2020年广东省广州市增城区中考物理一模试卷[解析版].doc

2020年广东省广州市增城区中考物理一模试卷一、选择题（每小题3分,共36分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意.1如图所示，眼睛到手机的距离大约是（）A25mmB25cmC25dmD2.5m2老师鼓励你要大声发言，这是提高声音的（）A响度B频率C音调D音色3使用蓝牙耳机接听手机来电，所用的电磁波频率为2.42.48109Hz，图是电磁波图，则蓝牙通信的电磁波（）A是蓝光 B能传递信息C在真空中传播速度为340m/s D在真空中传播速度比红外线大4体育频道转播的象棋大赛，棋子被吸附在竖直放置的磁性棋盘上保持静止，如图所示，此时棋子受到的摩擦力（）A方向竖直向上，大小小于它的重力B方向竖直向下，大小等于它的重力C方向竖直向上，大小等于它的重力D方向竖直向下，大小大于它的重力5下表为不同气压下水的沸点：p/105Pa0.981.011.131.291.481.691.802.05t/99100103107111115117121压力锅工作时锅内气体压强最大可达1.69105Pa，锅内水的最高温度（）A可达100B可达115C可达121D不确定6受新型冠状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要阻挡外界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境中会失去静电），内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的构造如图所示。下列说法正确的（）A口罩潮湿后防护能力降低B佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外C口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针D佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华形成7“木桶理论”指出木桶能盛下水的容量由最短的木板来决定。如图将水注进水平面的木桶时，水对木桶底部的压强说法正确的是（）A最大压强由最长木板决定B木桶的质量决定压强大小C木桶的底面积决定压强大小D补齐短木板能增加最大压强8如图所示，电源两端电压恒定，闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（）AL1的电阻比L2的大BL1两端电压比L2大C若L1灯丝烧断，L2两端电压不变D若L2灯丝烧断，通过L1电流变大9如图所示，磁感线竖直向下，AB棒运动，电流表指针偏转，则（）AU型磁铁上端是S极BAB棒可能是竖直方向运动C此过程电能转化为机械能D电路有电流说明磁能生电10图中烛焰在光屏上成清晰放大的像。下列哪一操作可能使烛焰在光屏上成清晰缩小的像（）A透镜不动，蜡烛、光屏靠近透镜 B透镜不动，蜡烛、光屏向右移动C透镜、光屏都不动，蜡烛向右移动 D蜡烛、光屏都不动，透镜靠近光屏11网球落地后弹起又落地，最终停在地面，则（）A小球速度一直增加B小球下落时它的重力势能全部转化为动能C小球在运动过程中，机械能转化为内能D小球下落过程中，受力平衡12如图装置，用铁夹将温度传感器、两个试管固定在铁架台上，两试管装有质量相同的不同种液体，温度传感器的探头部分与试管内的液体良好接触，传感器通过数据采集线与计算机相连接，在计算机上得到的实验图象如图所示，下列说法正确的是（）A加热t1时间，甲吸收热量多B甲的比热容大C甲、乙升高相同的温度，甲吸收热量多D吸收相同的热量，甲升温比乙多二、填空作图题（共28分）13（3分）如图所示装置，按压前，瓶里的压强 大气压。用力按压泵头时，洗手液被挤出，说明储液腔内气体压强 洗手液瓶内气体压强，从而推测此时储液腔内的气体压强 大气压。（选填“大于”、“等于”、“小于”）14（3分）俯卧撑可以看成是一个杠杆，如图所示A为重心，O为支点，支撑点B，手臂垂直。画出动力（支撑力）的方向，动力臂是 m，假如人的体重是500N，则撑力是 N。15（3分）如图为一辆汽车的俯视示意图，O点为司机眼部所在位置，司机在右侧的后视镜AB（看作平面镜）中能看到车尾C点。（1）画出司机眼睛O看到C点的光路图。（2）汽车在行驶时发动机会升温。常用防冻液（水与防冻原液混合）进行冷却，防冻原液不易蒸发。防冻原液含量越高比热容会越小。下表是防冻原液与水按不同的比例混合时，混合液的凝固点和沸点（表中防冻液含量是指防冻原液在混合液中所占体积的百分比）防冻原液含量（%）304050607080混合液的凝固点（）172837494846混合液的沸点（）103104107111117124如果防冻原液含量由30%逐渐增大到80%，则混合液凝固点的变化情况是 。A逐渐升高B逐渐降低C先升高后降低D先降低后升高汽车水箱中的混合液中防冻液含量越高越好。这种说法对吗？ ，其理由是 。长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”），其原因是 。16（3分）小丽周末和家人骑共享单车去绿道游玩，同时用手机记录路程和时间如下表：记录手机时间10：0010：1010：2010：3010：4010：50路程（km）01.53356（1）10：0010：10，单车的平均速度是 m/s。（2）10：2010：30，单车相对于地面是 的。（填“运动”或“静止”）（3）10：3010：40，单车匀速下坡，此时单车动能 ，机械能 。（填“变大”、“变小”、“不变”）（4）10：0010：20的平均速度为v1，10：3010：50的平均速度为v2，则v1 v2（选填“大于”“小于”“等于”）。17（3分）同学正在游乐场观察一位小朋友荡秋千，他注意到：小朋友从A到C，C到A来回摆动时，每一次摆动的时间似乎相等。（1）为了验证这个猜想是否正确，该同学制作了单摆实验模拟了小朋友荡秋千的过程。如图所示，测试时间的工具是 。实验中比较 与 两段时间是否相等。（2）从A到C点，画出单摆的小球在C点时的受力示意图。18（3分）如图所示，一个人先后用30N的力将1kg或2kg的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动2米。（1）为了计算力做功的大小，需要 公式，W光滑水平面 J，W粗糙斜面 J。（2）移动中，同样粗糙的水平面与斜面比较，摩擦力f水平 f斜面（选填“等于”、“不等于”），原因： 。三、解析题（共18分）19重104N的汽车在水平路面匀速运动，汽车牵引力功率9.2kW，其汽油发动机效率为20%（汽油热值是4.6107J/kg）。（1）以点代车，画出汽车匀速运动过程中水平方向受力示意图。（2）若汽车与地面的接触面积为0.04m2，小轿车对地面多大压强？（3）求汽车运动100s内，发动机消耗多少汽油质量？20如图所示，闭合开关，改变R1阻值，在表2中记下几组电流表、电压表的读数。坐标图中已作出R2的UI图线。电流/A0.10.30.40.5电压/V2.51.51.00.5（1）改变R1阻值过程中，通过R1与R2的电流始终保持 （选填“相等”、“不等”），原因： （2）根据表2数据在坐标中描点并连线。（3）当电流表的示数为0.1A时，R2的电阻是多少？UDF是多少？（4）当电流表的示数为0.3A时，R1与R2总电功率是多少？四、实验探究题（共18分）21如图所示是同学们做过的一些物理实验情景图，请你对这些实验现象分别进行分析并得出结论。（1）图甲：闭合开关，小磁针发生们偏转。说明： 。（2）图乙：迅速击打硬纸板，板上的鸡蛋落入杯中。说明： 。22在测量小灯泡的电阻的实验中，同学连接了部分电路如图所示，请你用画线代表导线，将电路连接完整，并在方框内画出对应的电路图。（1）正确连接电路后，一同学先后测出甲、乙两组电流数据，I甲 A，I乙 A，从甲到乙电流变化可以判断，滑动变阻器滑片向 滑动了。（2）移动滑动变阻器时，发现电流表有示数变化，电压表示数几乎不变，经检查发现是电路连接有问题，原因是 。23“汤圆熟了的时候它会浮起来”，小明通过实验观察煮汤圆的过程，下表是他记录的部分数据和实验现象，（汤圆加热后，由于内部空气受热膨胀等原因使其体积变大，g取10N/kg）。（1）t1min时，汤圆沉底，说明此时汤圆受到的浮力 （选填“大于”、“等于”、“小于”）重力。（2）汤圆在第3min时的浮力 第1min时的浮力（选填“大于”、“等于”、“小于”），判断依据： 。（3）t4min汤圆漂浮时，受到的浮力为 N。加热时间 t/min1234汤圆质量 m/g15182020汤圆在水中的位置沉底上浮上浮漂浮24小明使用斜面将物体提升一定高度，对此他猜想：“提升物体离地面一定高度时，斜面坡度越大，机械效率越高”。请你设计实验验证其猜想。（1）除了图上的器材，还需要补充 （实验仪器）；（2）请写出实验步骤： ；（3）根据你的实验过程，用所测得物理量表示斜面的机械效率。2020年广东省广州市增城区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题3分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意.1（3分）如图所示，眼睛到手机的距离大约是（）A25mmB25cmC25dmD2.5m【分析】人的明视距离约为25cm，据此分析判断。【解答】解：人的明视距离约为25cm；根据图中的距离可知，此时手机到眼睛的距离约为25cm。故选：B。【点评】本题考查了明视距离的大小，属于基础知识，要熟记。2（3分）老师鼓励你要大声发言，这是提高声音的（）A响度B频率C音调D音色【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。【解答】解：老师鼓励你要大声发言，这是提高声音的响度。故BCD错误、A正确。故选：A。【点评】区分声音的三个特征，是解答此题的关键。3（3分）使用蓝牙耳机接听手机来电，所用的电磁波频率为2.42.48109Hz，图是电磁波图，则蓝牙通信的电磁波（）A是蓝光B能传递信息C在真空中传播速度为340m/sD在真空中传播速度比红外线大【分析】电磁波可以传递信息，可以传递能量；手机蓝牙利用电磁波传递信息的；电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在真空中传播，传播速度约为3108m/s。【解答】解：A、蓝牙通讯用的是电磁波频率为2.42.48109Hz，是无线电波，不是蓝光，故A错误；B、使用蓝牙耳机接听手机来电，说明蓝牙通信的电磁波能传递信息，故B正确；CD、蓝牙通讯和手机通讯使用的都是电磁波，电磁波在真空中的传播速度约为3108m/s与光速相同，故蓝牙通信的电磁波在真空中传播速度与红外线速度相同，故CD错误。故选：B。【点评】本题考查了手机通信的相关知识，熟练掌握相关基础知识即可正确解题，是一道基础题。4（3分）体育频道转播的象棋大赛，棋子被吸附在竖直放置的磁性棋盘上保持静止，如图所示，此时棋子受到的摩擦力（）A方向竖直向上，大小小于它的重力B方向竖直向下，大小等于它的重力C方向竖直向上，大小等于它的重力D方向竖直向下，大小大于它的重力【分析】解答本题可根据二力平衡条件去分析，二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等、方向相反且作用在同一直线上。【解答】解：棋盘上的棋子在竖直方向上受到两个力的作用：重力和摩擦力；由于棋子在棋盘上保持静止，所以这两个力是一对平衡力；根据二力平衡条件可知，这两个力在大小上是相等的，方向上是相反的。由于重力的方向竖直向下，所以摩擦力的方向竖直向上，故C正确，ABD错误。故选：C。【点评】本题考查了学生对二力平衡条件的掌握和理解，解答此类题时，要先对物体进行受力分析，看哪两个力是一对平衡力，然后再根据二力平衡条件去判断。5（3分）下表为不同气压下水的沸点：p/105Pa0.981.011.131.291.481.691.802.05t/99100103107111115117121压力锅工作时锅内气体压强最大可达1.69105Pa，锅内水的最高温度（）A可达100B可达115C可达121D不确定【分析】液体沸点随气压的升高而升高，随气压的降低而降低。分析表中数据得出答案。【解答】解：从表格数据上可知，压力锅工作时锅内气体压强达到1.69105Pa，锅内水的最大温度对应的应为此时水的沸点：115。故选：B。【点评】此题考查了液体的沸点与气压的关系，属于常识性内容，要记住。6（3分）受新型冠状病毒的影响，一“罩”难求。一般医用口罩至少要有三层，外层需要阻挡外界空气中的灰层、细菌、唾沫等飞溅物，中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境中会失去静电），内层要吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等。某口罩的构造如图所示。下列说法正确的（）A口罩潮湿后防护能力降低B佩戴口罩时应该使白色吸水无纺布朝外C口罩的中间层静电熔喷布能吸引小磁针D佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气升华形成【分析】（1）佩戴时白色的无纺布朝内，蓝色的防水层朝外，这样与患者接触交谈时，飞沫携带的大部分病毒会被防水层阻隔难以渗入，剩余的少部分致病病毒再被过滤层吸附，可以有效的降低被感染的风险；（2）口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩的中间层静电熔喷布能吸引小飞沫；（3）物质由气态变为液态是液化。【解答】解：A、由题目中“中间层经过静电处理，可以阻挡细菌等微小颗粒（潮湿环境中会失去静电）”可知，口罩潮湿后防护能力降低，故A正确；B、佩戴时白色的无纺布朝内，吸收佩戴者呼出的水汽、飞沫等，蓝色的防水层朝外，故B错误；C、口罩拥有很强的防护能力，是因为口罩的中间层静电熔喷布能吸引小飞沫，而不是吸引小磁针，故C错误；D、佩戴口罩后内层潮湿是呼出的水蒸气液化而成的，故D错误。故选：A。【点评】此题以“口罩”为载体，考查液化及液化现象、静电现象等，与实际生活联系紧密，是一道好题。7（3分）“木桶理论”指出木桶能盛下水的容量由最短的木板来决定。如图将水注进水平面的木桶时，水对木桶底部的压强说法正确的是（）A最大压强由最长木板决定B木桶的质量决定压强大小C木桶的底面积决定压强大小D补齐短木板能增加最大压强【分析】决定木桶底部受到水的压强的大小的是水的深度，水的深度决定于短木板的长度，据此分析。【解答】解：将水注进水平面的木桶时，水的最大深度是由短木板的长度决定的，由公式pgh可知，补齐短木板能能增大水的最大深度，所以能增加最大压强，而木桶的质量、木桶的底面积不影响水对木桶底部的压强，故只有选项D正确。故选：D。【点评】本题主要考查了学生对液体压强决定因素的理解，了解木桶的特点，运用液体压强公式可做出判断。8（3分）如图所示，电源两端电压恒定，闭合开关，灯泡L1比灯泡L2亮，则（）AL1的电阻比L2的大BL1两端电压比L2大C若L1灯丝烧断，L2两端电压不变D若L2灯丝烧断，通过L1电流变大【分析】本题关键要弄清题目中的隐含条件：由两只灯泡并联可知两灯泡电压相等；由灯泡L1比L2亮可知L1的实际功率大于L2的实际功率。在此基础上根据电功率与电流电压关系即可得出结论。【解答】解：（1）由图可知，两只灯泡并联，两灯泡电压相等；故B错误；（2）由P实UI可知，U1U2，P实1P实2，所以I1I2，即通过L1的电流大，由I可得R，则L1的电阻比L2的小，故A错误。因为两灯泡并联，由并联电路电压关系可知两灯泡两端电压相等，若L1灯丝烧断，L2两端电压不变，通过L1电流不变，故C正确，D错误。故选：C。【点评】本题考查电功率与电流和电压的关系，主要是考查电功率公式的应用，要知道并联电路电压的规律，还要知道灯泡亮度值取决于灯泡的实际功率。9（3分）如图所示，磁感线竖直向下，AB棒运动，电流表指针偏转，则（）AU型磁铁上端是S极BAB棒可能是竖直方向运动C此过程电能转化为机械能D电路有电流说明磁能生电【分析】电磁感应现象：当闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流。由此分析判断即可。【解答】解：A、在磁体外部，磁感线是从N极发出，回到S极；则根据磁感线的方向可知，U型磁铁上端是N极，故A错误；B、若AB棒沿竖直方向运动，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故B错误；CD、由题意可知，电路中产生了感应电流，说明AB棒在磁场中做切割磁感线运动；该过程中消耗了机械能，得到了电能，即将机械能转化为电能；该实验说明磁能生电，故C错误，D正确。故选：D。【点评】此题考查了产生感应电流的条件，在电路闭合的情况下，导体必须做切割磁感线运动。其中也可以是导体不动，磁体运动。10（3分）图中烛焰在光屏上成清晰放大的像。下列哪一操作可能使烛焰在光屏上成清晰缩小的像（）A透镜不动，蜡烛、光屏靠近透镜B透镜不动，蜡烛、光屏向右移动C透镜、光屏都不动，蜡烛向右移动D蜡烛、光屏都不动，透镜靠近光屏【分析】（1）光屏上能承接清晰的像是实像，凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。（2）光路是可逆的，当蜡烛和凸透镜的位置不变时，凸透镜左移，使现在的物距等于原来的像距。【解答】解：（1）光屏上能再次出现清晰的像，此时像是实像，要使像成缩小的，要增大物距，减小像距，所以凸透镜位置不动，向左移动蜡烛，同时向左移动光屏。（2）因为光路是可逆的，如图位置凸透镜成倒立、放大的实像，当蜡烛和光屏位置不变时，凸透镜向右靠近光屏时，使现在的物距等于原来的像距时，凸透镜成倒立、缩小的实像。故选：D。【点评】凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。这条规律在凸透镜成像习题中有广泛的应用。11（3分）网球落地后弹起又落地，最终停在地面，则（）A小球速度一直增加B小球下落时它的重力势能全部转化为动能C小球在运动过程中，机械能转化为内能D小球下落过程中，受力平衡【分析】动能的大小与速度和质量有关；重力势能的大小和质量、高度有关；网球落地后弹起又落地，最终停在地面，此时网球的机械能变为0，说明在整个过程中网球的机械能是不守恒的，即网球需要克服摩擦做功；小球在运动过程中速度大小发生变化，处于非平衡状态，则小球受力不平衡。【解答】解：网球落地后弹起又落地，最终停在地面，此时网球的机械能变为0，说明在整个过程中网球的机械能是不守恒的，即网球需要克服摩擦做功，机械能转化为内能，故C正确；小球在下落过程中，高度减小，它的重力势能变小，速度变大，则动能变大；一部分重力势能转化为动能，另一部分会转化为内能，由于速度大小发生了变化，所以小球受力不平衡，故BD错误；小球在下落的过程中，速度先变大，接触地面后，小球的动能转化为小球的弹性势能，其速度会变小，故A错误。综上可知ABD错误，C正确。故选：C。【点评】本题考查了影响动能和重力势能的因素、机械能的转化，难度不大。12（3分）如图装置，用铁夹将温度传感器、两个试管固定在铁架台上，两试管装有质量相同的不同种液体，温度传感器的探头部分与试管内的液体良好接触，传感器通过数据采集线与计算机相连接，在计算机上得到的实验图象如图所示，下列说法正确的是（）A加热t1时间，甲吸收热量多B甲的比热容大C甲、乙升高相同的温度，甲吸收热量多D吸收相同的热量，甲升温比乙多【分析】（1）相同的加热环境，两试管在相同时间内吸收的热量相同。（2）加热相同时间，甲和乙吸收热量相同，根据图象和公式Qcmt分析出比热容大小。（3）根据温度变化的情况，分析加热时间，然后得出吸收热量的多少。（4）加热相同时间，甲和乙吸收热量相同，根据图象判断升高温度的多少。【解答】解：A、两试管装有质量相同的不同种液体，放在同一加热器内，加热t1时间，甲和乙吸收的热量相同；故A错误；B、观察图象可知，相同质量的甲乙两种液体吸收同样多的热量（加热相同时间），乙的温度变化小，由Qcmt知，乙的比热容较大，故B错误；C、观察图象可知，甲、乙升高相同的温度，乙需要的加热的时间长，所以乙吸热能力强，吸收的热量多，故C错误；D、观察图象可知，加热相同时间，甲和乙吸收相同的热量，甲升高的温度比乙升高的温度高，故D正确。故选：D。【点评】解决此题要学会用控制变量法进行分析，把吸收的热量转化为加热时间的长短，考查了学生对数据的分析和理解，是中考中常见的题目。二、填空作图题（共28分）13（3分）如图所示装置，按压前，瓶里的压强等于大气压。用力按压泵头时，洗手液被挤出，说明储液腔内气体压强小于洗手液瓶内气体压强，从而推测此时储液腔内的气体压强小于大气压。（选填“大于”、“等于”、“小于”）【分析】工作原理和活塞式抽水机原理相同，液体能进入到储液腔内，是因为瓶中气压大于储液腔内气压。【解答】解：按压前，瓶内气体与外界大气相通，此时瓶内的压强与大气压相等；用力按压泵头时，储液腔里的空气被排出，此时储液腔内气体压强小于洗手液瓶内气体压强，洗手液在气压差的作用下上升并被挤出，故可推测此时储液腔内的气体压强小外界大气压。故答案为：等于； 小于； 小于。【点评】本题考查大气压的应用，搞明白按压瓶盖的工作原理是关键。14（3分）俯卧撑可以看成是一个杠杆，如图所示A为重心，O为支点，支撑点B，手臂垂直。画出动力（支撑力）的方向，动力臂是1.5m，假如人的体重是500N，则撑力是300N。【分析】人的手臂在竖直方向上，动力的方向是竖直向上的；力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离；根据杠杆的平衡条件求出支持力F的大小。【解答】解：由题意可知，人的手臂在竖直方向上，动力的方向是竖直向上的，动力作用在B点上，如图所示：；根据力臂的定义可知，动力臂的大小为L11.5m；根据杠杆平衡的条件可得：FL1GL2，则F1.5m500N0.9m，解得：F300N。故答案为：如图；1.5；300。【点评】本题考查了学生对杠杆的平衡条件的掌握和运用，关键是从图中找出动力臂和阻力臂。15（3分）如图为一辆汽车的俯视示意图，O点为司机眼部所在位置，司机在右侧的后视镜AB（看作平面镜）中能看到车尾C点。（1）画出司机眼睛O看到C点的光路图。（2）汽车在行驶时发动机会升温。常用防冻液（水与防冻原液混合）进行冷却，防冻原液不易蒸发。防冻原液含量越高比热容会越小。下表是防冻原液与水按不同的比例混合时，混合液的凝固点和沸点（表中防冻液含量是指防冻原液在混合液中所占体积的百分比）防冻原液含量（%）304050607080混合液的凝固点（）172837494846混合液的沸点（）103104107111117124如果防冻原液含量由30%逐渐增大到80%，则混合液凝固点的变化情况是D。A逐渐升高B逐渐降低C先升高后降低D先降低后升高汽车水箱中的混合液中防冻液含量越高越好。这种说法对吗？不对，其理由是防冻原液含量越高比热容越小，根据Qcmt可知，在相同质量升高相同的温度下，比热容小，吸收的热量也小，不利于汽车散热。长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少。与原来相比，混合液的沸点升高（选填“升高”、“降低”或“不变”），其原因是升高长时间使用后水容易蒸发，防冻原液不易蒸发，防冻原液含量变大，从数据看沸点升高。【分析】（1）先确定C点在平面镜中的像点，然后根据反射光线的反向延长线过像点确定反射光线，再连接光源和反射点，完成光路。（2）实际应用题要结合物理知识点进行分析，严格按照题目所提供的信息得出结论，防冻液含量增加过程中，混合液、凝固点、比热容的变化情况。【解答】解：（1）如图所示：先延长AB，然后作C点关于AB的对称点，然后连接OC（即反射光线），并标出反射光线的方向，再连接C点和反射点（即入射光线），并标出光线的方向。（2）由表中数据可见：防冻液含量由30%逐渐增大到60%过程中，混合液的凝固点是降低的；但是从60%逐渐增大到90%的过程中，混合液的凝固点是逐渐升高的。故D正确。这种说法是不对的，防冻原液含量越高比热容会越小，根据Qcmt可知，在相同质量升高相同的温度下，比热容小，吸收的热量也小，不利于汽车散热长时间使用后，汽车水箱中的混合液会减少就会导致防冻液的含量增大，而混合液的沸点会随着含量增大而升高，所以沸点就会升高；故答案为：（1）见上图；（2）D；不对；防冻原液含量越高比热容越小，根据 Qcmt 可知，在相同质量升高相同的温度下，比热容小，不利于汽车散热；升高；长时间使用后水容易蒸发，防冻原液不易蒸发，防冻原液含量变大，从数据看沸点升高。【点评】本题需要根据平面镜成像的特点的作光的反射光路图，熟练掌握光的反射光路图的画法；本题综合考查了学生对比热容、沸点、凝固点的了解和掌握，会从图象中得出相关信息是本题的关键。16（3分）小丽周末和家人骑共享单车去绿道游玩，同时用手机记录路程和时间如下表：记录手机时间10：0010：1010：2010：3010：4010：50路程（km）01.53356（1）10：0010：10，单车的平均速度是2.5m/s。（2）10：2010：30，单车相对于地面是静止的。（填“运动”或“静止”）（3）10：3010：40，单车匀速下坡，此时单车动能不变，机械能变小。（填“变大”、“变小”、“不变”）（4）10：0010：20的平均速度为v1，10：3010：50的平均速度为v2，则v1等于v2（选填“大于”“小于”“等于”）。【分析】（1）从表格中得出10：0010：10单车通过的路程，然后利用速度公式计算平均速度。（2）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。（3）动能的大小与质量、速度有关，重力势能与高度有关，机械能为动能与势能的总和。（4）比较相同时间通过的路程得出结论。【解答】解：（1）由表可知，单车10：0010：10通过的路程s1.5km1500m，；时间t10min600s，则其平均速度v2.5m/s。（2）由表可知，单车10：2010：30通过的路程为零，即单车相对于地面上某一点的位置没有变化，所以单车相对于地面是静止的。（3）匀速下坡时，质量不变、速度不变，则动能不变，高度减小，重力势能变小；因机械能等于动能与势能的总和，所以单车的机械能变小。（4）10：0010：20和10：3010：50，时间相同，通过的路程均为3km，其平均速度则v1等于v2。故答案为：（1）2.5；（2）静止；（3）不变；变小；（4）等于。【点评】此题以共享单车为题材综合考查学生对平均速度的计算与比较、运动和静止的相对性、动能和势能的大小变化的理解和掌握，从表格中获取相关信息是关键。17（3分）同学正在游乐场观察一位小朋友荡秋千，他注意到：小朋友从A到C，C到A来回摆动时，每一次摆动的时间似乎相等。（1）为了验证这个猜想是否正确，该同学制作了单摆实验模拟了小朋友荡秋千的过程。如图所示，测试时间的工具是秒表。实验中比较A到C与C到A两段时间是否相等。（2）从A到C点，画出单摆的小球在C点时的受力示意图。【分析】（1）测量时间的工具是秒表；根据猜想确定测量的距离；（2）对小球在经过C点时进行受力分析，然后按照力的示意图的画法作出受力示意图。【解答】解：（1）测量时间的工具是秒表，根据猜想“小朋友从A到C，C到A来回摆动时，每一次摆动的时间似乎相等”可知，实验中他要测量A到C、C到A两段时间是否相等。（2）分析可知，小球在C点时，受到重力和绳子拉力的作用，作用点都画在小球的球心上，如图所示：故答案为：（1）秒表；A到C与C到A；（2）见上图。【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。18（3分）如图所示，一个人先后用30N的力将1kg或2kg的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动2米。（1）为了计算力做功的大小，需要WFs公式，W光滑水平面60J，W粗糙斜面60J。（2）移动中，同样粗糙的水平面与斜面比较，摩擦力f水平不等于f斜面（选填“等于”、“不等于”），原因：在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩擦力大小与压力有关，在水平面上与在斜面上压力的大小不相等。【分析】（1）功的计算公式是WFs。（2）摩擦力大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关。【解答】解：（1）功的计算公式是WFs；在光滑水平面、粗糙水平面用的力大小均为30N，物体沿力的方向移动的距离均为2m，则W光滑水平面Fs30N2m60J；W粗糙斜面Fs30N2m60J；（2）在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩擦力大小与压力有关，同一物体对水平面的压力等于重力，而对斜面的压力小于重力，则在水平面上与在斜面上压力的大小不相等，所以同样粗糙的水平面与斜面比较，摩擦力大小不相等。故答案为：（1）WFs；60；60；（2）不等于；在接触面的粗糙程度一定的情况下，摩擦力大小与压力有关，在水平面上与在斜面上压力的大小不相等。【点评】此题考查功的计算、摩擦力大小比较，关键是掌握摩擦力大小的影响因素，并学会利用控制变量法分析解答此类题目。三、解析题（共18分）19重104N的汽车在水平路面匀速运动，汽车牵引力功率9.2kW，其汽油发动机效率为20%（汽油热值是4.6107J/kg）。（1）以点代车，画出汽车匀速运动过程中水平方向受力示意图。（2）若汽车与地面的接触面积为0.04m2，小轿车对地面多大压强？（3）求汽车运动100s内，发动机消耗多少汽油质量？【分析】（1）水平方向汽车处于匀速运动状态，受到牵引力和阻力的作用，这两个力是一对平衡力；用一条带箭头的线段表示力的大小、方向、作用点，线段长短表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点。（2）在水平路面匀速运动的小轿车对地面的压力等于其重力，已知受力面积（汽车与地面的接触面积），利用p可求得小轿车对地面多大压强；（3）已知功率的大小和做功的时间，根据公式WPt可求牵引力做的功（有用能量）；利用效率公式求汽油完全燃烧释放的热量（总能量），再利用Q放mg求需要消耗汽油的质量。【解答】解：（1）水平方向汽车处于匀速运动状态，受到牵引力和阻力的作用，这两个力是一对平衡力；如下图所示：（2）小轿车对地面的压力FG104N，小轿车对地面压强：p2.5105Pa；（3）由P可得，牵引力做的功：WPt9.2103W100s9.2105J。由100%得汽油完全燃烧释放的热量：Q放4.6106J，由Q放qm得这100s内汽车发动机消耗汽油质量：m0.1kg。答：（1）如图所示；（2）小轿车对地面的压强为2.5105Pa；（3）发动机消耗0.1kg汽油质量。【点评】本题考查学生对功的公式、功率公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式理解和掌握，关键是公式及其变形的灵活运用，解题过程中要注意单位的换算。20如图所示，闭合开关，改变R1阻值，在表2中记下几组电流表、电压表的读数。坐标图中已作出R2的UI图线。电流/A0.10.30.40.5电压/V2.51.51.00.5（1）改变R1阻值过程中，通过R1与R2的电流始终保持相等（选填“相等”、“不等”），原因：串联电路中各处的电流相等（2）根据表2数据在坐标中描点并连线。（3）当电流表的示数为0.1A时，R2的电阻是多少？UDF是多少？（4）当电流表的示数为0.3A时，R1与R2总电功率是多少？【分析】（1）根据串联电路的电流特点进行解答；（2）利用描点法做出图象；（3）当电流表示数为0.1A时，根据图象读出R1、R2两端的电压，然后求出UDF的大小；（4）当电压表示数为1.5V时，根据图象可知电流表的示数，根据图象读出电阻R2两端的电压。【解答】解：（1）由电路图可知，R1与R2串联，因串联电路中各处的电流相等，所以，改变R1阻值的过程中，通过R1与R2的电流始终保持相等；（2）利用描点法做出图象，如下图所示：（3）由图象可知，当电流表示数为0.1A时，R1、R2两端的电压U12.5V，U20.25V，则UDFU1+U22.5V+0.25V2.75V；（4）由图象可知，当电流表的示数为0.3A时，R1、R2两端的电压U11.5V，U20.75V，则R1与R2总电功率P（U1+U2）I（1.5V+0.75V）0.3A0.675W。答：（1）相等；串联电路中各处的电流相等；（2）如上图所示；（3）当电流表的示数为0.1A时，R2的电阻是0.25V，UDF是2.75V；（4）当电流表的示数为0.3A时，R1与R2总电功率是0.675W。【点评】本题考查了描点法作图和串联电路的特点以及电功率公式的应用，从图象中获