2022年高考物理一模试卷 3.pdf

上海市普陀区高考物理一模试卷一、单项选择题（共16 分，每题 2 分，每题只有一个正确选项）1在国际单位制（SI）中，下列物理量单位属于基本单位的是（）A牛顿B焦耳C安培D库仑2发现电磁感应定律的科学家是（）A库仑B安培C法拉第D伽利略3下列装置中，可以将电能转化为机械能的是（）A发电机B电动机C电饭锅D电磁铁4下列关于奥斯特实验的说法中正确的是（）A该实验必须放在地球赤道上进行B通电直导线必须竖直放置C通电直导线应该水平东西方向放置D通电直导线应该水平南北方向放置5下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A电场线和磁感线都是封闭曲线B电场线和磁感线都是不封闭曲线C通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D电荷在电场中一定受到电场力的作用6如图，正方形线圈abcd 的一半处于匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直在线圈以ab 为轴旋转90的过程中，穿过线圈的磁通量大小（）A一直减小B先增大后减小C先减小后增大D先不变后减小7如图是某空间部分电场线的分布图在电场中，以O为圆心、直径为d 的圆周上有M 、Q 、N三个点，连线 MON 与直电场线重合，连线OQ垂直于 MON ，下列说法正确的是（）A电场强度EMEOENB若 M点场强为E，则电势差UMN=Ed C将一负点电荷由M点移到 Q点，电荷的电势能增加D一正点电荷只受电场力作用能从Q点沿圆周运动至N点8如图圆环上带有大量的负电荷，当圆环沿顺时针方向转动时，a、b、c 三枚小磁针都要发生转动，以下说法正确的是（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 30 页Aa、b、c 的 N极都向纸里转Bb 的 N极向纸外转，而a、c 的 N极向纸里转Cb、c 的 N极都向纸里转，而a 的 N极向纸外转Db 的 N极向纸里转，而a、c 的 N极向纸外转二、单项选择题（共24 分，每题 3 分，每题只有一个正确选项）9双人滑运动员在光滑的水平冰面上做表演，甲运动员给乙运动员一个水平恒力F，乙运动员在冰面上完成了一段优美的弧线MN vM与 vN正好成 90角，则此过程中，乙运动员受到甲运动员的恒力可能是图中的（）AF1BF2CF3DF410如图，杠杆OA的 B点挂着重物G ， A端用细绳竖直挂在圆弧形架EF上，此时OA恰成水平，且A点与EF的圆心重合当绳的M端从 E点缓慢滑到F 点的过程中，绳对A端拉力的大小将（）A逐渐变大B逐渐变小C先变大再变小D先变小再变大11如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心则对圆弧面的压力最小的是（）Aa 球 Bb 球 Cc 球 Dd 球12有 a、b、c、 d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）Aa 的向心加速度等于重力加速度g B在相同时间内b 转过的弧长最长Cc 在 2 小时内转过的圆心角是Dd 的运动周期有可能是20 小时13某一导体的伏安特性曲线如图中AB段所示，关于导体的电阻，下列说法正确的是（）A电阻变化了5B电阻变化了15C电阻变化了20D电阻变化了3014沿直线作匀加速运动的质点，从某时刻开始，在连续相邻的t 、2t 、3t 时间内的平均速度分别为v1、v2、v3，则（ v2v1）：（ v3 v2）的比值为（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 30 页A3：5 B2：3 C1：1 D4：3 15在光滑的水平面上，用一水平拉力F使物体从静止开始移动s，平均功率为P，如果将水平拉力增加为 16F，使同一物体从静止开始移动s，平均功率为（）A4P B16P C32P D64P 16将小球A从地面以初速度vA0=8m/s 竖直上抛，同时将小球B从一高为h=2m的平台上以初速vB0=6m/s竖直上抛，忽略空气阻力当两球同时到达同一高度时，小球B离地高度为（）A1m B2m C3m D4m 三多项选择题（共16 分，每小题4 分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4 分，选对但不全的，得2 分，有选错或不答的，得0 分）17如图，质量为m的物体放在升降机的底板上若升降机从静止开始以a=g/2 的加速度竖直向下运动一段位移 h下列说法正确的是（）A物体所受的支持力为B物体动能的增加量为mgh C物体重力势能的减小量为mgh D物体机械能的减少量为18如图甲，轻杆一端固定在O点，另一端固定质量为m的小球现让小球在竖直平面内做圆周运动小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，速度大小为v，其 Fv2图象如图乙所示则（）A小球做圆周运动的半径R= Bv2=0 时，小球受到的弹力与重力大小不相等Cv2=c 时，小球受到的弹力方向向上Dv2=2b 时，小球受到的弹力大小为a 19如图，一块橡皮用细线悬挂于O点，现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v 匀速移动运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线保持竖直橡皮运动到图示位置时，细线与竖直方向的夹角为 则在铅笔未碰到橡皮前，橡皮的运动情况是（）A橡皮在水平方向上作匀速运动B橡皮在竖直方向上所受合力应竖直向上C橡皮在图示位置处时，竖直方向的速度大小等于vsin D在 t 时间内，橡皮在竖直方向上的位移大小为vt tan 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 30 页20如图，电路中、处可以接小灯泡、电流表或电压表（均为理想电表）三种元器件电源电动势 E、内阻 r 均保持不变定值电阻R1：R2：R3：R4=4：3：2：1，小灯泡电阻RL=R1，R1r ，电路中有电流通过下列说法中正确的是（）A当接电流表、接电压表、接小灯泡时，外电路总电阻最小B当接小灯泡、接电流表、接电压表时，外电路总电阻最大C当接小灯泡、接电压表、接电流表时，路端电压最大D当接电流表、接电压表、接小灯泡时，电源输出功率最大四填空题（共20 分，每小题4 分）21某人在a=4m/s2匀加速下降的电梯中最多能举起质量为80kg 的物体，则此人在地面上最多可举起质量为kg 的物体若此人在一匀加速上升的电梯中最多能举起质量为40kg 的物体，则此电梯上升的加速度为 m/s222在医院里常用如图所示装置对小腿受伤的病人进行牵引治疗绳子下端所挂重物的质量是5kg，ab 段绳子与水平方向的夹角为30不计滑轮组的摩擦和绳子的质量，则病人的脚和腿所受的竖直向上的牵引力共为N，病人的脚所受的牵引力为N23如图，物体P从光滑的斜面上的A点由静止开始运动，与此同时小球Q在 C点的正上方h 处自由落下 P途经斜面底端B点后以不变的速率继续在光滑的水平面上运动，在C点恰好与自由下落的小球Q相遇，不计空气阻力已知AB=BC=0.1m ， h=0.45m则两球相遇时间为s，物体 P滑到底端速度为m/s24如图，水平圆的半径为R，两直径AB和 CD垂直， O为圆心， OP是过圆心的竖直线圆上A、 B、C、D四点处各分布着四个带电量均为q 的正电荷，把一个带电量也为q 的带正电的小球（看作点电荷）放在OP上的 Q点，小球刚好能静止，Q点到圆心O的距离也为R现把此小球从Q点上方的E点静止释放，小球能运动到Q点下方的最低点F（E 、F 点未画出）已知E、F两点间的距离为h，静电常数为k，重力加速度为 g则小球的质量为， E、F两点间的电势差为25如图甲，等臂天平的左臂为挂盘，右臂挂有矩形线圈，两臂平衡线圈的水平边长l=0.1m ，竖直边长 L=0.3m线圈的下边处于匀强磁场内，磁感应强度B0=1T，方向垂直线圈平面向里线圈中通有可在02A范围内调节的电流I 挂盘放上待测物体后，调节线圈中电流使得天平平衡，测出电流即可测得物体的质量为使天平的量程达到1kg，线圈的匝数N1至少为匝若另选N2=100 匝、形状相精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 30 页同的线圈，总电阻R=5 ，不接外电流时，两臂平衡保持B0不变，在线圈上部另加垂直纸面向外的磁场，且磁感应强度B随时间均匀变大，磁场区域宽度d=0.1m，如图乙所示当挂盘中放质量为0.5kg 的物体时，天平平衡，此时磁感应强度的变化率为T/s 五实验题（共24 分）26“研究感应电流产生的条件”的实验电路如图所示实验表明：当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，闭合电路中就会有电流产生在闭合电键S前，滑动变阻器滑动片P应置于端（选填“a”或“ b”）电键S闭合后还有多种方法能使线圈C中产生感应电流，试写出其中的一种方法：27如图甲，在“研究共点力的合成”的实验中，某同学将弹簧秤固定在贴有白纸的木板上，将环形橡皮筋挂在弹簧秤钩上，另一端用圆珠笔尖向下拉，直到弹簧秤示数为某一设定值时，将橡皮筋两端的位置画在白纸上，记为O、O ，选择合适的标度，作出橡皮筋拉力的大小和方向，记为FOO 接着他在秤钩上涂抹少许润滑油，将橡皮筋搭在秤钩上，用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端，使秤钩的下端达到O点，将两笔尖的位置标记为A、B，橡皮筋OA段的拉力记为FOA，OB段的拉力记为FOB，如图乙所示（1）（单选题）选择相同的标度，AD图中按比例作出的FOA和 FOB的合力 F的图示正确的是（2）若 FOA=1.9N，请在丙图中作出FOA和 FOB的合力 F图示，并求出F的大小为N（3）通过比较与的大小和方向，即可得出实验结论28如图为简易的火警报警的实验装置图，热敏电阻随温度的升高阻值会减小正常情况下电铃不响，当火警发生时电铃响起（1）画出该装置的电路图：（2）顺时针旋转模块中的变阻器，其电阻值变小，火警报警的触发温度值将变（填“高”或“低”）29在“用DIS 研究小车加速度与力的关系，加速度与质量的关系”实验中，（1）甲、乙两组分别用如图甲、乙所示的实验装置做实验，钩码通过细线跨过滑轮拉相同质量小车，位移传感器（ B）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（A）固定在轨道一端甲组实验中把钩码的重力作为拉力F，乙组直接用力传感器测得拉力F改变钩码的重力重复实验多次，记录多组数据，并画出aF 图象，如图丙所示精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 30 页甲组实验把钩码的重力作为拉力F 的条件是，图丙中符合甲组同学做出的实验图象的是，符合乙组同学做出的实验图象的是（2）在研究“加速度与质量的关系”时，某同学用图乙实验装置做了实验，并作出如图丁的图象，横坐标 m为小车上配重片的质量若力传感器测出小车受到的拉力为F，已知小车的质量为M ，则图中直线的斜率为，纵轴上的截距为六计算题（共50 分）30如图，将一质量为m的小物块放在水平木板上，让他们一起沿与水平面成 角方向匀加速向下移动，加速度a=gsin 已知物块和水平木板之间没有相对滑动，且木板始终保持水平（1）画出小物块的受力分析图；（2）求小物块受到的摩擦力的大小；（3）求小物块受到的支持力的大小31如图， ABC为固定在竖直平面内的轨道，AB为光滑的四分之一圆弧，与粗糙水平面BC相切将质量m=0.5kg 的滑块从A点静止释放，滑块与水平面间的动摩擦因数1=0.1 ，滑块从B点滑行 L=18m后到达 C点时速度v1=8m/s现将 BC间的一段 MN用铁刷划擦，使该段的动摩擦因数变为2=0.5 ，再使滑块从A点静止释放，到达C点的速度为v2=6m/s（1）求圆弧的半径R；（2）求 MN段的长度l ；（3）若 BC间用铁刷划擦的MN段的长度不变，要使滑块从B到 C的运动时间最长，问铁刷划擦的MN 段位于何位置？请作出vt 图，并通过分析vt 图得出结论32如图甲，匀强磁场磁感应强度为B，磁场宽度为3L，一正方形金属框abcd 的边长为L，每边电阻为R，金属框以速度v 匀速穿过磁场区，其平面始终保持与磁感线方向垂直求：（1）求金属框进入磁场阶段，通过回路的电荷量；（2）当金属框完全在磁场中运动时，求金属框a、b 两端电压Uab，某同学的解法如下：设通过金属框中的电流为I ，则 Uab=I ?3R，代入数据，即可求得Uab你认为该同学的解答是否合理？若合理，请解出最后结果；若不合理，请说明理由，并用你自己的方法算出正确结果精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 30 页（3）若当金属框cd 边到达磁场左边缘时，磁感应强度大小按如图乙所示的规律变化，求金属框穿过磁场区的过程中cd 边克服安培力做的功33如图，粗糙、绝缘的直轨道固定在水平桌面上，B端与桌面边缘对齐，A是轨道上一点，过A点并垂直于轨道的竖直面右侧有大小E=2 106N/C，方向水平向右的匀强电场可视为质点的带负电的小物体P电荷量 q=2106C，质量 m=0.25kg，与轨道间动摩擦因数=0.4 P由静止开始向右运动，经过0.55s到达 A点，到达B点时速度是5m/sP在整个运动过程中始终受到水平向右的外力F 作用， F大小与 P的速率 v 的关系如表格所示，忽略空气阻力v（m ?s1）0v22v5 v5F/N 2 6 3 （1）求小物体P从开始运动至A点的速率；（2）求小物体P从 A运动至 B的过程，电场力做的功；（3）小物体P到达 B点后，飞向另一侧呈抛物线形状的坡面如图，以坡底的O点为原点建立坐标系xoy已知 BO高为 h，坡面的抛物线方程为y=x2，式中 h 为常数，且h7，重力加速度为g若当小物体P刚到达 B点时，通过对其施加一个水平向右的瞬时力，改变其在B点的速度则欲使P落到坡面时的动能恰好最小，求其在B点时的速度精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 30 页2016 年上海市普陀区高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共16 分，每题 2 分，每题只有一个正确选项）1在国际单位制（SI）中，下列物理量单位属于基本单位的是（）A牛顿B焦耳C安培D库仑【考点】力学单位制【分析】国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位【解答】解：解：单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔所以C正确故选 C【点评】国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的2发现电磁感应定律的科学家是（）A库仑B安培C法拉第D伽利略【考点】物理学史【专题】常规题型【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：发现电磁感应定律的科学家是法拉第，故选： C【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一3下列装置中，可以将电能转化为机械能的是（）A发电机B电动机C电饭锅D电磁铁【考点】功能关系【专题】定性思想；寻找守恒量法；功能关系能量守恒定律精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 30 页【分析】解决本题的关键要明确各种用电器能量是如何转化，逐项分析即可【解答】解： A 、发电机将其他形式的能转化为电能，故A错误B、电动机将电能转化为机械能，故B正确C、电饭锅将电能转化为内能，故C错误D、电磁铁将电能转化为磁场能，故D错误故选： B 【点评】对于常见的用电器能量是如何转化的要理解并掌握，要掌握它们的工作原理4下列关于奥斯特实验的说法中正确的是（）A该实验必须放在地球赤道上进行B通电直导线必须竖直放置C通电直导线应该水平东西方向放置D通电直导线应该水平南北方向放置【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】奥斯特实验证明电流的磁效应，即得出电流的周围存在磁场，地磁场的方向是南北方向，使得电流的磁场不受地磁场的干扰，根据右手螺旋定则确定导线的放置位置【解答】解：因为地磁场的方向为南北方向，所以小磁针的方向静止时指向南北，在证明电流周围存在磁场，不受地磁场的干扰，应将导线水平南北放置，根据右手螺旋定则，在导线的下方产生东西方向的磁场，使得小磁针发生偏转，从而证明电流的磁效应故D正确， A、 B、C错误故选 D【点评】解决本题的关键知道地磁场的方向特点，以及掌握右手螺旋定则5下列关于电场和磁场的说法中正确的是（）A电场线和磁感线都是封闭曲线B电场线和磁感线都是不封闭曲线C通电导线在磁场中一定受到磁场力的作用D电荷在电场中一定受到电场力的作用【考点】磁感线及用磁感线描述磁场；电场线【分析】电场的基本性质是对放入的电荷有力的作用，而通电导线放入磁场中不一定有磁场力的作用；电场与磁场都是客观存在的特殊物质；电场线不封闭，而磁感线却是封闭【解答】解： A 、电场线不闭合，而磁感线是闭合的，故A错误， B也错误；C、通电导线与磁场平行时，不受磁场力作用，故C错误；D、电荷在电场中一定受到电场力的作用，故D正确；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 30 页故选： D 【点评】查电场与磁场的基本知识，通过相互比较来加强理解注意电荷在磁场中受洛伦兹力是“有条件”的即运动电荷和磁场方向有夹角，若是平行或电荷与磁场相对静止则不受洛伦兹力作用，而电荷在电场中受电场力是“无条件”的即电场力与电荷的运动状态无关是一道基础题，同时也是易错题6如图，正方形线圈abcd 的一半处于匀强磁场中，线圈平面与磁场方向垂直在线圈以ab 为轴旋转90的过程中，穿过线圈的磁通量大小（）A一直减小B先增大后减小C先减小后增大D先不变后减小【考点】磁通量【分析】根据磁通量的公式=BScos 分析磁通量的变化，注意有效面积的判断【解答】解：在线圈以ab 为轴旋转90的过程中，由于线圈在垂直于磁场平面上的投影面积不变，即有效面积不变，故开始时磁通量不变；而当cd 过进入磁场后，有效面积减小；故磁通量减小；故只有D正确；故选： D【点评】本题考查磁通理的性质，要注意正确确定有效面积的大小7如图是某空间部分电场线的分布图在电场中，以O为圆心、直径为d 的圆周上有M 、Q 、N三个点，连线 MON 与直电场线重合，连线OQ垂直于 MON ，下列说法正确的是（）A电场强度EMEOENB若 M点场强为E，则电势差UMN=Ed C将一负点电荷由M点移到 Q点，电荷的电势能增加D一正点电荷只受电场力作用能从Q点沿圆周运动至N点【考点】电势差与电场强度的关系；电势差；电势能【专题】比较思想；图析法；电场力与电势的性质专题【分析】根据电场线的疏密情况判断电场强度的大小；应用公式U=Ed判断两点之间电势差的高低；根据电势高低或电场力做功情况判断电势能的变化；根据正点电荷的受力情况分析其运动情况【解答】解： A 、电场线的疏密表示场强的强弱，电场线越密场强越大，则有EMEOEN，故 A错误；B、若 M点场强为E，MN间各点的电场强度小于E，则知电势差UMNEd，故 B错误；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 10 页，共 30 页C、根据电场线与等势线垂直特点，在O点所在电场线上找到Q点的等势点，根据沿电场线电势降低可知， O点的电势比Q点的电势高，则知M点的电势比N点的电势高，将一负点电荷由M点移到 Q点，电势降低，电荷的电势能增加，故C正确D、圆周运动需要外界提供向心力，向心力方向始终指向圆心，所以一正点电荷只受电场力作用不可能沿圆周运动，故D错误；故选： C 【点评】电场线、电场强度、电势、电势差、电势能等物理量之间的关系以及大小比较，是电场中的重点和难点，在平时训练中要加强这方面的练习，以加深对概念的理解8如图圆环上带有大量的负电荷，当圆环沿顺时针方向转动时，a、b、c 三枚小磁针都要发生转动，以下说法正确的是（）Aa、b、c 的 N极都向纸里转Bb 的 N极向纸外转，而a、c 的 N极向纸里转Cb、c 的 N极都向纸里转，而a 的 N极向纸外转Db 的 N极向纸里转，而a、c 的 N极向纸外转【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向【分析】正电荷的定向移动方向是电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流方向相反；在磁场中，小磁针静止时N极所指的方向是磁场的方向；由安培定则判断出a、b、 c、d 各处磁场方向，然后确定小磁针的转动情况【解答】解：圆环带有负电荷，圆环顺时针转动时，产生的等效电流方向沿逆时针方向；由安培定则可知， a、c 所在处磁场垂直于纸面向里，b 处磁场垂直于纸面向外，故a、c 处的小磁针的N极朝纸内转动， b 处小磁针的N极朝纸外转动，故B正确， ACD错误；故选： B【点评】本题考查了判断磁场方向问题，知道电流方向、熟练应用安培定则即可真奇怪解题二、单项选择题（共24 分，每题 3 分，每题只有一个正确选项）9双人滑运动员在光滑的水平冰面上做表演，甲运动员给乙运动员一个水平恒力F，乙运动员在冰面上完成了一段优美的弧线MN vM与 vN正好成 90角，则此过程中，乙运动员受到甲运动员的恒力可能是图中的（）AF1BF2CF3DF4精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 11 页，共 30 页【考点】物体做曲线运动的条件；动量定理【分析】甲运动员给乙运动员一个水平恒力F，根据图示物体由M向 N做曲线运动，则轨迹为抛物线的一部分，故合外力的方向沿速度变化的方向，由此分析即可【解答】解：根据图示物体由M向 N做曲线运动，物体向上的速度减小，同时向右的速度增大，故合外力的方向指向图F2水平线下方，故F3的方向可能是正确的，故C正确， ABD错误故选： C 【点评】考查了物体做曲线运动的条件，判断轨迹、速度、合力三者的位置关系10如图，杠杆OA的 B点挂着重物G ， A端用细绳竖直挂在圆弧形架EF上，此时OA恰成水平，且A点与EF的圆心重合当绳的M端从 E点缓慢滑到F 点的过程中，绳对A端拉力的大小将（）A逐渐变大B逐渐变小C先变大再变小D先变小再变大【考点】力矩和力偶【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题【分析】由于是以 O为转轴，重物G产生的力矩不变，当绳的M端从 E点缓慢滑到F点的过程中，绳子的拉力对O点的力矩也不变，但力臂不断变化，结合力矩的定义即可求出拉力的变化【解答】解：图中的O点为支点，重物G产生顺时针方向的力矩，绳子的拉力产生逆时针方向的力矩，重物的位置不变，则重物的力矩不变，由力矩平衡可知，绳子的拉力F 产生的力矩大小也不变当绳的M端从 E点缓慢滑到F 点的过程中，拉力F的力臂先变大后变小，所以拉力F 先变小后变大故选： D 【点评】分析一个杠杆中拉力的变化，主要是根据力矩平衡条件，分析它的力臂的变化力臂变长，则拉力减小，反之亦然11如图所示，圆弧形货架摆着四个完全相同的光滑小球，O为圆心则对圆弧面的压力最小的是（）Aa 球 Bb 球 Cc 球 Dd 球【考点】共点力平衡的条件及其应用【分析】四个小球均处于平衡状态，根据共点力的平衡条件作出受力分析图即可得出结论【解答】解：对 C球受力分析如图，摩擦力与支持力的合力与重力大小相等，方向相反；支持力F=mgcos 由 a 到 d 的过程中，夹角 越来越小，则说明压力越大越大；精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 12 页，共 30 页故压力最小的是a 球；故选： A【点评】本题考查共点力平衡的动态分析问题，要注意找出它们的共同点，并通过受力分析明确表达式12有 a、b、c、 d 四颗地球卫星，a 还未发射，在赤道表面上随地球一起转动，b 是近地轨道卫星，c 是地球同步卫星，d 是高空探测卫星，它们均做匀速圆周运动，各卫星排列位置如图所示，则（）Aa 的向心加速度等于重力加速度g B在相同时间内b 转过的弧长最长Cc 在 2 小时内转过的圆心角是Dd 的运动周期有可能是20 小时【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系【专题】人造卫星问题【分析】同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，根据a=2r 比较 a 与 c 的向心加速度大小，再比较c 的向心加速度与g 的大小根据万有引力提供向心力，列出等式得出角速度与半径的关系，分析弧长关系根据开普勒第三定律判断d 与 c 的周期关系【解答】解： A 、同步卫星的周期必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a 与 c 的角速度相同，根据 a=2r 知， c 的向心加速度大由 G=mg ，得 g=，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星的向心加速度小于b 的向心加速度，而 b 的向心加速度约为g，故知 a 的向心加速度小于重力加速度g故 A错误；B、由 G=m ，得 v=，卫星的半径越大，线速度越小，所以b 的线速度最大，在相同时间内转过的弧长最长故 B正确；C、c 是地球同步卫星，周期是24h，则 c 在 2h 内转过的圆心角是故C正确；D、由开普勒第三定律=k 知，卫星的半径越大，周期越大，所以d 的运动周期大于c 的周期 24h故 D错误；故选： BC 【点评】对于卫星问题，要建立物理模型，根据万有引力提供向心力，分析各量之间的关系，并且要知道同步卫星的条件和特点13某一导体的伏安特性曲线如图中AB段所示，关于导体的电阻，下列说法正确的是（）A电阻变化了5B电阻变化了15精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 13 页，共 30 页C电阻变化了20D电阻变化了30【考点】欧姆定律【专题】定性思想；方程法；恒定电流专题【分析】由于伏安特性曲线为曲线时不能用斜率来表示电阻，故在求各点电阻时应采用欧姆定律求解【解答】解：两点的电阻为：RA=； RB=；故两点间的电阻改变了2015=5；故A正确， BCD错误故选： A 【点评】本题考查对伏安特性曲线的了解，要注意明确各点的电阻应通过欧姆定律求解，同时要注意各点的电阻值是该点与坐标原点连线的斜率，不能用曲线的斜率来表示电阻14沿直线作匀加速运动的质点，从某时刻开始，在连续相邻的t 、2t 、3t 时间内的平均速度分别为v1、v2、v3，则（ v2v1）：（ v3 v2）的比值为（）A3：5 B2：3 C1：1 D4：3 【考点】匀变速直线运动规律的综合运用【专题】定量思想；比例法；直线运动规律专题【分析】利用平均速度等于中间时刻的瞬时速度，再利用匀变速直线运动的速度与时间关系，求出各时刻的速度，再利用代入式子，求出比例；【解答】解：在匀加速直线运动中，某段时间的平均速度等于这段中间时刻的瞬时速度，则在连续相邻的 t 、2t 、3t 时间内的平均速度分别为：v1=、v2=vt、 v3=，设该时刻的初速度为v0，做匀加速直线运动的加速度为a，则由匀变速直线运动的速度与时间关系v=v0+at 得：=v0+a，vt=v0+at ， =v0+ 故 v2v1=v0+at（ v0+a）= v3v2=v0+（ v0+at ）= 因此（ v2v1）：（ v3 v2）=： =1 ：1 故选： C【点评】本题用到了某段时间的平均速度等于这段中间时刻的瞬时速度这个推论，利用这个推论能将题目简化15在光滑的水平面上，用一水平拉力F使物体从静止开始移动s，平均功率为P，如果将水平拉力增加为 16F，使同一物体从静止开始移动s，平均功率为（）精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 14 页，共 30 页A4P B16P C32P D64P 【考点】功率、平均功率和瞬时功率【专题】定量思想；推理法；功率的计算专题【分析】根据功的公式W=Fs比较拉力做功的大小，根据物体的加速度，结合位移时间公式比较运动的时间，根据功率公式P=分析拉力做功功率的大小关系【解答】解：用一水平拉力F 使物体从静止开始移动s，平均功率为P，有： P=，当水平拉力增加为16F，根据牛顿第二定律知，加速度变为原来的16 倍，根据s=知，时间变为原来的，则 P=故选： D【点评】本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，通过牛顿第二定律和运动学公式比较出运动的时间是关键16将小球A从地面以初速度vA0=8m/s 竖直上抛，同时将小球B从一高为h=2m的平台上以初速vB0=6m/s竖直上抛，忽略空气阻力当两球同时到达同一高度时，小球B离地高度为（）A1m B2m C3m D4m 【考点】竖直上抛运动【专题】定量思想；方程法；直线运动规律专题【分析】小球做竖直上抛运动，可看成一种匀减速直线运动两球在空中运动的时间相同，则根据竖直上抛运动的公式分别表示出A和 B的位移大小，再结合相遇的条件即可求出运动的时间；然后再求出位移即可【解答】解：取 A、B为研究对象，向上为正方向，由等时性和同位性及竖直上抛运动的公式：h=v0t gt2得：即： 8t gt2=2+6t gt2解上式得： t=1s 由 h=v0t gt2得： h=8t gt2=81 =3m A离开地面的高度为3m ，所以 B离地面的高度也是3m 故选： C 【点评】该题考查竖直上抛运动的规律，解决本题的关键知道竖直上抛运动的公式：h=v0t gt2，同时要注意竖直上抛运动是往返运动精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 15 页，共 30 页三多项选择题（共16 分，每小题4 分，每小题有二个或三个正确选项，全选对的，得4 分，选对但不全的，得2 分，有选错或不答的，得0 分）17如图，质量为m的物体放在升降机的底板上若升降机从静止开始以a=g/2 的加速度竖直向下运动一段位移 h下列说法正确的是（）A物体所受的支持力为B物体动能的增加量为mgh C物体重力势能的减小量为mgh D物体机械能的减少量为【考点】功能关系【专题】定量思想；寻找守恒量法；功能关系能量守恒定律【分析】根据牛顿第二定律求解支持力的大小由动能定理研究动能的增量重力做功多少，重力势能就减小多少根据支持力做功的多少，分析机械能的变化量【解答】解： A 、根据牛顿第二定律得：mg N=ma ，得物体所受的支持力为 N=mg=ma=m= 故 A错误B、合力做功为 W合=mah=mgh ，根据动能定理得，物体动能的增加量为Ek=W合=mgh 故 B错误C、重力做功为mgh ，则物体重力势能的减小量为mgh 故 C正确D、根据功能关系得知，物体机械能的减少量等于物体克服支持力做功，即为mgh ，故 D正确故选： CD 【点评】对于功能关系，要抓住功是能量转化的量度，掌握几对常见功能的关系是关键：重力做功与重力势能的变化有关，合力做功等于动能的变化，除重力以外的力做功等于机械能的变化18如图甲，轻杆一端固定在O点，另一端固定质量为m的小球现让小球在竖直平面内做圆周运动小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为F，速度大小为v，其 Fv2图象如图乙所示则（）A小球做圆周运动的半径R= Bv2=0 时，小球受到的弹力与重力大小不相等Cv2=c 时，小球受到的弹力方向向上Dv2=2b 时，小球受到的弹力大小为a 【考点】向心力【专题】比较思想；方程法；匀速圆周运动专题精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 16 页，共 30 页【分析】根据图象乙知：小球在最高点时，若v=0，则 F=mg=a ；若 F=0，应有 mg=m ，可求得R由图乙可知：当 v2b 时，杆对小球弹力方向向上，当v2b 时，杆对小球弹力方向向下；若v2=2b根据向心力公式即可求解弹力【解答】解： A 、由图乙知，若v=0，则 F=mg=a 当 F=0 时， v2=b，则小球在最高点时，当F=0，有mg=m=m，联立解得R=，故 A正确；B、v2=0 时，根据牛顿第二定律得：mg F=m=0 ，则 F=mg ，故 B错误C、由图可知：当v2b 时，杆对小球弹力方向向上，当v2b 时，杆对小球弹力方向向下，所以当v2=c时，杆对小球弹力方向向下，故C错误；D、若 v2=2b 时由牛顿第二定律有 F+mg=m=m ，结合 A项分析解得 F=mg=a，故 D正确故选： AD 【点评】本题主要考查了圆周运动向心力公式的直接应用，要明确小球通过最高点时，由合力充当向心力，通过牛顿第二定律列式并结合图象的有效信息进行研究19如图，一块橡皮用细线悬挂于O点，现用一支铅笔贴着细线的左侧水平向右以速度v 匀速移动运动过程中保持铅笔的高度不变，悬挂橡皮的那段细线保持竖直橡皮运动到图示位置时，细线与竖直方向的夹角为 则在铅笔未碰到橡皮前，橡皮的运动情况是（）A橡皮在水平方向上作匀速运动B橡皮在竖直方向上所受合力应竖直向上C橡皮在图示位置处时，竖直方向的速度大小等于vsin D在 t 时间内，橡皮在竖直方向上的位移大小为vt tan 【考点】运动的合成和分解【专题】定性思想；推理法；运动的合成和分解专题【分析】将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，求出沿绳子方向上的分速度，而沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，橡皮在水平方向上的分速度为v，根据运动学公式求出橡皮的位移大小【解答】解： A 、橡皮在水平方向上的速度与铅笔速度相同，为v，所以橡皮在水平方向上作匀速运动，故 A正确；BC 、将铅笔与绳子接触的点的速度分解为沿绳方向和垂直于绳子方向，如图，则沿绳子方向上的分速度为vsin ，因为沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，所以橡皮在竖直方向上速度为vsin ，因为 逐渐增大，所以橡皮在竖直方向上做加速运动，合力方向竖直向上，故BC正确；D、在 t 时间内，橡皮在水平方向上的位移大小vt ，因细线与竖直方向的夹角为，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 17 页，共 30 页根据三角知识，则有：橡皮在竖直方向上的位移大小为，故D错误故选： ABC 【点评】解决本题的关键知道铅笔与绳子接触的点的速度在沿绳子方向上的分速度等于橡皮在竖直方向上的分速度，然后根据运动学公式进行求解20如图，电路中、处可以接小灯泡、电流表或电压表（均为理想电表）三种元器件电源电动势 E、内阻 r 均保持不变定值电阻R1：R2：R3：R4=4：3：2：1，小灯泡电阻RL=R1，R1r ，电路中有电流通过下列说法中正确的是（）A当接电流表、接电压表、接小灯泡时，外电路总电阻最小B当接小灯泡、接电流表、接电压表时，外电路总电阻最大C当接小灯泡、接电压表、接电流表时，路端电压最大D当接电流表、接电压表、接小灯泡时，电源输出功率最大【考点】闭合电路的欧姆定律【专题】恒定电流专题【分析】根据 P=EI，即总电流最大，根据电路结构分析怎么接，总电阻最小外电阻越大，总电阻越大，总电流越小，内电压越小，外电压越大所以当外电阻最大时，路端电压最大当外电阻等于内电阻时，电源的输出功率最大所以要想输出功率最大，要使外电阻接近于内阻【解答】解： A 、要总电阻要最小，内阻是一定的，所以外阻要最小那么如何接外阻小呢，1 接小灯的话，外阻最小也为2R1=8R4，比较大，所以要接电流表，2 接小灯的话， 3 接电压表开路，则小灯和R3并联再与 R4串联再与R2并联，最后于R1串联，最后计算外阻为（4+）R4，3 接小灯， 2 接电压表开路，则R3R4串联，与RL、 R2并联最后与R1串联，最后计算外阻为（4+）R4最小，故A正确；B、外阻要最大，这样1 要接小灯，如果3 接电流表，则R2、R3、R4被短接， R外=RL+R1=2R1=8