中考实验---力学和电学测量实验.docx

中考实验-力学和电学测量实验例题精讲【例1】小明利用如图所示的装置，分别在水平面上匀速拉动两个同种材料制成的正方体A和B（各面粗糙程度均相同，其中一面带有拉环），他发现“匀速拉动体积大的物体A时，所用的拉力大”，于是他认为“接触面积大的物体所受的摩擦力大”请利用给定的实验器材，设计一个实验证明小明的观点是错误的考点：有关摩擦力的设计试验专题：探究型实验综合题分析：滑动摩擦力大小跟压力大小和接触面粗糙程度有关，跟接触面积大小无关，实验时控制压力大小和接触面粗糙程度都不变，改变接触面积大小可以分别将物体A叠放在物体B上、将物体B叠放在物体A上，用弹簧测力计竖直向上匀速拉动物体发现前后两次弹簧测力计的示数不变说明小明的观点是错误的解答：解：实验步骤及实验现象：（1）将AB叠放置于图中的水平面上，A与平面接触，利用图中的装置匀速拉动A和B，并保持A和B相对静止，观察并记录弹簧测力计的示数F1；（2）将AB倒置叠放于水平面上，B与平面接触，利用图中的装置匀速拉动B和A，并保持A和B相对静止，观察并记录弹簧测力计的示数F2；（3）对比前后两次拉力F1与F2的大小，发现F1=F2由于物体做匀速直线运动，拉力等于滑动摩擦力两次实验中接触面积虽然不同，但是接触面对物体的摩擦力相同，可见小明的观点是错误的【例2】（2011株洲模拟）跳绳是我市初中毕业生体育测试的项目之一，小华想利用所学的物理知识估测自己跳绳时克服重力的平均功率（不计绳重）（1）用体重计测量自己的质量m；（2）估测自己平均每次跳起的高度h（人的重心上升的高度）；（3）用秒表（填测量器材）记录跳n次所用的时间t（填物理量与其对应字母）（4）数据处理：自己所受的重力G=mg；每次克服重力所做的功W=Gh=mgh，则跳n次所做的总功W总=nW=nmgh；则平均功率P=nmgh/t（5）两人想比较跳绳的平均功率（假设两人跳起的平均高度相同），则AA频率相同，体重大的功率大 B频率相同，跳的时间长的功率大C体重相同，频率高的功率小 D体重相同，跳的时间长的功率大（6）小华要想提高跳绳测试的成绩，请你从物理学角度为他提出一条合理的建议：降低跳起高度、减肥等考点：功率的测量实验专题：应用题；实验题分析：估测自己跳绳时克服重力的平均功率，根据P=，需要测出在一段时间里做的功要知道跳绳时克服重力做的功，就要测出自己的体重m和跳起的高度h算出跳一次做的功，再数出在一段时间里跳的次数算出总功，由秒表测出时间就可由功率公式算出功率比较功率的大小可由P=作出判断当功一定时，时间越短，功率越大；当时间一定时，功越多，功率越大相同时间里，跳的次数越多成绩越好在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的每次做的功越少，相同时间里跳的次才越多，成绩才越好解答：解：（3）根据前面的分析，测出自己的体重m和跳起的高度h还要用秒表测出时间t（4）自己所受的重力是：mg； 每次克服重力所做的功W=Gh=mgh，则跳n次所做的总功W总=nmgh，则平均功率P=（5）频率相同，体重大的，在相同时间里做的功多，功率大所以 A正确B错误 体重相同，频率高，在相同时间里做的功多，所以功率大 故C错误体重相同，只要跳频率相同，功率与跳的时间长短无关 故D错误（6）相同时间里，跳的次数越多成绩越好在时间相同，功率一定的情况下，所做的功是一样的每次做的功越少，相同时间里跳的次才越多，成绩才越好所以想提高跳绳测试的成绩，可以降低跳起高度、减肥减轻体重等故答案为：（3）秒表、时间t（4）mg，mgh，nmghnmgh/t（5）A（6）降低跳起高度、减肥减轻体重【例3】（2014天津）小亮想测出小木块（密度比水的小，表面经处理后不吸水）的密度除了此木块，老师还给他提供了如下器材：与木块体积相同的铜块，足够大的量筒和足量的水（已知水的密度为水）请你仅利用上述器材帮他设计测量这个木块密度的实验方案，要求：（1）写出实验步骤及所需测量的物理量；（2）写出木块密度的数学表达式（用已知量和测量量表示）考点：设计实验测密度专题：测量型实验综合题分析：（1）实验的原理是=；（2）利用排水法得到铜块的体积，也就得到了木块的体积；再利用漂浮条件，求得木块的重力，进一步得到木块的质量解答：解：（1）实验步骤：向量筒内加入适量的水，记下量筒内水的体积V0；将铜块缓慢放入量筒内水中，记下此时水和铜块的总体积V1；再将木块轻轻放入量筒内水中，待木块静止处于漂浮状态时，记下此时总体积V2（2）木块密度的数学表达式因为木块漂浮，G=F浮=水gV排=水g（V2V1）木块的质量为m=水（V2V1）木块的体积为V=V1V0=水【例4】（2012天津）课外兴趣小组的同学们乘火车去参加车模比赛在行驶的火车上，小明想：“人顺着和逆着火车的行驶方向以相同的速度从车厢的一端运动到另一端所用的时间相等吗？”小明和同学们讨论后，决定用随身携带的赛车进行实验探究，并设计出如下两种实验方案：方案一：如图1所示，在车厢前后选取A、B两处，让两辆赛车同时开始做从A到B和从B到A的匀速直线运动，观察赛车是否同时到达各自的终点改变A、B两处距离重复上述实验两次（在实验过程中火车一直做匀速直线运动）方案二：如图2所示，在车厢前后选取A、B两处，让一辆赛车做从A到B的匀速直线运动，利用电子手表的停表功能测出赛车从A到B的运动时间；然后让该赛车以相等的速度做从B到A的匀速直线运动，测出运动时间比较两次时间的长短改变A、B两处距离重复上述实验两次（在实验过程中火车一直做匀速直线运动）（1）针对方案一，同学们经过讨论认为不可取，请你说明原因（写出一条即可）（2）针对方案二，请你设计出记录实验数据的表格考点：速度与物体运动；物理学方法；运动快慢的比较专题：设计与制作题；控制变量法；图析法分析：（1）实验方案是否可取，从能否达到实验目的，能否得出正确的实验结论，是否存在明显的设计缺陷等方面考虑；（2）由方案二知，实验需要记录的物理量由两点之间的距离，由A到B的时间和由B到A的时间；为避免实验结果的偶然性，至少做三次实验表格设计应体现以上内容解答：答：（1）因为实验前没有明确两辆赛车的速度大小，实验过程中也不能保证两车的运动速度相同，所以比较它们能否同时到达各自的终点就没有意义了（2）实验数据记录表格设计如下：赛车速度v一定次数A、B间距离（m）A到B的时间（s）B 到A的时间（s）123【例5】（2011安徽）某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下：用轻绳悬挂杠杆一端的O点作为支点，在A点用轻绳悬挂总重为G的钩码，在B点用轻绳竖直悬挂一个弹簧测力计，使杠杆保持水平；竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升（保持0点位置不变），在此过程中弹簧测力计的读数为F，利用刻度尺分别测出A、B两点上升的高度为h1、h2回答下列问题：（1）杠杆机械效率的表达式为=100%（用已知或测量的物理量符号表示）（2）本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是：杠杆的自重（3）若只将钩码的悬挂点由A移至C，O、B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）考点：杠杆机械效率的测量实验；杠杆的平衡条件；机械效率；机械效率的计算；杠杆的机械效率专题：计算题；压轴题；实验探究题分析：（1）使用杠杆克服钩码的重力做功，有用功等于克服钩码重力做的功，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值；（2）机械效率是有用功和总功的比值，它反映了有用功在总功中所占比例的大小，也反映了额外功所占比例的大小，影响机械效率的因素从有用功和额外功两方面考虑；（3）将钩码的悬挂点从A点移至C点，改变了钩码重力的力臂，根据杠杆平衡条件分析，改变了弹簧测力计的拉力，改变了弹簧测力计的拉力做功的多少，改变了机械效率的高低解答：解：（1）有用功为W有=Gh1，总功W总=Fh2，则机械效率的表达式=100%=100%（2）有用功是提升钩码所做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，影响机械效率的因素主要是有用功和总功所占的比例；提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力（3）钩码的悬挂点在A点时，由杠杠的平衡条件得GOA=FOB；悬挂点移至C点时，由杠杠的平衡条件得GOC=FOB，经对比发现，由OA到OC力臂变大，所以拉力F也变大，如果仍使钩码提升相同的高度，那么杠杆提升的高度就会减小，额外功减小，因此杠杆的机械效率变大故答案为：（1）100%；（2）杠杆的自重；（3）变大【例6】（2014北京）实验桌上有三个完全相同的烧瓶，烧瓶内装有质量相等的煤油、型号相同的温度计和阻值相等且不变的电阻丝R，如图所示另外，还有满足实验要求的电源、滑动变阻器和开关各一个，电流表和停表各一块，导线若干请利用上述实验器材，设计一个实验证明：“保持电阻阻值不变，在相同时间内通过电阻的电流越大，电流通过电阻产生的热量越多”实验设计中可用煤油升高的温度t的大小表示电流通过电阻丝R产生热量的多少请画出实验电路图，写出实验步骤，画出实验数据记录表格考点：焦耳定律专题：探究型实验综合题分析：（1）探究：“保持电阻阻值不变，在相同时间内通过电阻的电流越大，电流通过电阻产生的热量越多”，则需要测量的物理量有：升高的温度t与通过电阻丝的电流I，则电路应是由电源、开关、滑动变阻器、电流表和加热电阻丝R组成（2）利用电流表测流过电阻的电流，改变滑动变阻器阻值，改变流过电阻的电流，记录电流值和每加热一定时间时升高的温度t；最后根据数据判断升高的温度t与通过电阻丝的电流I的关系（3）记录数据的表格应包括：电流I、初温t0、终温t等内容解答：答：实验电路图如图所示：实验步骤：（1）按电路图将装置甲、滑动变阻器、电流表等串联接入电路中，将滑动变阻器的滑片调到阻值最大的位置，观察并记录装置甲中温度计的示数t0（2）闭合开关S的同时按下停表开始计时，观察并记录电流表的示数I，通电3min，停止计时的同时观察并记录温度计的示数t，断开开关S（3）用装置乙替换电路中的装置甲，改变滑动变阻器滑片的位置，观察并记录装置乙中温度计的示数t0仿照步骤（2），做一次实验（4）用装置丙替换电路中的装置乙，再次改变滑动变阻器滑片的位置，观察并记录装置丙中温度计的示数t0仿照步骤（2），再做一次实验实验数据记录表：I/At0/t/t/【例7】（2014自贡）小红准备测一只未知电阻（Rx=510）的阻值，手边有以下器材：电池组、电压表、电流表、开关、R0=15的定值电阻、最大阻值为20的滑动变阻器和几根导线当她准备实验时，发现电流表已经损坏，但一时又找不到新的电流表替代，小红顿时犯了愁，请你利用现有器材设计一个实验方案，帮他完成实验（1）在方框内画出你设计的实验电路图（2）简述实验主要步骤，要求写出需要测量或记录的物理量（3）Rx的表达式是考点：伏安法测电阻的探究实验专题：设计与制作题；测量型实验综合题分析：没有电流表，利用已知电阻和被测电阻串联找电流相等；被测电阻和已知最大阻值的滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，滑动变阻器阻值为0时，测电源电压；滑动变阻器为最大值时，电压表测被测电阻电压，根据串联电路电压特点，求滑动变阻器电压，求滑动变阻器电流，即被测电阻电流；根据R=计算电阻；开关串联在电路中控制电路解答：解：（1）被测电阻与滑动变阻器串联，电压表与被测电阻并联，开关串联在电路中，如图（2）实验步骤：先把滑片P移至最右端测出Rx两端电压U1，然后把P移至最左端测出Rx两端电压U2，也即电源电压因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压：U0=U2U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=可得：I=，解得：RX=故答案为：（1）如图；（2）实验步骤：先把滑片P移至最右端测出Rx两端电压U1，然后把P移至最左端测出Rx两端电压U2，也即电源电压（3）RX=【例8】（2014宝坻区一模）某同学在做“伏安法测电阻”的实验时，误将电压表并联在了滑动变阻器的两端，如图1所示，当发现接错时已经测量了四组电流表和电压表对应的数据该同学没有重新做实验，而是将得到的四组数据用描点法画在了UI坐标中，如图2所示，四组数据分别用a、b、c、d四个点表示由这四个点作出的UI图象为一条直线，延长直线交纵轴于E点，E点坐标为（0，U0），交横轴于F点，F点的坐标为（I0，0）（1）该同学认为U0就等于电源电压，这种想法对吗？请简述你的理由（2）请根据上述条件分析求待测电阻R0的过程并写出R0的表达式考点：伏安法测电阻的探究实验专题：探究型实验综合题分析：（1）电压表并联在了滑动变阻器的两端，横坐标表示电路中电流，纵坐标表示滑动变阻器的两端，根据坐标中图象和滑动变阻器的使用方法解答；（2）根据串联电路特点和欧姆定律分析解答；解答：解：（1）这种想法正确；因为E点坐标为（0，U0），该点所对应的电路状态为电流表示数为0，电压表示数最大，相当于滑动变阻器处出现开路，电压表和R0串联，电压表测电源电压，所以U0为电源电压（或：U=UR0+UR=IR0+U0，因为I=0，所以U=U0）（2）图象中F点的坐标为（I0，0），即电压表示数为0，电流表示数为I0对应的电路状态为滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路中只有R0接入电路，由第1问可知电源电压为U0，通过R0的电流为I0，所以R0的表达式为：R0=答：（1）正确；理由：E点坐标为（0，U0），该点所对应的电路状态为电流表示数为0，电压表示数最大，相当于滑动变阻器处出现开路，电压表和R0串联，电压表测电源电压，所以U0为电源电压（2）图象中F点的坐标为（I0，0），即电压表示数为0，电流表示数为I0对应的电路状态为滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路中只有R0接入电路，由第1问可知电源电压为U0，通过R0的电流为I0，所以R0的表达式为：R0=；R0=【例9】（2014兰州）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为6V，小灯泡的额定电压为2.5V，正常发光时的电阻约为10，所用滑动变阻器的规格为“50 1A”（1）请用笔画线代替导线将甲图中未完成的实物电路连接完整；（2）连接电路后闭合开关，发现小灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数，则电路中发生的故障是小灯泡短路（选填“小灯泡断路”或“小灯泡短路”）；（3）排除故障后，继续进行实验，闭合开关前，滑片P应移到B（选填“A”或“B”）端，闭合开关后，移动滑片P使灯泡L正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率是0.6W；（4）某同学还想探究电流与电阻的关系，于是将甲图中的小灯泡换成定值电阻R，并使电压表的示数始终保持2V不变，多次更换阻值不同的定值电阻R，记录各次电流表的示数，在不更换其他器材的情况下，为了能够完成实验，他更换的定值电阻R的阻值不能大于25考点：电功率的测量专题：探究型实验综合题分析：（1）根据实验原理连接实物电路图（2）根据电路故障现象分析电路故障原因（3）根据电路图确定滑片的位置；由图示电流表确定其量程与分度值，然后读出其示数，再由P=UI求出灯泡额定功率（4）根据串联电路特点与欧姆定律分析答题解答：解：（1）测灯泡电功率，电压表测灯泡两端电压，电流表测电路电流，灯泡额定电流约为I=0.25A，电流表选00.6A量程，灯泡额定电压为2.5V，电压表选03V量程，把滑动变阻器、电流表串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，实物电路图如图所示：（2）灯泡不发光，可能是灯泡短路或电路存在断路造成的，电流表有示数，说明电路不存在断路，与灯泡并联的电压表示数为零，则灯泡发生短路（3）为保护电路，闭合开关前应把滑片置于B端；电流表量程为00.6A，由图示电流表可知，其分度值为0.02A，电流表示数为0.24A，灯泡额定功率P=UI=2.5V0.24A=0.6W（4）电源电压为6V，电阻两端电压为2V，滑动变阻器分压为4V，是定值电阻两端电压的两倍，滑动变阻器接入电路的阻值为定值电阻阻值的两倍，滑动变阻器最大阻值为50欧姆，因此定值电阻最大阻值为25欧姆故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）小灯泡短路；（3）B；0.6；（4）25【例10】（2013门头沟区二模）实验桌上有如下器材：符合实验要求的电源一个、电流表和电压表各一只、开关一个、滑动变阻器一个，两个电阻箱、各种阻值已知的定值电阻和导线若干要求从实验桌上选择适当器材，设计一个实验证明：“当电阻两端的电压保持不变时，电阻消耗的电功率与该电阻的阻值成反比”请画出实验电路图，写出实验步骤，并设计数据记录表格考点：探究用电器的电功率实验专题：探究型实验综合题分析：根据实验要求，要证明：“当电阻两端的电压保持不变时，电阻消耗的电功率与该电阻的阻值成反比”，所以应使电阻两端的电压不变，改变电阻的阻值，可以使用电阻箱完成电阻的改变，通过滑动变阻器保持电阻箱两端的电压不变根据要求设计一个串联电路，分别改变电阻箱的电阻，使其两端的电压不变，测出对应的电流、电压值，根据P=UI计算出电功率进行分析；在表格中需有电流、电压、电阻及功率几项解答：答：电路图：实验步骤：（1）按电路图将已调好的各电路元件连入电路（2）闭合开关，调节电阻箱示数为R，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为U，此时电流表示数为I，将数据R、U、I记录在表格中；（3）仿照步骤（2），保持电压表示数U不变，再做五次，分别将数据R、U、I记录在表格中；（4）根据P=UI分别计算出电功率P的值，将数据记入表格数据记录表格：电 阻R1/电 流I/A电 压U/V电功率P/W一讲一测（2013济南模拟）学习了功率的知识后，小明和几位同学准备开展“比一比谁的功率大”的活动他们设计了四套方案：可行的是（）A测量出各自体重、爬楼高度，算出爬楼做的功并进行比较B测量出各自体重、爬楼用时间和爬楼高度，算出爬楼的功率并进行比较C控制爬楼时间相同，测量出各自体重、爬楼高度，算出爬楼做的功并进行比较D控制爬楼高度相同，测量出各自体重、爬楼时间，算出体重和时间的比值并进行比较考点：功率的测量实验专题：功、功率、机械效率分析：功率是描述物体做功快慢的物理量，要比较功率的大小，有三种方法：做功时间一定，比较做功的多少，做功多的，功率大；做功的多少一定，做功时间短的，功率大；分别测出功率，进行比较比较功率不一定必须测出功率解答：解：A、测量出各自体重、爬楼高度，虽然可以算出爬楼做的功，但时间不确定，功率大小不能确定此方法不可行B、测出各自的体重、爬楼时间和爬楼的高度，根据P=求出功率，直接比较功率的大小此方法可行；C、控制爬楼的时间相同，测出各自的体重，爬楼的高度，若W=Gh越大，功率就越大此方法可行；D、控制爬楼高度相同，测出各自的体重，爬楼时间t，若的比值越大，功率就越大此方法可行故选B、C、D点评：解答此题的关键是我们首先要知道爬楼是克服自身的重力做功，然后根据比较功率的方法来解答2（2011宿迁）要测量小明通过楼梯上楼时的功率，不需要测量的是（）A身体质量B通过的楼梯高度C通过的路程D上楼所用的时间考点：功率的测量实验；功率的计算专题：实验题；压轴题分析：测量功率的实验，首先要看清是克服什么力做功，然后根据功率的计算公式P=确定测量的物理量和所用的工具解答：解：小明同学上楼梯的过程就是克服其重力做功的过程，根据功率的计算公式P=，需要测量的物理量有小明的质量、楼梯的竖直高度、登楼所用的时间，不需要测量通过的路程故选C点评：根据功的计算公式W=FS，功等于力和距离的乘积，这里的距离S指的是物体在力的方向上通过的距离，特别强调距离和力的方向的一致性3（2012襄城区模拟）如图所示，在探究“斜面的机械效率”的实验中，以下说法错误的是（）A用弹簧测力计沿斜面向上拉木块时，应尽量匀速B斜面的倾斜程度影响斜面的机械效率C木块在匀上升过程中拉力和摩擦力是一对平衡力D斜面的倾斜程度越小，沿斜面所用的拉力越小考点：斜面机械效率的测量实验；平衡力的辨别专题：应用题分析：（1）物体做匀速直线运动时，受到的力才是平衡力；（2）斜面的机械效率与斜面的粗糙程度及斜面的坡度有关粗糙程度一定时，斜面越陡机械效率越高；（3）在物重和斜面的粗糙程度一定时，斜面的倾斜程度越大，越费力，机械效率越高解答：解：A、为了保证弹簧测力计的示数稳定，需使木块受到的力为平衡力，则要让木块做匀速直线运动，故A正确；B、其他条件一定时，斜面倾斜程度越大，机械效率越高，故B正确；C、木块在匀上升过程中受到的力有：重力、拉力和摩擦力三个力这三个力平衡，拉力和摩擦力不是一对平衡力故C错误；D、斜面的倾斜程度越小，越省力，故D正确故选C点评：解决本题要知道：影响斜面机械效率的因素有：斜面倾斜程度、斜面粗糙程度斜面粗糙程度一定时，斜面越陡，越费力，机械效率越高物体做匀速直线运动时受到的力平衡4（2004哈尔滨）同学们在探究“影响滑轮组机械效率高低的因素”时提出了下列假设：（1）滑轮组机械效率高低可能与动滑轮重有关；（2）滑轮组机械效率高低可能与被物重有关；（3）滑轮组机械效率高低可能与物体提升高度有关；（4）滑轮组机械效率高低可能与承重绳子段数有关然后一位同学设计了如图所示的两个滑轮组，进行对比实验来验证提出的假设，则该实验验证的假设是（）A（1）B（2）C（3）D（4）考点：滑轮（组）机械效率的测量实验专题：压轴题；实验探究题；控制变量法分析：（1）影响滑轮组机械效率的因素有被提升物体的重力、动滑轮重力、绳子重力和摩擦等；（2）比较两个图中的相同因素和不同因素，研究的是机械效率与不同因素的关系解答：解：（1）比较两图发现：绳子段数相同，动滑轮重相同，提升高度也相同，只有被提升物体的重力不同；（2）结合控制变量法的思想，所以该实验装置探究的是滑轮组的机械效率与被提升物体的重力的关系故选B点评：（1）运用控制变量法探究实验时，一定抓住相同因素和不同因素；（2）结论的一般形式是：在（相同因素）相同时，（不同因素）越（），（研究的物理量）越（）5（2012哈尔滨）某同学利用如图所示电路，测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是（）A闭合开关前，滑片P应滑到B端B闭合开关后，小灯泡不发光，一定是小灯泡灯丝断了C当电压表示数为2.5V时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率D实验还可得知，小灯泡的实际功率越大，小灯泡越亮考点：探究用电器的电功率实验专题：应用题；压轴题分析：（1）闭合开关前，滑动变阻器应滑到电阻最大位置；（2）闭合开关后，小灯泡不发光的原因有：小灯泡灯丝断路、小灯泡被短路、小灯泡接触不良、电源电压太小、滑动变阻器连入电路的电阻太大等原因；（3）当电压表的示数为额定电压时，根据电流表的示数和公式P=UI即可求出小灯泡的额定功率；（4）小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率，实际功率越大，小灯泡越亮解答：解：A、闭合开关前，滑动变阻器应滑到B端，即其电阻最大位置故A正确；B、闭合开关后，小灯泡不发光的原因有很多，并不一定是小灯泡灯丝断了，故B错误；C、当电压表示数为2.5V时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率，正确；D、小灯泡的亮度就是看小灯泡的实际功率，实际功率越大，小灯泡越亮，故D正确故选B点评：此题考查的知识点比较多，有电路连接时的注意事项、电路故障的分析、额定功率的计算和小灯泡亮度的比较等问题，学生在做此题时，要对每一个选项进行认真仔细的分析后，才能得出正确的答案6（2012崇安区二模）课外兴趣小组活动时，某校两同学通过实验研究小灯泡的电功率跟两端电压的关系，已知小灯泡的额定电压为2.5伏、额定功率为0.75瓦小明同学设计了如图甲所示的电路进行研究，他先测出若干组电压和电流值，再由公式P=UI，求得对应的功率，并作出功率随电压变化的图线a小红同学设计了如图乙所示的电路进行研究，她先由R=计算出小灯泡的电阻R，再测出若干个电压值，最后根据P=，求得对应的功率，也作出功率随电压变化的图线b则下列反映了他们的实验结果的图线是（）ABCD考点：探究用电器的电功率实验专题：压轴题；图析法；探究型实验综合题分析：灯泡电阻随灯泡温度的升高而变大，根据题干给出的两种情况，根据电功率公式应用数学知识分析答题解答：解：（1）P=，灯泡正常发光时的电阻R=8.3；由题意知：P甲=和P乙=，由此可见，电功率P关于电压U的二次函数（跟y=ax2+bx+c，且a0，b=0，c=0时相符合），故图象是经过原点开口向上的抛物线，故CD错误（2）P甲=和P乙=，灯泡电阻R随温度升高而变大，当小灯泡两端电压U2.5V时，小灯泡在低于额定电压下工作，它的电阻R8.3，则P甲P乙，此时抛物线a在抛物线b的上方 当小灯泡两端电压U=2.5V时，小灯泡在额定电压下工作，它的电阻R=8.3，则P甲=P乙=0.75W，且此时两抛物线相交 当小灯泡两端电压U2.5V，小灯泡在高于额定电压下工作，它的电阻R8.3，则P甲P乙，此时抛物线a在抛物线b的下方综上所述，B图中的图线反映了他们的实验结果故选B点评：本题考查了灯泡实际功率与灯泡电压间的关系，本题难度较大，知道灯泡电阻随温度的变化而变化、应用数学知识分析是解题的关键7（2010南京二模）如图是小松同学做电学实验时所画电路图的一部分，其中小灯泡的铭牌不清，根据此图，可以直接研究的问题是（）A测小灯泡正常发光的电阻B测小灯泡的实际电功率C测小灯泡消耗的电能D测小灯泡产生的热量考点：探究用电器的电功率实验专题：实验题分析：（1）电阻的大小受温度的影响，在不同温度下，导体的电阻的大小是不同的；（2）知道用电器的实际电压和实际电流，据公式P=UI可计算出实际功率；（3）据公式Q=I2Rt和W=UIt可知，若想计算出小灯泡消耗的电能和产生的热量必须要知道通电时间解答：解：A、据图能看出，该题能直接测出小灯泡的实际电压和实际电流来，故据公式R=可以计算出灯泡的实际电阻，由于电阻受温度的影响，故灯泡的实际电阻与正常工作时的电阻是不同的，故该选项错误；B、知道灯泡的实际电压和实际电流，据公式P=UI可计算出灯泡的实际功率，故该选项正确；C、由于在测量小灯泡消耗的实际电能，需要用到时间，故在这里没有涉及到时间，故该选项错误；D、由于在测量小灯泡消耗的实际热量，需要用到时间，故在这里没有涉及到时间，故该选项错误；故选B点评：熟悉电学中的所有计算公式，并能正确的区分实际电压、实际功率、额定电压、额定功率、实际电阻、正常工作时的电阻等物理量是解决该题的关键8（2009荔湾区一模）如图是“测量小灯泡的额定功率”的实验电路图在这个实验的具体操作中，手和眼睛最合理的分工应该是（）A手移动变阻器的滑片，眼睛观察变阻器的滑片的位置B手移动变阻器的滑片，眼睛观察小灯泡是否发光C手移动变阻器的滑片，眼睛观察电压表的示数D手移动变阻器的滑片，眼睛观察电流表的示数考点：探究用电器的电功率实验专题：实验题分析：小灯泡在额定电压下的功率叫额定功率，调节滑动变阻器的滑片，可以改变小灯泡两端的电压解答：解：按电路图连接电路，闭合开关之前，为保护电路，要求滑动变阻器的滑片在阻值最大处，闭合开关时，电压表的示数不一定等于小灯泡的额定电压，此时要通过调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡两端的电压等于其额定电压，用手调节滑片，眼睛看着电压表的示数故选C点评：本题考查测小灯泡额定功率时，手眼协调配合的问题，要回忆实验的情景9（2014南长区一模）一位同学用如图所示的电路探究“电流与电阻的关系”电源电压不变，下表是实验数据，若第四次实验时将定值电阻的阻值由30调为40后就直接读出电流表的示数，这个示数应该是（）R/1020304050I/A0.60.30.20.12A0.2B0.17C0.15D0.13考点：探究电流与电压、电阻的关系实验专题：探究型实验综合题分析：研究通过导体的电流与电阻的关系要保持导体两端的电压不变，小华将电阻箱R的阻值从30调为40后，就直接记录电流表示数，没有移动滑动变阻器，从而会导致电路中的电流变小根据欧姆定律，计算出当电阻箱R两端的电压保持不变，且电阻箱的阻值为40时，电路中的电流，从而再进行判断解答：解：研究通过导体的电流与电阻的关系要保持导体两端的电压不变，电阻箱两端的电压U电阻箱=I1R1=0.6A10=6V，当电阻箱R的阻值为40时，电路中的电流应该为：I=0.15A，小华将电阻箱R的阻值从30调为40后，要保持电阻箱两端电压不变，应向右移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分压变大，从而使电阻箱两端电压减小保持不变，因此，当未移动滑动变阻器时，电路中的电流应该大于0.15A而小于0.2A，故选B点评：本题考查了控制变量法和欧姆定律的应用，以及在研究通过导体的电流与电阻的关系时，要控制导体两端的电压不变10（2004青岛）如图甲所示是伏安法测定小灯泡电阻、功率的实验电路图小灯泡正常工作时，两电表的示数如图乙所示，则下列说法不正确的是（）A在连接电路时，应将开关断开，并将滑动变阻器值调至最大值B小灯泡的额定功率为0.72W，此时的电阻为8C如果将滑片P向a端滑动，则电压表的示数将变大D如果将滑片P向b端滑动，则小灯泡的实际功率将大于额定功率考点：伏安法测电阻的探究实验；滑动变阻器的使用；探究用电器的电功率实验专题：计算题；实验题；压轴题分析：根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电阻电功率的计算、电表的读数以及示数的变化解答：解：A、说法正确，连接电路时，开关应断开，是为了防止短路将变阻器连入电路时，滑片应放到使电路中电流最小的位置，即为阻值最大位置，也是为了保护电路A不符合题意；B、由图可知，电流表的量程00.6A，分度值0.02A，故电流为0.3A，电压表量程为03V，分度值为0.1V，故灯泡电压为2.4V；根据功率公式可知，P=UI=2.4V0.3A=0.72W；R=8B正确，B不符合题意；C、滑动变阻器aP连入电路，如果将滑片P向a端滑动，连入电路的电阻变小，灯泡L的电阻不变，根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，电压表的示数将变大，C正确，C不符合题意；D、如果将滑片P向b端滑动，连入电路的电阻变大，电路中的电流变小，根据公式P=I2R可知，P将减小，D错误，D符合题意故选D