2021年全国高考数学第二轮复习 专题五 立体几何第1讲 空间几何体的三视图、表面积及体积 理.doc

专题五立体几何第1讲空间几何体的三视图、表面积及体积真题试做1(2012·福建高考，理4)一个几何体的三视图形状都相同、大小均相等，那么这个几何体不可以是()A球 B三棱锥C正方体 D圆柱2(2012·北京高考，理7)某三棱锥的三视图如图所示，该三棱锥的表面积是()A286 B306C5612 D60123(2012·广东高考，理6)某几何体的三视图如图所示，它的体积为()A12 B45 C57 D814(2012·安徽高考，理12)某几何体的三视图如图所示，该几何体的表面积是_5(2012·湖南高考，理18)如图，在四棱锥PABCD中，PA平面ABCD，AB4，BC3，AD5，DABABC90°，E是CD的中点(1)证明：CD平面PAE；(2)若直线PB与平面PAE所成的角和PB与平面ABCD所成的角相等，求四棱锥PABCD的体积考向分析通过对近几年高考试题的分析可看出，空间几何体的命题形式比较稳定，多为选择题或填空题，有时也出现在解答题的某一问中，题目常为中低档题考查的重点是直观图、三视图、面积与体积等知识，此类问题多为考查三视图的还原问题，且常与空间几何体的表面积、体积等问题交汇，是每年的必考内容预计在2013年高考中：对空间几何体的三视图的考查有难度加大的趋势，通过此类题考查考生的空间想象能力；对表面积和体积的考查，常见形式为蕴涵在两个几何体的“切”或“接”形态中，或以三视图为载体进行交汇考查，此块内容还要注意强化几何体的核心截面以及补形、切割等数学思想方法的训练热点例析热点一空间几何体的三视图与直观图【例】(1)将长方体截去一个四棱锥，得到的几何体如下图所示，则该几何体的侧视图为()(2)若某几何体的三视图如下图所示，则这个几何体的直观图可以是()规律方法(1)三视图的正(主)视图、侧(左)视图、俯视图分别是从物体的正前方、正左方、正上方看到的物体轮廓线的正投影围成的平面图形，反映了一个几何体各个侧面的特点正(主)视图反映物体的主要形状特征，是三视图中最重要的视图；俯视图要和正(主)视图对正，画在正(主)视图的正下方；侧(左)视图要画在正(主)视图的正右方，高度要与正(主)视图平齐；(2)要注意到在画三视图时，能看到的轮廓线画成实线，看不到的轮廓线画成虚线；(3)平面图形与立体图形的实物图与直观图之间的关系如下表：图形实物图直观图平面图形水平放置的平面图形直观图(斜二测画法，即平行于x轴的线段长度不变，而平行于y轴的线段长度变为原来长度的一半)设其面积S直观图面积为S由直观图求原图形元素间的关系，利用逆向思维，寻求突破口立体图形空间几何体直观图(只比平面图形的直观图多画了一个z轴且其长度不变)变式训练1(1)某四棱锥的三视图如图所示，该四棱锥的表面积是()A32 B1616C48 D1632(2)一个水平放置的平面图形的斜二测直观图是一个底角为45°，腰和上底长均为1的等腰梯形，则这个平面图形的面积是()A B1C1 D2热点二空间几何体的表面积与体积【例】(2011·福建高考，文20)如图，在四棱锥PABCD中，PA底面ABCD，ABAD，点E在线段AD上，且CEAB.(1)求证：CE平面PAD；(2)若PAAB1，AD3，CD，CDA45°，求四棱锥PABCD的体积规律方法(1)求几何体的体积问题，可以多角度、多方位地考虑对于规则的几何体的体积，如求三棱锥的体积，采用等体积转化是常用的方法，转化的原则是其高与底面积易求；对于不规则几何体的体积常用割补法求解，即将不规则几何体转化为规则几何体，以易于求解(2)求解几何体的表面积时要注意S表S侧S底(3)对于给出几何体的三视图，求其体积或表面积的题目关键在于要还原出空间几何体，并能根据三视图的有关数据和形状推断出空间几何体的线面关系及相关数据，体积或表面积的求解套用对应公式即可变式训练2已知某几何体的三视图如下图所示，其中正(主)视图中半圆的半径为1，则该几何体的体积为()A24 B24C24 D24热点三多面体与球【例】已知正四棱锥的底面边长为a，侧棱长为a.(1)求它的外接球的体积；(2)求它的内切球的表面积规律方法(1)涉及球与棱柱、棱锥的切、接问题时，一般先过球心及多面体中的特殊点或线作截面，把空间问题化归为平面问题，再利用平面几何知识寻找几何体中元素间的关系(2)若球面四点P，A，B，C构成的线段PA，PB，PC两两垂直，且PAa，PBb，PCc，则4R2a2b2c2，把有关元素“补形”成为一个球内接正方体(或其他图形)，从而显示出球的数量特征，这种方法是一种常用的好方法变式训练3如图所示，在四棱锥PABCD中，底面ABCD是边长为a的正方形，PD底面ABCD，且PDa，PAPCa.若在这个四棱锥内放一球，则此球的最大半径是_思想渗透立体几何中的转化与化归思想求空间几何体的体积时，常常需要对图形进行适当的构造和处理，使复杂图形简单化，非标准图形标准化，此时转化与化归思想就起到了至关重要的作用利用转化与化归思想求空间几何体的体积主要包括割补法和等体积法，具体运用如下：(1)补法是指把不规则的(不熟悉或复杂的)几何体延伸或补成规则(熟悉的或简单的)的几何体，把不完整的图形补成完整的图形；(2)割法是指把复杂的(不规则的)几何体切割成简单的(规则的)几何体；(3)等积法的前提是几何图形(或几何体)的面积(或体积)通过已知条件转化为易求的面积(体积)问题【典型例题】如图，在直三棱柱ABCA1B1C1中，ABAC5，BB1BC6，D，E分别是AA1和B1C的中点(1)求证：DE平面ABC；(2)求三棱锥EBCD的体积(1)证明：取BC中点G，连接AG，EG.因为E是B1C的中点，所以EGBB1，且EG=BB1.由直棱柱知，AA1BB1.而D是AA1的中点，所以EGAD，所以四边形EGAD是平行四边形，所以EDAG.又DE平面ABC，AG平面ABC，所以DE平面ABC.(2)解：因为ADBB1，所以AD平面BCE，所以VEBCDVDBCEVABCEVEABC.由(1)知，DE平面ABC，所以VEABCVDABCAD·BC·AG×3×6×412.1(2012·山东济南三月模拟，4)如图，正三棱柱ABCA1B1C1的各棱长均为2，其正(主)视图如图所示，则此三棱柱侧(左)视图的面积为()A2 B4C D22(2012·安徽安庆二模，7)一空间几何体的三视图如图所示(正(主)、侧(左)视图是两全等图形，俯视图是圆及圆的内接正方形)，则该几何体的表面积是()A7 cm2 B(54)cm2C(52)cm2 D(622)cm23(2012·北京丰台区三月月考，4)若某空间几何体的三视图如图所示，则该几何体的体积是()A202 B20C40 D404(2012·湖南株洲下学期质检，14)一个三棱锥的正(主)视图、侧(左)视图、俯视图如下，则这个三棱锥的体积为_，其外接球的表面积为_5已知正四面体的外接球半径为1，则此正四面体的体积为_6在正六棱锥PABCDEF中，G为PB的中点，则三棱锥DGAC与三棱锥PGAC体积之比为_7如图，在等腰梯形ABCD中，AB2DC2，DAB60°，E为AB的中点，将ADE与BEC分别沿ED，EC向上折起，使A，B重合，求形成三棱锥的外接球的体积参考答案命题调研·明晰考向真题试做1D2B3C4925解法一：(1)如图所示，连接AC.由AB4，BC3，ABC90°得AC5.又AD5，E是CD的中点，所以CDAE.因为PA平面ABCD，CD平面ABCD，所以PACD.而PA，AE是平面PAE内的两条相交直线，所以CD平面PAE.(2)过点B作BGCD，分别与AE，AD相交于点F，G，连接PF.由(1)CD平面PAE知，BG平面PAE.于是BPF为直线PB与平面PAE所成的角，且BGAE.由PA平面ABCD知，PBA为直线PB与平面ABCD所成的角由题意PBABPF，因为sinPBA，sinBPF，所以PABF.由DABABC90°知，ADBC.又BGCD，所以四边形BCDG是平行四边形，故GDBC3，于是AG2.在RtBAG中，AB4，AG2，BGAF，所以BG2，BF.于是PABF.又梯形ABCD的面积为S×(53)×416，所以四棱锥PABCD的体积为V×S×PA×16×.解法二：如图所示，以A为坐标原点，AB，AD，AP所在直线分别为x轴，y轴，z轴，建立空间直角坐标系设PAh，则相关各点的坐标为A(0,0,0)，B(4,0,0)，C(4,3,0)，D(0,5,0)，E(2,4,0)，P(0,0，h)(1)易知(4,2,0)，(2,4,0)，(0,0，h)因为8800，0，所以CDAE，CDAP，而AP，AE是平面PAE内的两条相交直线，所以CD平面PAE.(2)由题设和(1)知，分别是平面PAE，平面ABCD的法向量而PB与平面PAE所成的角和PB与平面ABCD所成的角相等，所以|cos，|cos，|，即.由(1)知，(4,2,0)，(0,0，h)又(4,0，h)，故.解得h.又梯形ABCD的面积为S×(53)×416，所以四棱锥PABCD的体积为V×S×PA×16×.精要例析·聚焦热点热点例析【例1】(1)D(2)B解析：(1)被截去的四棱锥的三条可见侧棱中有两条为正方体的面对角线，它们在右侧面上的投影与右侧面(正方形)的两条边重合，另一条为正方体的对角线，它在右侧面上的投影与右侧面的对角线重合，对照各图及对角线方向，只有选项D符合(2)由正视图可排除A，C；由侧视图可判断该几何体的直观图是B.【变式训练1】(1)B(2)D【例2】(1)证明：因为PA平面ABCD，CE平面ABCD，所以PACE.因为ABAD，CEAB，所以CEAD.又PAADA，所以CE平面PAD.(2)解：由(1)可知CEAD.在RtECD中，DECD·cos 45°1，CECD·sin 45°1.又因为ABCE1，ABCE，所以四边形ABCE为矩形所以S四边形ABCDS矩形ABCESECDAB·AECE·DE1×2×1×1.又PA平面ABCD，PA1，所以V四棱锥PABCDS四边形ABCD·PA××1.【变式训练2】A【例3】解：如图所示，SAC的外接圆是外接球的一个大圆，只要求出这个外接圆的半径即可，而内切球的球心到棱锥的各个面的距离相等，可由正四棱锥的体积求出其半径(1)设外接球的半径为R，球心为O，则OAOCOS，O为SAC的外心，即SAC的外接圆半径就是球的半径ABBCa，ACa.SASCACa，SAC为正三角形由正弦定理，得2Ra，Ra，V球R3a3.(2)如图，设内切球的半径为r，作SE底面于E，作SFBC于F，连接EF，SFa，SSBCBC·SFa×aa2，S棱锥全4SSBCS底(1)a2.又SEa，V棱锥S底ha2×aa3，ra，S球4r2a2.【变式训练3】(2)a创新模拟·预测演练1D2D3B442956217解：由已知条件知，平面图形中AEEBBCCDDADEEC1，故折叠后得到一个棱长为1的正三棱锥(如图)方法一：作AF平面DEC，垂足为F，F即为DEC的中心取EC中点G，连接DG，AG，过球心O作OH平面AEC，垂足H为AEC的中心，外接球半径可利用OHAAFG求得AG，AF，AH，OA，外接球体积为×OA3··.方法二：如图，把棱长为1的正三棱锥放在正方体中，显然，棱长为1的正三棱锥的外接球就是正方体的外接球正方体棱长为，外接球直径2R·，R，体积为·.- 10 -