北京市朝阳区高考数学一模试卷理科含解析.doc

2016年北京市朝阳区高考数学一模试卷（理科）一、选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，选出符合题目要求的一项1i是虚数单位， =（）A1iB1iC1D12已知全集，函数（x1）的定义域为M，集合2x0，则下列结论正确的是（）AMBM（）=CMDM（）3“”是“”的（）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件4执行如图所示的程序框图，输出的S值为（）A42B19C8D35在中，角A，B，C，的对边分别为a，b，c，若（a22b2），则角B的值为（）AB或CD或6某工厂一年中各月份的收入、支出情况的统计如图所示，下列说法中错误的是（）（注：结余=收入支出）A收入最高值及收入最低值的比是3：1B结余最高的月份是7月C1至2月份的收入的变化率及4至5月份的收入的变化率相同D前6个月的平均收入为40万元7某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥的体积是（）ABC1D8若圆x2+（y1）22及曲线（x1）1没有公共点，则半径r的取值范围是（）A0rB0rC0rD0r二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分把答案填在答题卡上9二项式（x2+）5的展开式中含x4的项的系数是（用数字作答）10已知等差数列（nN*）中，a1=1，a4=7，则数列的通项公式；a2610+41011在直角坐标系中，曲线C1的方程为x22=2，曲线C2的参数方程为（t为参数）以原点O为极点，x轴非负半轴为极轴，建立极坐标系，则曲线C1及C2的交点的极坐标为12不等式组所表示的平面区域为D若直线（1）及区域D有公共点，则实数a的取值范围是13已知M为所在平面内的一点，且若点M在的内部（不含边界），则实数n的取值范围是14某班主任在其工作手册中，对该班每个学生用十二项能力特征加以描述每名学生的第i（1，2，12）项能力特征用表示，若学生A，B的十二项能力特征分别记为（a1，a2，a12），（b1，b2，b12），则A，B两名学生的不同能力特征项数为（用，表示）如果两个同学不同能力特征项数不少于7，那么就说这两个同学的综合能力差异较大若该班有3名学生两两综合能力差异较大，则这3名学生两两不同能力特征项数总和的最小值为三、解答题：本大题共6小题，共80分解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程15已知函数，0（）若=1，求f（x）的单调递增区间；（）若，求f（x）的最小正周期T的表达式并指出T的最大值16为了解学生暑假阅读名著的情况，一名教师对某班级的所有学生进行了调查，调查结果如表12345男生14322女生01331（）从这班学生中任选一名男生，一名女生，求这两名学生阅读名著本数之和为4的概率？（）若从阅读名著不少于4本的学生中任选4人，设选到的男学生人数为X，求随机变量X的分布列和数学期望；（）试判断男学生阅读名著本数的方差及女学生阅读名著本数的方差的大小（只需写出结论）17如图，在直角梯形1B1B中，A190°，A1B1，1=2A1B1=2直角梯形1C1C通过直角梯形1B1B以直线1为轴旋转得到，且使得平面1C1C平面1B1BM为线段的中点，P为线段1上的动点（）求证：A1C1；（）当点P是线段1中点时，求二面角PB的余弦值；1（）是否存在点P，使得直线A1C平面？请说明理由18已知函数f（x），aR（）求函数f（x）的单调区间；（）当x1，2时，都有f（x）0成立，求a的取值范围；（）试问过点P（1，3）可作多少条直线及曲线（x）相切？并说明理由19已知点和椭圆C：（）设椭圆的两个焦点分别为F1，F2，试求1F2的周长及椭圆的离心率；（）若直线l：及椭圆C交于两个不同的点A，B，直线，及x轴分别交于M，N两点，求证：20已知等差数列的通项公式设数列为等比数列，且（）若b11=2，且等比数列的公比最小，（）写出数列的前4项；（）求数列的通项公式；（）证明：以b12=5为首项的无穷等比数列有无数多个2016年北京市朝阳区高考数学一模试卷（理科）参考答案及试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题5分，共40分在每小题给出的四个选项中，选出符合题目要求的一项1i是虚数单位， =（）A1iB1iC1D1【考点】复数代数形式的乘除运算【分析】两个复数代数形式的乘除法，两个复数相除，分子和分母同时乘以分母的共轭复数，运算求得结果【解答】解： 1，故选C2已知全集，函数（x1）的定义域为M，集合2x0，则下列结论正确的是（）AMBM（）=CMDM（）【考点】交、并、补集的混合运算【分析】分别解出关于M，N的范围，然后判断即可【解答】解：由x10，解得：x1，故函数（x1）的定义域为（1，+），由x2x0，解得：0x1，故集合2x0=（0，1），1或x0，M（），故选：D3“”是“”的（）A充分而不必要条件B必要而不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件【考点】必要条件、充分条件及充要条件的判断【分析】“”等价于ab，可得“”，反之不成立，例如取2，1即可判断出结论【解答】解：“”ab“”，反之不成立，例如取2，1“”是“”的充分不必要条件故选：A4执行如图所示的程序框图，输出的S值为（）A42B19C8D3【考点】程序框图【分析】分析程序中各变量、各语句的作用，再根据流程图所示的顺序，依次写出每次循环得到的S，i的值，当4时不满足条件i4，退出循环，输出S的值为19【解答】解：模拟执行程序，可得1，1满足条件i4，3，2满足条件i4，8，3满足条件i4，19，4不满足条件i4，退出循环，输出S的值为19故选：B5在中，角A，B，C，的对边分别为a，b，c，若（a22b2），则角B的值为（）AB或CD或【考点】余弦定理【分析】利用余弦定理表示出，整理后代入已知等式，利用同角三角函数间基本关系化简，求出的值，即可确定出B的度数【解答】解：，a22b2=2，代入已知等式得：2，即，则或故选：B6某工厂一年中各月份的收入、支出情况的统计如图所示，下列说法中错误的是（）（注：结余=收入支出）A收入最高值及收入最低值的比是3：1B结余最高的月份是7月C1至2月份的收入的变化率及4至5月份的收入的变化率相同D前6个月的平均收入为40万元【考点】函数的图象及图象变化【分析】根据折现统计图即可判断各选项【解答】解：由图可知，收入最高值为90万元，收入最低值为30万元，其比是3：1，故A正确，由图可知，结余最高为7月份，为8020=60，故B正确，由图可知，1至2月份的收入的变化率为及4至5月份的收入的变化率相同，故C正确，由图可知，前6个月的平均收入为（40+60+30+30+50+60）=45万元，故D错误，故选：D7某三棱锥的三视图如图所示，则该三棱锥的体积是（）ABC1D【考点】由三视图求面积、体积【分析】由三视图可知：该几何体为如图所示的三棱锥，侧面利用体积计算公式即可得出【解答】解：由三视图可知：该几何体为如图所示的三棱锥，侧面该几何体的体积××1=故选：A8若圆x2+（y1）22及曲线（x1）1没有公共点，则半径r的取值范围是（）A0rB0rC0rD0r【考点】圆及圆锥曲线的综合【分析】求得圆的圆心和半径，设圆及曲线相切的切点为（m，n），代入曲线的方程，求出函数的导数和切线的斜率，由两点的斜率公式和两直线垂直的条件：斜率之积为1，解方程可得切点，进而得到此时圆的半径，结合图象即可得到所求范围【解答】解：圆的圆心为（0，1），半径为r，设圆及曲线相切的切点为（m，n），可得，的导数为y=，可得切线的斜率为，由两点的斜率公式可得（）=1，即为n1（m1）2，由可得n4n3n1=0，化为（n2n1）（n2+1）=0，即有n2n1=0，解得或，则有或可得此时圆的半径结合图象即可得到圆及曲线没有公共点的时候，r的范围是（0，）故选：C二、填空题：本大题共6小题，每小题5分，共30分把答案填在答题卡上9二项式（x2+）5的展开式中含x4的项的系数是10（用数字作答）【考点】二项式定理【分析】先求出二项式（x2+）5的展开式中通项公式，令x的系数等于4，求出r的值，即可求得展开式中含x4的项的系数【解答】解：二项式（x2+）5的展开式中通项公式为 1= x102r x103r令 1034，可得 2，展开式中含x4的项的系数是=10，故答案为1010已知等差数列（nN*）中，a1=1，a4=7，则数列的通项公式2n1；a2610+410=（3）（411）【考点】等差数列的前n项和【分析】利用等差数列的通项公式求出首项和公差，由此能求出结果【解答】解：等差数列（nN*）中，a1=1，a4=7，a4=1+37，解得2，1+（n1）×2=2n1，a2=1+2=3，a6=1+5×2=11，a6a2=8，a2610+410=×3+×8=（3）（411）故答案为：2n1，（3）（411）11在直角坐标系中，曲线C1的方程为x22=2，曲线C2的参数方程为（t为参数）以原点O为极点，x轴非负半轴为极轴，建立极坐标系，则曲线C1及C2的交点的极坐标为（，）【考点】简单曲线的极坐标方程；直线及圆的位置关系【分析】将曲线C2的参数方程代入曲线C1的方程，可得1，再由，=，求得，即可得到所求坐标【解答】解：将曲线C2的参数方程（t为参数）代入曲线C1的方程为x22=2，可得（2t）22=2，解得1，可得交点的直角坐标为（1，1），由，=，可得，=1，0，可得=可得交点的极坐标为（，）故答案为：（，）12不等式组所表示的平面区域为D若直线（1）及区域D有公共点，则实数a的取值范围是【考点】简单线性规划【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，利用数形结合进行求解即可【解答】解：作出不等式组对应的平面区域图示：因为（1）过定点C（1，0）当a0时，直线（1）及区域D有公共点，满足条件当a0时，当直线（1）过点A时，由公共点，由得，即A（3，3），代入（1）得43，又因为直线（1）及平面区域D有公共点此时0a综上所述，a故答案为：13已知M为所在平面内的一点，且若点M在的内部（不含边界），则实数n的取值范围是（0，）【考点】向量在几何中的应用【分析】根据题意可作出图形，将，带入并进行向量的数乘运算便可以得出，这样根据向量加法的平行四边形法则及向量数乘的几何意义便可得到，从而便可得出实数n的取值范围【解答】解：如图，由得：；实数n的取值范围是故答案为：14某班主任在其工作手册中，对该班每个学生用十二项能力特征加以描述每名学生的第i（1，2，12）项能力特征用表示，若学生A，B的十二项能力特征分别记为（a1，a2，a12），（b1，b2，b12），则A，B两名学生的不同能力特征项数为（用，表示）如果两个同学不同能力特征项数不少于7，那么就说这两个同学的综合能力差异较大若该班有3名学生两两综合能力差异较大，则这3名学生两两不同能力特征项数总和的最小值为22【考点】函数模型的选择及应用；分段函数的应用【分析】根据A，B两名学生的每一项的特征数是否相同，进行求解计算即可【解答】解：若第i（1，2，12）项能力特征相同，则差为0，特征不相同，绝对值为1，则用表示A，B两名学生的不同能力特征项数为1b12c212a12，设第三个学生为（c1，c2，c12），则，1i12，的奇偶性和（）+（）+（）=0一样，是偶数，3名学生两两不同能力特征项数总和为12+12为偶数，又S7×3=21则S22，取（0，1，1，0，1，1，0，1，1，0，1，1），（1，0，1，1，0，1，1，0，1，1，0，1），（1，1，0，1，1，0，1，1，0，1，1，1），则不同能力特征数总和恰好为22，最小值为22，故答案为：，22三、解答题：本大题共6小题，共80分解答应写出文字说明，演算步骤或证明过程15已知函数，0（）若=1，求f（x）的单调递增区间；（）若，求f（x）的最小正周期T的表达式并指出T的最大值【考点】三角函数中的恒等变换应用；三角函数的周期性及其求法；正弦函数的单调性【分析】（）当=1时，利用两角和及差以及二倍角公式化简函数的解析式，然后求解函数的单调区间（）化简函数的解析式为：f（x）=通过，求出然后求解T的最大值【解答】（本小题满分13分）解：（）当=1时， 令解得所以f（x）的单调递增区间是（）由因为，所以则，nZ解得又因为函数f（x）的最小正周期，且0，所以当=时，T的最大值为4 16为了解学生暑假阅读名著的情况，一名教师对某班级的所有学生进行了调查，调查结果如表12345男生14322女生01331（）从这班学生中任选一名男生，一名女生，求这两名学生阅读名著本数之和为4的概率？（）若从阅读名著不少于4本的学生中任选4人，设选到的男学生人数为X，求随机变量X的分布列和数学期望；（）试判断男学生阅读名著本数的方差及女学生阅读名著本数的方差的大小（只需写出结论）【考点】离散型随机变量的期望及方差；极差、方差及标准差；列举法计算基本事件数及事件发生的概率；离散型随机变量及其分布列【分析】（）设事件A：从这个班级的学生中随机选取一名男生，一名女生，这两名学生阅读本数之和为4由此能求出这两名学生阅读名著本数之和为4的概率（）阅读名著不少于4本的学生共8人，其中男学生人数为4人，故X的取值为0，1，2，3，4分别求出相应的概率，由此能求出随机变量X的分布列和数学期望（）【解答】（本小题满分13分）解：（）设事件A：从这个班级的学生中随机选取一名男生，一名女生，这两名学生阅读本数之和为4由题意可知，（）阅读名著不少于4本的学生共8人，其中男学生人数为4人，故X的取值为0，1，2，3，4由题意可得，所以随机变量X的分布列为X01234P随机变量X的均值（）17如图，在直角梯形1B1B中，A190°，A1B1，1=2A1B1=2直角梯形1C1C通过直角梯形1B1B以直线1为轴旋转得到，且使得平面1C1C平面1B1BM为线段的中点，P为线段1上的动点（）求证：A1C1；（）当点P是线段1中点时，求二面角PB的余弦值；1（）是否存在点P，使得直线A1C平面？请说明理由【考点】二面角的平面角及求法；直线及平面平行的判定；直线及平面垂直的性质【分析】（）证明结合1，证明平面1B1B推出A1C1平面1B1B即可证明A1C1（）以，1为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系，求出平面的一个法向量，平面的一个法向量，利用空间向量的数量积求解二面角PB的余弦值（）存在点P，使得直线A1C平面设P（x1，y1，z1），求出平面的一个法向量，求出，利用求出，即可证明结果【解答】（本小题满分14分）解：（）证明：由已知A1A190°，且平面1C1C平面1B1B，所以90°，即又因为1且1，所以平面1B1B由已知A1C1，所以A1C1平面1B1B因为平面1B1B，所以A1C1（）由（）可知，1两两垂直分别以，1为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系如图所示由已知 1=2A1B1=2A1C1=2，所以A（0，0，0），B（0，2，0），C（2，0，0），B1（0，1，2），A1（0，0，2）因为M为线段的中点，P为线段1的中点，所以易知平面的一个法向量=（0，0，1）设平面的一个法向量为=（x，y，z），由，得取2，得=（2，2，3）由图可知，二面角PB的大小为锐角，所以所以二面角PB的余弦值为（）存在点P，使得直线A1C平面设P（x1，y1，z1），且，0，1，则（x1，y12，z1）=（0，1，2），所以x1=0，y1=2，z1=2所以设平面的一个法向量为=（x0，y0，z0），由，得取y0=1，得（显然=0不符合题意）又，若A1C平面，则所以所以所以在线段1上存在点P，且时，使得直线A1C平面18已知函数f（x），aR（）求函数f（x）的单调区间；（）当x1，2时，都有f（x）0成立，求a的取值范围；（）试问过点P（1，3）可作多少条直线及曲线（x）相切？并说明理由【考点】利用导数研究函数的单调性；利用导数研究曲线上某点切线方程【分析】（）求出函数f（x）的定义域，函数的导函数，通过（1）当a0时，（2）当a0时，当0xa时，当xa时，导函数的符号，判断函数的单调性（）（1）当a1时，（2）当1a2时，（3）当a2时，分别求解函数的最值（）设切点为（x0，x00），则切线斜率，求出切线方程，切线过点P（1，3），推出关系式，构造函数（x0），求出导函数，（1）当a0时，判断g（x）单调性，说明方程g（x）=0无解，切线的条数为0（2）当a0时，类比求解，推出当a0时，过点P（1，3）存在两条切线（3）当0时，f（x），说明不存在过点P（1，3）的切线【解答】解：（）函数f（x）的定义域为0（1）当a0时，f（x）0恒成立，函数f（x）在（0，+）上单调递增；（2）当a0时，令f（x）=0，得a当0xa时，f（x）0，函数f（x）为减函数；当xa时，f（x）0，函数f（x）为增函数综上所述，当a0时，函数f（x）的单调递增区间为（0，+）当a0时，函数f（x）的单调递减区间为（0，a），单调递增区间为（a，+）（）由（）可知，（1）当a1时，即a1时，函数f（x）在区间1，2上为增函数，所以在区间1，2上，f（x）（1）=1，显然函数f（x）在区间1，2上恒大于零；（2）当1a2时，即2a1时，函数f（x）在1，a）上为减函数，在（a，2上为增函数，所以f（x）（a）=（a）依题意有f（x）（a）0，解得ae，所以2a1（3）当a2时，即a2时，f（x）在区间1，2上为减函数，所以f（x）（2）=22依题意有f（x）220，解得，所以综上所述，当时，函数f（x）在区间1，2上恒大于零（）设切点为（x0，x00），则切线斜率，切线方程为因为切线过点P（1，3），则即 令（x0），则（1）当a0时，在区间（0，1）上，g（x）0，g（x）单调递增；在区间（1，+）上，g（x）0，g（x）单调递减，所以函数g（x）的最大值为g（1）=20故方程g（x）=0无解，即不存在x0满足式因此当a0时，切线的条数为0（2）当a0时，在区间（0，1）上，g（x）0，g（x）单调递减，在区间（1，+）上，g（x）0，g（x）单调递增，所以函数g（x）的最小值为g（1）=20取，则故g（x）在（1，+）上存在唯一零点取，则=设，u（t）2t，则u（t）2当t1时，u（t）2e20恒成立所以u（t）在（1，+）单调递增，u（t）u（1）20恒成立所以g（x2）0故g（x）在（0，1）上存在唯一零点因此当a0时，过点P（1，3）存在两条切线（3）当0时，f（x），显然不存在过点P（1，3）的切线综上所述，当a0时，过点P（1，3）存在两条切线；当a0时，不存在过点P（1，3）的切线19已知点和椭圆C：（）设椭圆的两个焦点分别为F1，F2，试求1F2的周长及椭圆的离心率；（）若直线l：及椭圆C交于两个不同的点A，B，直线，及x轴分别交于M，N两点，求证：【考点】直线及圆锥曲线的综合问题；椭圆的标准方程【分析】（）利用椭圆的方程，求出a，b，c通过椭圆的定义求解三角形的周长，求解椭圆的离心率（）联立，利用直线l及椭圆C有两个交点，求出4m0或0m4设A（x1，y1），B（x2，y2），结合韦达定理，求解坐标，设直线及的斜率分别为k1，k2，推出k12=0，即可证明【解答】解：（）由题意可知，a2=4，b2=2，所以c2=2因为是椭圆C上的点，由椭圆定义得124所以1F2的周长为易得椭圆的离心率（）证明：由得因为直线l及椭圆C有两个交点，并注意到直线l不过点P，所以解得4m0或0m4设A（x1，y1），B（x2，y2），则，显然直线及的斜率存在，设直线及的斜率分别为k1，k2，则=因为k12=0，所以所以 20已知等差数列的通项公式设数列为等比数列，且（）若b11=2，且等比数列的公比最小，（）写出数列的前4项；（）求数列的通项公式；（）证明：以b12=5为首项的无穷等比数列有无数多个【考点】等差数列及等比数列的综合【分析】（）（）写出数列的前若干项，观察可得等比数列的公比最小为4，即可得到所求；（）由（）可知的通项公式，由等差数列的通项公式可得证明为正整数即可；（）设数列是数列中包含的一个无穷等比数列，求出c1，c2，求得公比q，只要证是数列的项，运用归纳法，即可得证【解答】解：（）观察数列的前若干项：2，5，8，11，14，17，20，23，26，29，32，35，因为数列是递增的整数数列，且等比数列以2为首项，显然最小公比不能是，最小公比是4（）以2为首项，且公比最小的等比数列的前四项是2，8，32，128（）由（）可知b1=2，公比4，所以又，所以，即再证为正整数显然k1=1为正整数，n2时，即，故为正整数所以，所求通项公式为；（）证明：设数列是数列中包含的一个无穷等比数列，且，所以公比因为等比数列各项为整数，所以q为整数取k2=52（mN*），则31，故只要证是数列的项，即证31=5（31）n1只要证（nN*）为正整数，显然k1=2为正整数又n2时，即，又因为k1=2，5m（31）n2都是正整数，故n2时，也都是正整数所以数列是数列中包含的无穷等比数列，其公比31有无数个不同的取值，对应着不同的等比数列，故数列所包含的以a2=5为首项的不同无穷等比数列有无数多个2016年9月12日29 / 29