四川省资阳市安岳县2017届九年级(上)期末物理试卷(解析版)(共25页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上2016-2017学年四川省资阳市安岳县九年级（上）期末物理试卷一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘要，其中错误的是（）A做功和热传递在改变物体的内能上是等效的B分子间存在着相互作用的引力和斥力C热量总是自发地从温度低的物体向温度高的物体传递D燃料的热值与燃料的质量没有关系2下列说法中正确的是（）A沿海地区昼夜温差小，主要原因是水的比热容较大B物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大C温度高的物体具有的内能多，温度低的物体具有的内能少D0的冰熔化成0的水，由于温度不变，所以它的内能不变3下面是小华同学对身边的一些电路进行观察分析后作出的判断，其中正确的是（）A厨房中的抽油烟机里装有照明灯和电动机，它们能同时工作又能单独工作，它们是串联的B马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的C楼道中的电灯是由声控开关和光控开关共同控制的，只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是串联的D一般家庭中都要安装照明灯和其它用电器，使用时互不影响，它们是串联的4下列关于电阻和电流的说法正确的是（）A电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，电流越大，电阻越大B通过导体的电流为零，则该导体的电阻也为零C负电荷定向移动的方向与电流方向相反D电荷的移动形成电流5已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化曲线现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，则电路的工作电流和电源最大电压为（）A0.5A 12VB1A 12VC1.5A 8VD0.5A8V6小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数减小到某一值时，装置报警开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）A电流表的示数增大，电压表的示数增大B电流表的示数减小，电压表的示数减小C电压表与电流表的示数之比减小D增大R0的阻值，可使阻值在更低浓度烟雾下报警7如图所示电路，电源电压恒为6V，定值电阻R1为10，滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”，电压表量程为03V，电流表量程为00.6A则（）A电压表测量的是电阻R1两端的电压B当变阻器R2的滑片P向左移动时，电压表的示数变小C为了保证电路中各元件安全工作，变阻器R2接入电路的阻值范围是210D当变阻器R2接入电路中的阻值是8时，通电1min电阻R1产生的热量是53.3J二、解答题（共4小题，满分12分）8（1）电能表是用于测量用户消耗电能的仪表，如图1所示，如果电能表的示数由图中值变成54692，则这段时间该用户消耗的电能是度，这些电能可供一盏标有“220V40W”字样的白炽灯连续正常工作小时（2）按照我国交通管理的规定，“红灯停、绿灯行、黄灯预备”，小明在科技活动中设计了一个实验电路，用模拟十字路口的红绿灯控制，如图2所示当单刀多掷开关接通位置“1”时，灯发光（要清楚地填写是南北方向灯亮和东西方向灯亮的情况），发光的各灯采用的是联方式9如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通10汽车的座椅和安全带插口相当于一个开关，人坐在座椅上时，座椅开关闭合，指示灯亮，将安全带插头插入插口时，指示灯灭，R0是保护电阻，根据上述情形连接电路11学校有前门和后门，在前门和后门各有一个开关，在学校保卫科有红、绿两盏灯和电源要求：前门来人红灯亮，后门来人绿灯亮三、解答题（共2小题，满分12分）12小张在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图（1）闭合开关前，应向端（选填“A”或“B”）调整滑动变阻器的滑片，使电路中的电流在开始测量时最小（2）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是A这时，灯丝突然烧断，则电压表的示数（选填“变大”“变小”或“不变”）换相同规格的灯泡，重测的数据如表所示，并绘出IU图象如图丙的A所示（3）依据表格中的数据，小张求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗？说出你的理由（作出判断并说出理由） 电压/v0.51.01.52.02.53.0电流/A0.100.160.200.230.250.27电阻/5.06.37.58.710.011.1平均电阻/（4）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的IU图象如图丙的B所示你认为错误的由于可能是13小明想知道灯的亮暗程度与什么因素有关，于是找来额定电流均小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按如图甲所示的电路进行探究（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误请在图甲中找出来并打上“×”，再画线把它改到正确的位置上（2）电路连接正确后，小明继续进行实验：闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使灯L1发光，测出灯L1的相关物理量，并在实验表格中记录数据和现象实验中，当滑片移到某一点时，电压表示数如图乙所示，为V（3）用L2替换L1重复以上的实验，但需要改变表的量程（4）在小明完成的实验报告中，其中的一个实验表格如下：序号电压U/V电流I/A灯泡L1的亮度电功率P/W电功率的平均值（W）12.200.28比正常发光时暗0.620.7622.500.30正常发光0.7532.800.32比正常发光亮0.90小明通过对比、推测、分析表中数据及现象得出最后的结论是：小灯泡的实际功率越，小灯泡越亮（5）在交流讨论中，小明知道了自己对实验现象的观察和数据的记录都是正确的，但所设计的这个实验表格存在不妥之处，是（6）小明进一步思考，认为“把灯换成定值电阻，该实验可以用来研究导体中的电流与电压的关系”他这种想法是（选填“正确”或“错误”）四、解答题（共3小题，满分25分）14如图甲所示，将材料样品（不计质量）平放在压力传感器上，闭合开关S，由静止释放重物，从重物开始下落到撞击样品的这个过程中，电流表的实数I随时间t变化的图象如图乙所示，压力传感器的电阻R随压力F变化的图象如图丙所示电源电压U=24V，定值电阻R0=10求：（1）在重物下落的过程中，压力传感器的电阻；（2）在撞击过程中，样品受到的最大撞击力15如图是电饭锅工作原理的简化电路图，电饭锅有两档，分别是高温烧煮和低温焖饭，S1为档位自动控制开关，R0和R均为电热丝，R0的阻值为1210，该电饭锅铭牌技术参数如表所示（低温焖饭档额定功率模糊不清）求：某型号电饭锅额定电压220V额定功率高温烧煮840W低温焖饭电源频率50Hz（1）电饭锅高温烧煮0.5h消耗的电能；（2）电饭锅低温焖饭时的额定功率；（3）电热丝R的阻值16小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表，小强装了1L的水，加热6min后把水烧开，水壶自动断电已知大气压为1个标准大气压，家庭电路电压为220V，电热水壶的电阻不变，水的初温为20，c水=4.2×103J/（kg），水=1.0×103kg/m3求：（1）这壶水吸收的热量；（2）电热水壶的热效率；（3）在用电高峰期，电路中的实际电压降为198V时，电热水壶的实际功率 自动电热水壶 型号 WL100F 电源 220V 50Hz 额定功率 1100W 容量 1L2016-2017学年四川省资阳市安岳县九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题3分，满分21分）1下面是小明同学“物理学习笔记”中的摘要，其中错误的是（）A做功和热传递在改变物体的内能上是等效的B分子间存在着相互作用的引力和斥力C热量总是自发地从温度低的物体向温度高的物体传递D燃料的热值与燃料的质量没有关系【考点】物体内能的改变【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，它们的效果是相同的；（2）分子间存在着相互作用的引力和斥力；（3）当两个物体接触时，热量从温度高的物体向温度低的物体传递；（4）热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关【解答】解：A、做功和热传递都可以改变物体的内能，它们达到的效果都是相同的，故A正确；B、分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的，只不过分子间的距离不同时，表现出来的引力或斥力的情况不同，故B正确；C、发生热传递时，热量从温度高的物体向温度低的物体传递，故C错误；D、热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量没有关系，故D正确故选C2下列说法中正确的是（）A沿海地区昼夜温差小，主要原因是水的比热容较大B物体的温度越高，分子运动得越快，物体的动能越大C温度高的物体具有的内能多，温度低的物体具有的内能少D0的冰熔化成0的水，由于温度不变，所以它的内能不变【考点】比热容解释简单的自然现象；内能的概念；分子的运动【分析】根据Q=cmt可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度改变的少；一切物体都具有内能，内能的大小跟温度有关，物体的温度越高内能越大【解答】解：A、沿海地区，水多；内陆地区水少、沙石多因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小正确；B、物体的动能与物体的运动速度有关，与物体内部分子的运动速度无关，温度越高，分子动能越大，物体的内能越大，但不会影响物体的动能，故B错误；C、物体的内能与温度有关，温度升高内能就会增加，其所具有的内能就越多；温度越低，其所具有的内能就越少但必须是同一物体，错误；D、0的冰熔化成0的水，要不断吸热，内能增加，错误；故选A3下面是小华同学对身边的一些电路进行观察分析后作出的判断，其中正确的是（）A厨房中的抽油烟机里装有照明灯和电动机，它们能同时工作又能单独工作，它们是串联的B马路两旁的路灯，晚上同时亮早晨同时灭，它们是串联的C楼道中的电灯是由声控开关和光控开关共同控制的，只有在天暗并且有声音时才能亮，所以声控开关、光控开关及灯是串联的D一般家庭中都要安装照明灯和其它用电器，使用时互不影响，它们是串联的【考点】串联电路和并联电路的辨别【分析】并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响； 根据家庭电路中各用电器既可以单独工作又互不影响的特点分析不同电路的连接方式【解答】解：A、因为厨房的抽油烟机中的照明灯和电动机既可以单独工作，又互不影响，因此它们的连接方式为并联；故A错误；B、路灯是用来为行人照明的，并且当其中一个灯泡不亮时，其它灯泡仍可以正常工作，即每个灯泡既可以单独工作，又互不影响，因此路灯是并联的；故B错误；C、只有当“光控开关”、“声控开关”都闭合时，灯才能亮，故这两个开关与灯串联，故C正确；D、家庭电路中安装照明灯和连接在插座上的用电器既可以单独工作，又互不影响，因此家庭电路中安装照明灯和插座是并联的；故D正确故选C4下列关于电阻和电流的说法正确的是（）A电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，电流越大，电阻越大B通过导体的电流为零，则该导体的电阻也为零C负电荷定向移动的方向与电流方向相反D电荷的移动形成电流【考点】欧姆定律【分析】根据以下内容答题：（1）导体电阻阻值由导体材料、长度、横截面积决定，与导体两端的电压与流过导体的电流无关；（2）电流是电荷的发生定向移动而形成的，正电荷的定向移动方向规定为电流方向【解答】解：A、电阻是用来表示导体对电流阻碍作用的物理量，但电阻与电流、电压的大小无关；故A错误B、电阻是导体本身的属性，即使没有电流，电阻也不为零，故B错误C、规定正电荷定向移动的方向为电流方向，则负电荷定向移动的方向与电流方向相反；故C正确D、电荷的定向移动才能形成电流，电荷的移动不一定会形成电流；故D错误故选C5已知甲、乙两灯的额定电压均为6V，如图是甲、乙两灯电流随其两端电压变化曲线现将两灯串联后接在某一电源两端，要使其中一个灯泡正常发光，并保证电路安全，则电路的工作电流和电源最大电压为（）A0.5A 12VB1A 12VC1.5A 8VD0.5A8V【考点】欧姆定律的应用【分析】两灯泡的额定电压相等，根据图象比较两灯泡的额定电流关系，根据串联电路的电流特点可知两灯泡串联时电路中的最大电流为两者额定电流中较小的，根据图象读出此时两灯泡两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压【解答】解：（1）甲乙两灯泡正常发光时的电压均为6V，由图象可知：甲正常工作时的电流为1A，乙正常工作时的电流为0.5A，因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡串联时，电路的最大电流I=0.5A，故BC错误；（2）由图象可知，0.5A所对应的电压分别U甲=2V，U乙=6V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压：U=U甲+U乙=2V+6V=8V，故A错误，D正确故选D6小兰设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，R为光敏电阻，R的阻值随光照强度的减弱而增大，当电流表示数减小到某一值时，装置报警开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时（）A电流表的示数增大，电压表的示数增大B电流表的示数减小，电压表的示数减小C电压表与电流表的示数之比减小D增大R0的阻值，可使阻值在更低浓度烟雾下报警【考点】电路的动态分析【分析】由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据题意得出当有烟雾遮挡射向R的激光时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流变化和R0两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化，将电压表与电流表的示数之比转化为电阻问题分析；（2）增大R0的阻值时电路中的总电阻增大，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化，再根据题意可知该装置报警时与烟雾浓度的关系【解答】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流（1）因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，所以，当有烟雾遮挡射向R的激光时，R的阻值增大，电路中的总电阻增大，由I=可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小，故A错误；由U=IR可知，R0两端电压减小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，光敏电阻R两端的电压增大，即电压表的示数增大，故B错误；由于电压表与电流表的示数之比等于R的阻值，因此比值变大，故C错误；（2）增大R0的阻值时电路中的总电阻增大，由I=可知，电路中的电流减小，则可使装置在更低浓度烟雾下报警，故D正确故选D7如图所示电路，电源电压恒为6V，定值电阻R1为10，滑动变阻器R2的规格为“20 0.5A”，电压表量程为03V，电流表量程为00.6A则（）A电压表测量的是电阻R1两端的电压B当变阻器R2的滑片P向左移动时，电压表的示数变小C为了保证电路中各元件安全工作，变阻器R2接入电路的阻值范围是210D当变阻器R2接入电路中的阻值是8时，通电1min电阻R1产生的热量是53.3J【考点】欧姆定律的应用；电功的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流（1）根据滑片移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R1两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R2两端的电压变化；（2）比较滑动变阻器允许通过的最大电流和电流表的量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小值；当电压表的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式求出变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出变阻器R2接入电路的阻值范围；（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出当变阻器R2接入电路中的阻值是8时电路中的电流，根据Q=I2Rt求出通电1min电阻R1产生的热量【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表并联在R2两端测R2两端的电压，故A错误；（1）当变阻器R2的滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由I=可知，电路中的电流变小，由U=IR可知，R1两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变大，即电压表的示数变大，故B错误；（2）因串联电路中各处的电流相等，且滑动变阻器允许通过的最大电流0.5A，电流表量程为00.6A，所以，电路中的最大电流I大=0.5A，此时变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻：R=12，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，变阻器接入电路中的最小值：R2小=RR1=1210=2，当电压表的示数U2大=3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，R1两端的电压：U1=UU2大=6V3V=3V，电路中的电流：I小=，即=，解得：R2大=10，变阻器R2接入电路的阻值范围是210，故C正确；（3）当变阻器R2接入电路中的阻值是8时，电路中的电流：I=A，通电1min电阻R1产生的热量：Q1=I2R1t=（A）2×10×60s66.7J，故D错误故选C二、解答题（共4小题，满分12分）8（1）电能表是用于测量用户消耗电能的仪表，如图1所示，如果电能表的示数由图中值变成54692，则这段时间该用户消耗的电能是4度，这些电能可供一盏标有“220V40W”字样的白炽灯连续正常工作100小时（2）按照我国交通管理的规定，“红灯停、绿灯行、黄灯预备”，小明在科技活动中设计了一个实验电路，用模拟十字路口的红绿灯控制，如图2所示当单刀多掷开关接通位置“1”时，南北绿灯发光、东西红灯发光（要清楚地填写是南北方向灯亮和东西方向灯亮的情况），发光的各灯采用的是并联方式【考点】电能表参数的理解与电能的求法；电路的基本连接方式【分析】（1）电能表表盘上最后一位是小数，用户消耗的电能等于电能表最后的示数减去开始的示数；知道了消耗的电能和灯泡的额定功率，利用公式t=可求工作时间；（2）当单刀多掷开关接通位置“1”时，分析电流的流向，凡是有电流通过的灯泡都会发光，结合串并联电路的辨别判断各灯泡间的连接情况【解答】解：（1）图1中，电能表的示数为5465.2kWh，一段时间后，电能表的示数变成了5469.2kWh，则这段时间该用户消耗的电能：W=5469.2kWh5465.2kWh=4kWh=4度；由P=可得，白炽灯连续正常工作时间：t=100h；（2）当单刀多掷开关接通位置“1”时，如图所示：根据电流的流向可知，北面的绿灯和西面的红灯并联接入电路，南面的绿灯和东面的红灯并联接入电路，而其余的指示灯处于断路状态或短路状态；所以，南北方向的两盏绿灯、东西方向的两盏红灯均有电流通过，因此南北绿灯发光、东西红灯发光；发光的这四盏灯采用的是并联方式故答案为：（1）4；100； （2）南北绿灯发光、东西红；并9如图甲所示是小明常用的一个插线板，他在使用中发现，插线板的指示灯在开关断开时不发光，插孔不能提供工作电压；而在开关闭合时指示灯发光，插孔可以提供工作电压，如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压根据上述现象，请在图乙中画出开关、指示灯和插孔的连接方式，并把接线板与电源线接通【考点】串、并联电路的设计【分析】插线板的指示灯在开关断开时不发光、插孔不能提供工作电压，而在开关闭合时指示灯发光、插孔可以提供工作电压，说明开关同时控制指示灯和插孔；如果指示灯损坏，开关闭合时插孔也能提供工作电压，说明指示灯和插孔可以独立工作、互不影响即为并联，且开关位于干路【解答】解：经分析可知，指示灯和插孔之间是并联，开关位于干路，如下图所示：10汽车的座椅和安全带插口相当于一个开关，人坐在座椅上时，座椅开关闭合，指示灯亮，将安全带插头插入插口时，指示灯灭，R0是保护电阻，根据上述情形连接电路【考点】串、并联电路的设计【分析】由题意知，当座椅开关闭合时，灯亮，将安全带插头插入插口时，指示灯灭，说明指示灯被开关短路了【解答】解：人坐在座椅上时，座椅开关闭合，指示灯亮，说明指示灯与座椅开关串联；将安全带插头插入插口时，指示灯灭，说明安全带开关与指示灯并联；R0是保护电阻，应串联在电路中，保证不会出现电源短路，如图所示：11学校有前门和后门，在前门和后门各有一个开关，在学校保卫科有红、绿两盏灯和电源要求：前门来人红灯亮，后门来人绿灯亮【考点】根据实物图画电路图【分析】绿灯亮，表示人在后门按开关，红灯亮表示前门人在前门按开关；说明两灯互不影响，即为并联关系，且后门的控制开关与绿灯在同一支路，前门的控制开关与红灯在同一支路，均为串联关系；【解答】解：由题意知，两个灯泡并联，且各有一个开关控制，前门开关控制红灯，后门开关控制绿灯，如图所示：三、解答题（共2小题，满分12分）12小张在“伏安法”测小灯泡的电阻实验中，连接了如图甲所示的实物图（1）闭合开关前，应向A端（选填“A”或“B”）调整滑动变阻器的滑片，使电路中的电流在开始测量时最小（2）测量过程中，某一次的电流值如图乙所示，则电流值是0.26A这时，灯丝突然烧断，则电压表的示数变大（选填“变大”“变小”或“不变”）换相同规格的灯泡，重测的数据如表所示，并绘出IU图象如图丙的A所示（3）依据表格中的数据，小张求出小灯泡电阻的平均值，你同意这种做法吗？说出你的理由不同意，灯丝的电阻受温度影响，不是一个定值，取平均值没有意义；（作出判断并说出理由） 电压/v0.51.01.52.02.53.0电流/A0.100.160.200.230.250.27电阻/5.06.37.58.710.011.1平均电阻/8.1（4）另外一组同学用相同的器材和电路图也做这实验时，由于接线错误，根据测量的数据绘出的IU图象如图丙的B所示你认为错误的由于可能是电压表接在了滑动变阻器两端【考点】伏安法测电阻的探究实验；串联电路的电压规律【分析】（1）连接电路时，开关应断开，应将滑片滑动变阻器的最大值处；（2）由图乙根据电流表的量程和分度值，读出电流表示数；灯丝烧断，电压表被串联入电路中，由此分析其示数的变化情况；（3）影响电阻的因素有：导体的温度、长度、横截面积和材料等，而小灯泡两端的电压不同，小灯泡灯丝的温度会不同，因此电阻也不同；（4）电压表并联在灯泡两端时，随着电流的增大，灯泡两端的电压增大，根据串联电路电压的特点，变阻器两端的电压会随之减小【解答】解：（1）为了保护电路，应将滑片移到变阻器的最大阻值处，由图甲知，应向A端调整滑动变阻器的滑片，使电路中电阻最大，电流最小；（2）由图乙知，电流表使用00.6A量程，分度值为0.02A，此时电流值为0.26A；由图知，L与变阻器串联，电压表测灯泡L两端电压，所以电压表示数小于电源电压当灯泡丝烧断后，电压表串联在电路中，相当于电压表测量电源电压，所以电压表的示数变大；（3）小张求出小灯泡电阻的平均值：R平均=8.1；因为灯丝的电阻与温度有关，而灯泡两端的电压越大，通过灯电流越大，根据P=UI灯的功率越大，灯丝的温度越高，因此小灯泡在不同电压下工作时，小灯泡的灯丝温度不同，电阻也不相同，所以不能求灯丝电阻的平均值；（4）丙图中的B图象，随着电流的增大，电压减小，正好与A图象相反，符合滑动变阻器两端电压的变化规律，因此电压表接在了滑动变阻器两端故答案为：（1）A；（2）0.26；变大；（3）不同意；灯丝的电阻受温度影响，不是一个定值，取平均值没有意义；8.1；（4）电压表接在了滑动变阻器两端13小明想知道灯的亮暗程度与什么因素有关，于是找来额定电流均小于0.6A，额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，先后接在电源电压恒为6V的电路中，按如图甲所示的电路进行探究（1）小明在检查电路连接时，发现有一根导线连接错误请在图甲中找出来并打上“×”，再画线把它改到正确的位置上（2）电路连接正确后，小明继续进行实验：闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使灯L1发光，测出灯L1的相关物理量，并在实验表格中记录数据和现象实验中，当滑片移到某一点时，电压表示数如图乙所示，为2V（3）用L2替换L1重复以上的实验，但需要改变电压表的量程（4）在小明完成的实验报告中，其中的一个实验表格如下：序号电压U/V电流I/A灯泡L1的亮度电功率P/W电功率的平均值（W）12.200.28比正常发光时暗0.620.7622.500.30正常发光0.7532.800.32比正常发光亮0.90小明通过对比、推测、分析表中数据及现象得出最后的结论是：小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮（5）在交流讨论中，小明知道了自己对实验现象的观察和数据的记录都是正确的，但所设计的这个实验表格存在不妥之处，是设计电功率“平均值”一栏（6）小明进一步思考，认为“把灯换成定值电阻，该实验可以用来研究导体中的电流与电压的关系”他这种想法是正确（选填“正确”或“错误”）【考点】电功率的测量【分析】（1）根据电流表的使用规则进行分析（2）根据电压表所选量程，确定其分度值，然后再读数即可（3）根据额定电压是2.5V的灯L1和额定电压是3.8V的灯L2，可得出结论（4）根据表中电功率和灯泡的亮度可得出结论（5）灯泡电压增大，电流增大，功率增大，求功率的平均值错误的（6）电流表测电路电流，电压表测电阻两端电压，把灯L换成定值电阻，该实验装置可以用来研究导体中的电流与电压的关系【解答】解：（1）电流表应与电阻串联，此题中电流表没有接入电路，因此将电流表0.6A接线柱与开关右接线柱相连，如图所示：（2）由图可知，电压表所选量程为03V，由指针位置可知，电压表示数为2V，（3）已知灯L2的额定电压是3.8V，灯L1的额定电压是2.5V，因此用L2替换L1重复以上的实验，但需要改变电压表的量程，改接015V量程（4）分析表中数据及现象得出结论：小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮（5）灯泡电压增大，电流增大，功率增大，不同电压下功率不同，求功率的平均值错误的，设计电功率“平均值”一栏是错误的（6）把灯L换成定值电阻，电流表测流过定值电阻的电流，电压表测定值电阻两端的电压，移动滑动变阻器滑片可以改变电路电流约电阻两端电压，利用该装置可以用来研究导体中的电流与电压的关系故答案为：（1）见上图：（2）2；（3）电压；（4）大；（5）设计电功率“平均值”一栏；（6）正确四、解答题（共3小题，满分25分）14如图甲所示，将材料样品（不计质量）平放在压力传感器上，闭合开关S，由静止释放重物，从重物开始下落到撞击样品的这个过程中，电流表的实数I随时间t变化的图象如图乙所示，压力传感器的电阻R随压力F变化的图象如图丙所示电源电压U=24V，定值电阻R0=10求：（1）在重物下落的过程中，压力传感器的电阻；（2）在撞击过程中，样品受到的最大撞击力【考点】欧姆定律的应用【分析】（1）由图丙所示图象求出重物下落过程电路电流，然后应用欧姆定律求出压力传感器的电阻（2）由图象求出最大电流，然后求出压力传感器电阻，再由图丙求出撞击力【解答】解：（1）在重物下落没有撞击传感器的过程中，压力传感器所受压力不变，电阻不变，电路中电流不变，由图乙可知，此时电路中的电流I=0.2A，由图甲知，定值电阻R0与压力传感器串联，电流表测电路中电流，根据I=可得，定值电阻R0两端的电压：U0=IR0=0.2A×10=2V，由串联电路的电压特点可得，压力传感器两端的电压：U传感器=UU0=24V2V=22V，所以压力传感器的电阻：R传感器=110；（2）由图丙可知，撞击力最大时，电阻最小，电流最大，又由图乙可知，最大的电流为Imax=1.2A，根据I=可知，电源电压：U=Imax（R0+R），所以此时压力传感器的电阻：R=R0=10=10，由图丙可知，此时受到撞击力：F=600N答：（1）在重物下落的过程中，压力传感器的电阻是110（2）在撞击过程中，样品受到的最大撞击力是600N15如图是电饭锅工作原理的简化电路图，电饭锅有两档，分别是高温烧煮和低温焖饭，S1为档位自动控制开关，R0和R均为电热丝，R0的阻值为1210，该电饭锅铭牌技术参数如表所示（低温焖饭档额定功率模糊不清）求：某型号电饭锅额定电压220V额定功率高温烧煮840W低温焖饭电源频率50Hz（1）电饭锅高温烧煮0.5h消耗的电能；（2）电饭锅低温焖饭时的额定功率；（3）电热丝R的阻值【考点】电功的计算；电功率的计算【分析】（1）知道电饭锅高温烧煮的功率和烧煮时间，根据W=Pt求出电饭锅高温烧煮0.5h消耗的电能；（2）当开关S闭合、S1断开时，仅有R0接入电路，电路电阻较大，根据P=可知，此时电饭锅处于低温焖饭状态，进而求出电饭锅低温焖饭时的额定功率；（3）当开关S、S1都闭合时，电热丝R、R0并联接入电路，电路电阻较小，根据P=可知，此时电饭锅处于高温烧煮状态，用电饭锅高温烧煮的功率减去低温焖饭时的额定功率即得电热丝R消耗的电功率，最后根据R=求出电热丝R的阻值【解答】解：（1）电饭锅高温烧煮的功率P高=840W，烧煮时间t=0.5h=1800s，由P=得，电饭锅高温烧煮消耗的电能：W=P高t=840W×1800s=1.512×106J（2）当开关S闭合、S1断开时，仅有R0接入电路，电路电阻较大，根据P=可知，电压一定时，电路电阻越大，电功率越小，此时电饭锅处于低温焖饭状态；电饭锅低温焖饭时的额定功率：P低=40W（3）当开关S、S1都闭合时，电热丝R、R0并联接入电路，电路电阻较小，根据P=可知，电压一定时，电路电阻越小，电功率越大，此时电饭锅处于高温烧煮状态；则电热丝R消耗的电功率：P=P高P低=840W40W=800W，由P=得，电热丝R的阻值：R=60.5答：（1）电饭锅高温烧煮0.5h消耗的电能为1.512×106J；（2）电饭锅低温焖饭时的额定功率为40W；（3）电热丝R的阻值为60.516小强家买了一个自动电热水壶，其铭牌如下表，小强装了1L的水，加热6min后把水烧开，水壶自动断电已知大气压为1个标准大气压，家庭电路电压为220V，电热水壶的电阻不变，水的初温为20，c水=4.2×103J/（kg），水=1.0×103kg/m3求：（1）这壶水吸收的热量；（2）电热水壶的热效率；（3）在用电高峰期，电路中的实际电压降为198V时，电热水壶的实际功率 自动电热水壶 型号 WL100F 电源 220V 50Hz 额定功率 1100W 容量 1L【考点】电功与热量的综合计算【分析】（1）由m=V计算出水的质量，根据Q=cmt计算水吸收的热量；（2）根据W=Pt计算出电热水壶消耗的电能，由=计算出热效率；（3）根据R=得出电热水壶的电阻，由P=可计算得水壶的实际电功率【解答】解：（1）由=得，水的质量：m=水V=1.0×103kg/m3×1×103m3=1kg；水升高到100吸收的热量：Q吸=cmt=4.2×103J/（kg）×1kg×=3.36×105J；（2）由P=得，电热水壶在6min消耗的电能为：W=Pt=1100W×6×60s=3.96×105J；电热水壶的热效率为：=×100%=×100%84.8%（3）由P=UI=得，电热水壶的电阻：R=44当电压为198V时，实际功率为：P=891W答：（1）这壶水吸收的热量为3.36×105J；（2）电热水壶的热效率84.8%；（3）电路中的实际电压降为198V时，电热水壶的实际功率为891W2017年4月5日专心-专注-专业