作，需要串联一个1.76的电阻；（3）不可行，滑动的变阻器允许通过的最大电流小于灯泡正常工作电流。2、（1）15；（2）1V；（3）0.3A【详解】解：（1）当滑动变阻器R3的滑片P调到最左端，闭合开关S1、S2时，电阻R1、R2并联，电压表测量电源电压，即电源电压为3V，电流表测量干路的电流；因为并联电路各支路电压相等且等于电源电压，所以两个电阻两端的电压U1=U2=U=3V定值电阻R2的电流为根据并联电路干路电流等于各支路电流的和知，定值电阻R1的电流为I1=I-I2=0.5A-0.3A=0.2A定值电阻R1的阻值为（2）只闭合开关S1，滑动变阻器R3的滑片P调到最右端时，R1与R3的最大电阻串联，电压表测R1两端的电压，此时电路的电流为R1两端的电压为（3）只闭合开关S2，R2与R3串联，当滑动变阻器的电阻最小为0时，电路的电流最大，最大电流为答：（1）定值电阻R1的阻值是15；（2）只闭合开关S1，滑动变阻器R3的滑片P调到最右端时，电压表的示数是1V；（3）只闭合开关S2，电路中最大电流是0.3A。3、（1）0.5A；（2）12；（3）660【详解】解：（1）灯泡L上标有“6V，3W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，由PUI可得，灯泡L正常发光时的电流（2）灯泡正常发光时的电阻（3）闭合S，L与R串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，当灯泡正常发光时电路中的电流最大，滑动变阻器的取值最小；灯泡L正常发光时的电流IL0.5A；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压根据 可得，滑动变阻器的最小值滑动变阻器的滑片向左移动时，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，电压表和电流表示数都变小，故滑动变阻器的最大电阻可以达到60，所以在保证电路安全的情况下滑动变阻器的取值范围为660。答：（1）灯泡正常发光时的电流为0.5A；（2）灯泡正常发光时灯丝的电阻为12；（3）在保障电路安全的情况下，滑动变阻器的取值范围为660。4、（1）20；（2）10【详解】解（1）由电路图可知，R与R0串联，电压表测压敏电阻R两端的电压，电流表测电路中的电流，由图乙可知，当电流表示数为0.2A时，UR4V，由可得R20（2）根据串联电路中总电压等于各分电压之和和可得电源电压UUR+IR04V+0.2A×R0由图乙可知，当UR1V时，电路中的电流I0.5A，则电源的电压UUR+IR01V+0.5A×R0因电源的电压不变，所以4V+0.2A×R01V+0.5A×R0，解得：R010。答：（1）当电流表示数为0.2A时压敏电阻R的阻值为20；（2）定值电阻R0的阻值为10。5、（1）50%；（2）防电墙技术能保证人的安全【详解】解：（1）水吸收的热量由可得，洗衣机在额定电压下连续加热1050秒消耗的电能：此过程中的加热效率（2）防电墙与人的电阻串联，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和所以，电路中的电流：此时人体的电压所以，防电墙技术能保证人的安全。答：（1）此过程中的加热效率是50%；（2）防电墙技术能保证人的安全。