2022年高考数学难点突破专题辅导 .pdf

学习必备欢迎下载20XX 年高考数学难点突破专题辅导三十六难点 36 函数方程思想函数与方程思想是最重要的一种数学思想，高考中所占比重较大，综合知识多、 题型多、应用技巧多 .函数思想简单，即将所研究的问题借助建立函数关系式亦或构造中间函数，结合初等函数的图象与性质，加以分析、转化、解决有关求值、解（证）不等式、解方程以及讨论参数的取值范围等问题；方程思想即将问题中的数量关系运用数学语言转化为方程模型加以解决 . 难点磁场1.（）关于x 的不等式232x3x+a2a 30，当 0 x1 时恒成立，则实数 a 的取值范围为. 2.（） 对于函数f(x)，若存在 x0R,使 f(x0)=x0成立， 则称 x0为 f(x)的不动点 .已知函数f(x)=ax2+(b+1)x+(b1)(a0) （1）若 a=1,b=2 时，求 f(x)的不动点；（2）若对任意实数b，函数 f(x)恒有两个相异的不动点，求a 的取值范围；（3）在（2）的条件下， 若 y=f(x)图象上 A、B 两点的横坐标是函数f(x)的不动点， 且 A、B 关于直线y=kx+1212a对称，求b 的最小值 . 案例探究例 1已知函数f(x)=logm33xx(1)若 f(x)的定义域为 ，（ 0），判断 f(x)在定义域上的增减性，并加以说明；(2)当 0m1 时，使f(x)的值域为 logmm(1)， logmm( 1)的定义域区间为 , ( 0)是否存在？请说明理由. 命题意图：本题重在考查函数的性质，方程思想的应用.属级题目. 知识依托：函数单调性的定义判断法；单调性的应用；方程根的分布；解不等式组. 错解分析： 第(1)问中考生易忽视 “ 3”这一关键隐性条件；第(2)问中转化出的方程，不能认清其根的实质特点，为两大于3 的根 . 技巧与方法：本题巧就巧在采用了等价转化的方法，借助函数方程思想，巧妙解题. 解：（ 1）033xxx 3 或 x3. f(x)定义域为 , , 3 设x1x2，有0)3)(3()(6333321212211xxxxxxxx当 0m1 时， f(x)为减函数，当m1 时， f(x)为增函数 . （2）若 f(x)在 ,上的值域为logmm(1),logmm(1)0m1, f(x)为减函数 . )1(log33log)()1(log33log)(mfmfmmmm精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 7 页学习必备欢迎下载即3,0)1(3)12(0)1(3)12(22又mmmmmm即,为方程 mx2+(2m1)x3(m1)=0 的大于 3 的两个根0)3(3212011616102mfmmmmm0m432故当 0m432时，满足题意条件的m 存在 . 例 2已知函数f(x)=x2(m+1)x+m(mR) (1)若 tanA,tanB 是方程 f(x)+4=0 的两个实根， A、 B 是锐角三角形ABC 的两个内角 .求证：m5; (2)对任意实数 ,恒有 f(2+cos)0，证明 m3; (3)在(2)的条件下，若函数f(sin)的最大值是8，求 m. 命题意图：本题考查函数、方程与三角函数的相互应用；不等式法求参数的范围.属级题目. 知识依托：一元二次方程的韦达定理、特定区间上正负号的充要条件，三角函数公式. 错解分析：第(1)问中易漏掉 0 和 tan(A+B) 0，第 (2)问中如何保证f(x)在 1,3恒小于等于零为关键. 技巧与方法：深挖题意，做到题意条件都明确，隐性条件注意列.列式要周到，不遗漏. （1）证明： f(x)+4=0 即 x2(m+1)x+m+4=0.依题意：04tantan01tantan0)4(4)1(2mBAmBAmm又 A、B 锐角为三角形内两内角2A+B tan(A+B)0，即031tantan1tantan)tan(mmBABABA031040101522mmmmmmm5 (2)证明： f(x)=(x1)(xm) 又 1 cos1， 12+cos3，恒有 f(2+cos)0 即 1x3 时，恒有f(x)0 即(x1)(xm)0 mx 但 xmax=3， mxmax=3 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 7 页学习必备欢迎下载(3)解： f(sin )=sin2 (m+1)sin+m=4)1()21(sin22mmm且21m2,当 sin=1 时， f(sin)有最大值 8. 即 1+(m+1)+ m=8， m=3 锦囊妙计函数与方程的思想是最重要的一种数学思想，要注意函数， 方程与不等式之间的相互联系和转化 .考生应做到：（1）深刻理解一般函数y=f(x)、y=f1(x)的性质（单调性、奇偶性、周期性、最值和图象变换），熟练掌握基本初等函数的性质，这是应用函数思想解题的基础. （2）密切注意三个“二次”的相关问题，三个“二次”即一元二次函数、一元二次方程、一元二次不等式是中学数学的重要内容，具有丰富的内涵和密切的联系.掌握二次函数基本性质，二次方程实根分布条件，二次不等式的转化策略. 歼灭难点训练一、选择题1.（）已知函数f(x)=logax (2a)2对任意 x21,+都有意义，则实数 a 的取值范围是( ) A.(0,41B.(0,41) C.41,1)D.(41,21）2.（）函数f(x)的定义域为R，且 x1，已知 f(x+1)为奇函数，当x1 时，f(x)=2x2x+1，那么当x1 时， f(x)的递减区间是 ( ) A.45，+)B.(1,45C.47,+)D.(1,47二、填空题3. （） 关于 x 的方程 lg(ax1)lg( x3)=1 有解，则 a 的取值范围是. 4.（）如果y=1sin2xmcosx 的最小值为 4，则 m 的值为. 三、解答题5.（）设集合A= x 4x2x+2+a=0,xR. （1）若 A 中仅有一个元素，求实数a 的取值集合B；（2）若对于任意aB，不等式x26xa(x2)恒成立，求x 的取值范围 . 6.（）已知二次函数f(x)=ax2+bx(a,b 为常数，且a 0)满足条件 :f(x1)=f(3x)且方程 f(x)=2x 有等根 . （1）求 f(x)的解析式；（2）是否存在实数m，n(mn，使f(x)定义域和值域分别为m,n和 4m,4n，如果存在，求出m、n 的值；如果不存在，说明理由. 7. （） 已知函数 f(x)=6x6x2， 设函数 g1(x)=f(x), g2(x)=f g1(x) , g3(x)=f g2(x) , gn(x)=fgn1(x),（1）求证： 如果存在一个实数x0，满足 g1(x0)=x0，那么对一切nN，gn(x0)=x0都成立；（2）若实数x0满足 gn(x0)=x0，则称 x0为稳定不动点，试求出所有这些稳定不动点；（3）设区间 A=（ ,0）,对于任意xA，有 g1(x)=f(x)=a0, g2(x)= fg1(x)=f(0) 0，且 n2 时， gn(x)0.试问是否存在区间B（A B），对于区间内任意实数x，只要 n2，都有 gn(x)0. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 7 页学习必备欢迎下载8.（）已知函数f(x)=xa11(a0,x0). （1）求证 :f(x)在(0,+)上是增函数；（2）若 f(x) 2x 在(0,+)上恒成立，求a 的取值范围；（3）若 f(x)在 m,n上的值域是m,n(mn)，求 a 的取值范围 . 参 考 答 案难点磁场1.解析：设t=3x，则 t 1,3，原不等式可化为a2 a3 2t2+t,t 1,3. 等价于 a2a3 大于 f(t)=2t2+t 在 1,3上的最大值 . 答案： ( ,1)(2,+) 2.解：（ 1）当 a=1,b= 2时， f(x)=x2x3，由题意可知x=x2 x3，得 x1=1,x2=3. 故当 a=1,b= 2时， f(x)的两个不动点为1,3. （2） f(x)=ax2+(b+1)x+(b1)(a0)恒有两个不动点，x=ax2+(b+1)x+(b1)，即 ax2+bx+(b1)=0 恒有两相异实根=b24ab+4a0(bR)恒成立 . 于是 =(4a)216a0 解得 0a1 故当 bR，f(x)恒有两个相异的不动点时，0a1. （3）由题意A、B 两点应在直线y=x 上，设 A(x1,x1),B(x2,x2) 又 A、B 关于 y=kx+1212a对称 . k=1.设 AB 的中点为M(x,y) x1,x2是方程 ax2+bx+(b1)=0 的两个根 . x=y=abxx2221，又点 M 在直线1212axy上有121222aabab，即aaaab121122a0， 2a+a1 22当且仅当2a=a1即 a=22(0,1)时取等号，故 b221，得 b 的最小值42. 歼灭难点训练一、1.解析： 考查函数y1=x和 y2=(2a)x的图象， 显然有 0 2a1.由题意21)2(21a得 a=41，再结合指数函数图象性质可得答案. 答案： A2.解析： 由题意可得f(x+1)=f(x+1).令 t=x+1，则 x=1t，故 f(t)=f(2t)，即 f(x)=f(2x). 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 7 页学习必备欢迎下载当 x1,2x1，于是有 f(x)=f(2x)=2(x47)287，其递减区间为47， +). 答案： C 3.解析：显然有x3，原方程可化为1031xax故有 (10a)x=29,必有 10a0 得 a10 又 x=a10293 可得 a31. 答案：31a10 4.解析：原式化为4)2(cos22mmxy. 当2m 1,ymin=1+m=4m= 5. 当 12m1,ymin=42m= 4m=4 不符 . 当2m 1，ymin=1m=4m=5. 答案： 5 二、 5.解： (1)令 2x=t(t 0)，设 f(t)=t24t+a. 由 f(t)=0 在(0,+)有且仅有一根或两相等实根，则有f(t)=0 有两等根时， =0164a=0a=4 验证： t24t+4=0t=2 (0,+ )，这时 x=1 f(t)=0 有一正根和一负根时,f(0)0a0 若 f(0)=0，则 a=0，此时 4x42x=02x=0（舍去），或2x=4,x=2，即 A 中只有一个元素综上所述， a0 或 a=4，即 B= aa0 或 a=4 （2）要使原不等式对任意a( ,0 4恒成立 .即 g(a)=(x2)a (x26x) 0 恒成立 .只须175081020)4(022xxxgxx2 6.解：（ 1）方程ax2+bx=2x 有等根， =(b2)2=0,得 b=2. 由 f(x1)=f(3x)知此函数图象的对称轴方程为x=ab2=1 得 a=1，故 f(x)= x2+2x. （2）f(x)=(x1)2+1 1， 4n1，即 n41而抛物线 y=x2+2x 的对称轴为x=1 n41时， f(x)在 m,n上为增函数 . 若满足题设条件的m,n 存在，则nnfmmf4)(4)(精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 7 页学习必备欢迎下载2020424222nnmmnnnmmm或或即又 mn41,m=2,n=0，这时定义域为2,0，值域为8,0. 由以上知满足条件的m、n 存在， m=2,n=0. 7.(1)证明：当n=1 时， g1(x0)=x0显然成立；设 n=k 时，有 gk(x0)=x0(kN)成立，则 gk+1(x0)=fgk(x0)=f(x0)=g1(x0)=x0即 n=k+1 时，命题成立. 对一切 nN,若 g1(x0)=x0，则 gn(x0)=x0. （2）解：由（ 1）知，稳定不动点x0只需满足f(x0)=x0由 f(x0)=x0，得 6x06x02=x0, x0=0 或 x0=65稳定不动点为0 和65. (3)解： f(x)0，得 6x6x20 x0 或 x1. gn(x)0fgn1(x) 0gn1(x)0 或 gn1(x)1 要使一切 nN,n2，都有 gn(x)0，必须有g1(x) 0 或 g1(x)1. 由 g1(x)06x6x20 x0 或 x1 由 g1(x)06x6x21633633x故对于区间 (633,633)和(1,+)内的任意实数x,只要 n2,nN，都有 gn(x) 0. 8.(1)证明：任取x1x20,f(x1)f(x2)=2121122111)11()11(xxxxxxxaxax1x20,x1x20，x1x2 0, f(x1)f(x2)0，即 f(x1)f(x2)，故 f(x)在 (0,+ )上是增函数 . （2）解：xa112x 在(0,+)上恒成立，且a0, axx121在（0，+）上恒成立，令421221121)(xxxxxg（当且仅当2x=x1即 x=22时取等号），要使axx121在(0,+)上恒成立，则a42.故 a 的取值范围是42,+). 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 7 页学习必备欢迎下载(3)解：由（ 1）f(x)在定义域上是增函数. m=f(m),n=f(n)，即 m2a1m+1=0，n2a1n+1=0 故方程 x2a1x+1=0 有两个不相等的正根m，n，注意到 mn=1，故只需要 =(a1)240,由于 a0，则 0a21. 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 7 页