人教版高中物理(选修3-5)《动量守恒定律》同步测试题(共18页).doc

精选优质文档-倾情为你奉上动量守恒定律测试题本试卷分为第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分，满分100，考试时间60分钟。第卷(选择题共40分)一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不选的得0分。)1某人站在静浮于水面的船上，从某时刻开始从船头走向船尾，不计水的阻力，那么在这段时间内人和船的运动情况是()A人匀速走动，船则匀速后退，且两者的速度大小与它们的质量成反比B人匀加速走动，船则匀加速后退，且两者的加速度大小一定相等C不管人如何走动，在任意时刻两者的速度总是方向相反，大小与它们的质量成反比D人走到船尾不再走动，船则停下解析：以人和船构成的系统为研究对象，其总动量守恒，设v1、v2分别为人和船的速率，则有0m人v1M船v2，故有可见A、C、D正确。人和船若匀加速运动，则有Fm人a人，FM船a船所以，本题中m人与M船不一定相等，故B选项错误。答案：A、C、D2如图(十六)1甲所示，在光滑水平面上的两个小球发生正碰。小球的质量分别为m1和m2。图(十六)1乙为它们碰撞前后的xt图象。已知m10.1kg，由此可以判断()图(十六)1碰前m2静止，m1向右运动碰后m2和m1都向右运动由动量守恒可以算出m20.3kg碰撞过程中系统损失了0.4J的机械能以上判断正确的是()ABCD解析：由图象知，正确，错误；由动量守恒m1vm1v1m2v2，将m10.1kg，v4m/s，v12m/s，v22m/s代入可得m20.3kg，正确；Em0，错误。答案：A3如图(十六)2所示，设车厢长度为l，质量为M，静止于光滑的水平面上，车厢内有一质量为m的物体以速度v0向右运动，与车厢壁来回碰撞n次后，静止于车厢中，这时车厢的速度为()图(十六)2Av0，水平向右B0Cmv0/(mM)，水平向右Dmv0/(Mm)，水平向右解析：把物体以速度v0向右运动到物体最后静止在车厢的整个过程作为研究的时间范围，设车厢最后的速度为v，对过程始末应用动量守恒定律，得mv0(mM)v，得vmv0/(mM)。故C项正确。答案：C4.如图(十六)3所示，在光滑的水平面上，小车M内有一弹簧被A和B两物体压缩，A和B的质量之比为12，它们与小车间的动摩擦因数相等，释放弹簧后物体在极短时间内与弹簧分开，分别向左、右运动，两物体相对小车静止下来，都未与车壁相碰，则()图(十六)3AB先相对小车静止下来B小车始终静止在水平面上C最终小车静止在水平面上D最终小车水平向右匀速运动解析：由动量定理知A、B两物体获得的初动量大小相等，因为B物体所受摩擦力比A的大，故B物体先相对小车静止下来，而小车在A、B运动过程中也在运动，所以A选项正确，而B选项错误；物体A、B和小车组成的系统满足动量守恒定律，而系统初状态静止，故C选项正确。答案：A、C5一质量为m的铁锤，以速度v竖直打在木桩上，经过t时间而停止，则在打击时间内，铁锤对木桩的平均冲力的大小是()AmgtB.C.mgD.mg解析：对铁锤应用动量定理，设木桩对铁锤的平均作用力为F，则(Fmg)t0(mv)，解得Fmg，所以铁锤对木桩的平均冲力FFmg。答案：C6如图(十六)4所示，位于光滑水平桌面上的小滑块P和Q都可视作质点且质量相等。Q与轻质弹簧相连。设Q静止，P以某一初速度向Q运动并与弹簧发生碰撞。在整个碰撞过程中，弹簧具有的最大弹性势能等于()图(十六)4AP的初动能BP的初动能的CP的初动能的DP的初动能的解析：两者速度相等时，弹簧最短，弹性势能最大。设P的初速度为v，两者质量均为m，弹簧最短时两者的共同速度为v，弹簧具有的最大弹性势能为Ep。根据动量守恒，有mv2mv，根据能量守恒有mv2×2mv2Ep，以上两式联立求解得Epmv2。可见弹簧具有的最大弹性势能等于滑块P原来动能的一半，B正确。答案：B7在光滑水平面上，两球沿球心连线以相等速率相向而行，并发生碰撞，下列现象可能的是()A若两球质量相同，碰后以某一相等速率互相分开B若两球质量相同，碰后以某一相等速率同向而行C若两球质量不同，碰后以某一相等速率互相分开D若两球质量不同，碰后以某一相等速率同向而行解析：本题考查运用动量守恒定律定性分析碰撞问题，光滑水平面上两小球的对心碰撞符合动量守恒的条件，因此碰撞前后两小球组成的系统总动量守恒。A项，碰撞前两球总动量为零，碰撞后也为零，动量守恒，所以A项是可能的。B项，若碰撞后两球以某一相等速率同向而行，则两球的总动量不为零，而碰撞前为零，所以B项不可能。C项，碰撞前后系统的总动量的方向不同，所以动量不守恒，C项不可能。D项，碰撞前总动量不为零，碰后也不为零，方向可能相同，所以D项是可能的。答案：A、D8.如图(十六)5所示，三角形木块A质量为M，置于光滑水平面上，底边长a，在其顶部有一三角形小木块B质量为m，其底边长b，若B从顶端由静止滑至底部，则木块后退的距离为()图(十六)5A.B.C.D.解析：A、B二者组成的系统水平方向不受外力作用，故系统水平方向满足动量守恒定律，则系统水平方向平均动量也守恒，由动量守恒定律得0Mm解得x。答案：C9一平板小车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两个人要背靠着站在车的中央，当两人同时向相反方向行走，如甲向小车左端走，乙向小车右端走，发现小车向右运动，则()A若两人的质量相等，则必定v甲v乙B若两人的质量相等，则必定v甲v乙C若两人的速度相等，则必定m甲m乙D若两人的速度相等，则必定m甲m乙解析：甲、乙两人和小车组成的系统满足动量守恒定律，由动量守恒定律知m甲v甲m乙v乙m车v车，所以A、C选项正确。答案：A、C10.如图(十六)6所示，两个质量相等的物体沿同一高度、倾角不同的两光滑斜面顶端从静止自由下滑，到达斜面底端，两个物体具有不同的物理量是()图(十六)6A下滑的过程中重力的冲量B下滑的过程中弹力的冲量C下滑的过程中合力的冲量D刚到达底端时的动量大小解析：由运动学知识可知两个物体下滑所用的时间不同，由IFt可知A项正确；由于倾角不同，两物体受的弹力方向不同，所以B项正确；根据机械能守恒知两物体到达底端时的速度大小相等，由于速度方向不同，两物体的动量变化也不同，由动量定理可知C项正确。答案：A、B、C第卷(非选择题共60分)二、填空题。(共4小题，每小题5分，共20分。把答案直接填写在题中横线上，不要求写出演算过程。)11(5分)如图(十六)7所示，一铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉到地面上的P点，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点将在_。(填“P点”、“P点左侧”或“P点右侧”)图(十六)7解析：铁块受到的滑动摩擦力一定，纸条抽出的速度越大，作用时间越短，摩擦力的冲量越小，由动量定理知Ipmv0，铁块获得的速度越小，平抛的水平距离也越小，故当以2v的速度抽出时，铁块的落地点在P点左侧。答案：P点左侧12(5分)一质量为1kg的小球从0.8m高的地方自由下落到一个软垫上，若从小球接触软垫到下陷至最低点经历了0.2s，则这段时间内软垫对小球冲量的大小为_。(g取10m/s2，不计空气阻力)解析：规定竖直向上为正方向，根据动量定理，有(Fmg)t0(mv0)，而v0，由上面两式可求得Ft6N·s，即这段时间内软垫对小球的冲量为6N·s，方向竖直向上。答案：6N·s13(5分)场强为E、方向竖直向上的匀强电场中有两小球A、B，它们的质量分别为m1、m2，电量分别为q1、q2。A、B两球由静止释放，重力加速度为g，则小球A和B组成的系统动量守恒应满足的关系式为_。解析：动量守恒定律的条件是系统不受外力作用或者所受外力之和为零，若A、B两小球组成的系统满足动量守恒定律，则系统所受的电场力和重力必须平衡，即E(q1q2)(m1m2)g。)答案：E(q1q2)(m1m2)g14(5分)用半径相同的两小球A、B的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图(十六)8所示，斜槽与水平槽圆滑连接。实验时先不放B球，使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹。再把B球静置于水平槽前端边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹。记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若测得各落点痕迹到O点的距离：OM2.68cm，OP8.62cm，ON11.50cm，并知A、B两球的质量比为21，则未放B球时A球落地点是记录纸上的_点，系统碰撞前总动量p与碰撞后总动量p的百分误差_%(结果保留一位有效数字)。图(十六)8解析：未放B球时，A球落在P点。0.022%。答案：P2三、计算题(共6小题，共40分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。)15(6分)如图(十六)9所示，一根质量不计，长为1m能承受最大拉力为14N的绳子，一端固定于天花板上，另一端系一质量为1kg的小球，整个装置处于静止状态，若要将绳子拉断，作用在球上的水平冲量至少应为多少？(g取10m/s2)图(十六)9解析：作用在小球上的冲量等于小球动量的增量：Imv0，当小球受到冲量时，则FTmg，FTmg当FT14N时，v02m/s，所以I2N·s。答案：2N·s16(6分)在光滑的水平面上，质量为m1的小球A以速率v0向右运动，在小球A的前方O点有一质量为m2的小球B处于静止状态，如图(十六)10所示。小球A与小球B发生正碰后小球A、B均向右运动。小球B被在Q点处的墙壁弹回后与小球A在P点相遇，PQ1.5PO。假设小球间的碰撞及小球与墙壁之间的碰撞都是弹性的，求两小球质量之比m1/m2。图(十六)10解析：从两小球碰撞后到它们再次相遇，小球A和B的速度大小保持不变。根据它们通过的路程，可知小球B和小球A在碰撞后的速度大小之比为41。设碰撞后小球A和B的速度分别为v1和v2，在碰撞过程中动量守恒，碰撞前后动能相等m1v0m1v1m2v2m1vm1vm2v利用v2/v14，可解出2。答案：217(7分)两个质量分别为M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上。A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图(十六)11所示。一质量为m的物块位于劈A的倾斜面上，距水平面的高度为h。物块从静止开始滑下，然后又滑上劈B。求物块在B上能够达到的最大高度。图(十六)11解析：设物块到达劈A的底端时，物块和A的速度大小分别为v和V，由机械能守恒和动量守恒得mghmv2M1V2M1Vmv设物块在劈B上达到的最大高度为h，此时物块和B的共同速度大小为V，由机械能守恒和动量守恒得mgh(M2m)V2mv2mv(M2m)V联立式得h答案：18(7分)如图(十六)12所示，质量m10.3kg的小车静止在光滑的水平面上，车长L1.5m，现有质量m20.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v02m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止。物块与车面间的动摩擦因数0.5，取g10m/s2，求图(十六)12(1)物块在车面上滑行的时间t；(2)要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0不超过多少。解析：(1)设物块与小车共同速度为v，以水平向右为正方向，根据动量守恒定律有m2v0(m1m2)v设物块与车面间的滑动摩擦力为F，对物块应用动量定理有Ftm2vm2v0又Fm2g解得t代入数据得t0.24s(2)要使物块恰好不从车面滑出，须使物块到车面最右端时与小车有共同的速度，设其为v，则m2v0(m1m2)v由功能关系有m2v(m1m2)v2m2gL代入数据解得v05m/s故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0不超过5m/s。答案：(1)0.24s(2)5m/s19(7分)如图(十六)13所示，坡道顶端距水平面高度为h，质量为m1的小物块A从坡道顶端由静止滑下，进入水平面上的滑道时无机械能损失，为使A制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线M处的墙上，另一端与质量为m2的挡板B相连，弹簧处于原长时，B恰位于滑道的末端O点。A与B碰撞时间极短，碰后结合在一起共同压缩弹簧，已知在OM段A、B与水平面间的动摩擦因数均为，其余各处的摩擦不计，重力加速度为g，求：图(十六)13(1)物块A在与挡板B碰撞前瞬间速度v的大小；(2)弹簧最大压缩量为d时的弹性势能Ep(设弹簧处于原长时弹性势能为零)。解析：(1)由机械能守恒定律，有m1ghm1v2v。(2)A、B在碰撞过程中内力远大于外力，由动量守恒，有m1v(m1m2)vA、B克服摩擦力所做的功W(m1m2)gd由能量守恒定律，有(m1m2)v2Ep(m1m2)gd解得Epgh(m1m2)gd。答案：(1)v(2)Epgh(m1m2)gd20(7分)如图(十六)14所示，长L12m的木板右端固定一立柱，板和立柱的总质量M50kg，木板置于地面上，木板与地面间的动摩擦因数0.1。质量m50kg的人立于木板左端，木板与人均静止。若人以4m/s2的加速度匀加速向右奔跑至板的右端，并立即抱柱立柱，g取10m/s2，求：图(十六)14(1)从人开始奔跑至到达木板右端所经历的时间t；(2)从人开始运动到最终木板静止，木板发生的总位移x。解析：(1)人向右加速运动受到木板向右摩擦力Ff2ma2200N人运动的位移x2a2t2木板水平方向受两个力：人对木板向左的摩擦力Ff2200N地面对木板向右的摩擦力Ff1(Mm)g100N则木板向左运动的加速度为a12m/s2发生的位移x1a1t2，由Lx1x2得t2s。(2)如图所示，人向右奔跑时，木板向左运动的位移x1a1t24m人抱住立柱时，人的速率v2a2t8m/s，木板的速率v1a1t4m/s人抱柱立柱时时间很短，人与立柱间的相互作用力远大于地面的摩擦力，两者动量守恒，取向右为正方向，mv2Mv1(mM)v得v2m/s，人抱住立柱后，两者一起向右运动，加速度a3g1m/s2，共同运动的位移x32m故木板的总位移xx1x32m，方向向左。答案：(1)2s(2)2m，方向向左专心-专注-专业