贵州省遵义市2019年中考物理模拟试卷(解析版).doc

贵州省遵义市2019年中考物理模拟试卷一、选择题(本大题包括8个小题，每小题3分，共24分。每小题只有一个正确答案)1节日的夜晚，城市上空燃放起璀璨的烟花。下列有关礼花爆炸现象的说法正确的是()A礼花爆炸不存在内能与机械能的转化B很远都能听到爆炸声，因为其音调高C我们先看到礼花后听到爆炸声D声音是由爆炸产生的，与振动无关【专题】声现象；光的传播与反射、平面镜成像【分析】（1）礼花爆炸时，化学能转化为内能，内能转化为机械能；（2）响度是声音的大小，音调是声音的高低；（3）光在空气中的传播速度是3×108m/s，声音在空气中的传播速度是340m/s；（4）声音是由物体的振动产生的；【解答】解：A、礼花爆炸时，存在内能与机械能的转化，故A错误；B、礼花爆炸时，很远的地方都能听到响声，是因为其响度大，故B错误；C、礼花与声音是同时产生的，光在空气中的传播速度是3×108m/s，声音在空气中的传播速度是340m/s，所以先看到礼花后听到声音，故C正确；D、礼花绽放时，发出的声音是由于振动产生的，故D错误。故选：C。【点评】本题考查响度、声音的产生、光的传播速度及能量的转化，属于中等题。 2下列一些关于生活中的物理现象及其解释正确的是()A夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，这是水的汽化现象B寒冬，房间窗户玻璃的内表面出现冰花，这属于凝华现象C夏天，在教室内洒水可以降温，是利用水的比热容大的缘故D寒冬，在冰雪覆盖的路面上撒盐便于除雪，是因为盐可以提高冰雪的熔点【专题】应用题；汽化与液化、升华与凝华【分析】（1）物质由液态变为气态的过程叫汽化、物质由气态变为液态的过程叫液化；（2）物质由固态变为气态的过程叫升华、物质由气态变为固态的过程叫升华；（3）水蒸发要从周围空气吸热，使周围的空气温度降低，达到降温的目的；（4）影响晶体熔点高低的因素：物质的种类、压力的大小、是否有杂质。种类不同，熔点一般不同；压力越大，熔点降低；当有杂质参入时熔点降低。【解答】解：A、夏天，盛冷饮的杯子外壁出现水珠，是空气中的水蒸气液化形成的小水珠。故A不符合题意；B、寒冬房间窗户玻璃的内表面出现冰花，是室内水蒸气遇冷的玻璃凝华形成的。故B符合题意；C、因水蒸发有致冷作用，使周围空气温度降低，所以夏天洒水是利用了蒸发吸热的道理，故C不符合题意；D、寒冷的冬季，向积雪撒盐，在其它条件相同时，积雪上洒盐水是参有杂质，积雪的熔点降低，使积雪熔化，故D不符合题意。故选：B。【点评】物态变化类的题目，分清楚物质前后各处于什么状态，结合概念就可以得出，属于基本概念的考查。 3如图所示，下列光学现象及其解释正确的是(C)A图甲中，小孔成的是倒立的虚像B图乙中，人配戴的薄透镜可以矫正远视眼C图丙中，海市蜃楼是由于光的折射形成的D图丁中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律【专题】定性思想；光的折射、光的色散【分析】（1）光在同一均匀介质中是沿直线传播的；（2）近视眼用凹透镜来矫正；（3）光从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向会发生改变，这就是光的折射，光的折射现象有：透镜的应用、池水变浅了等；（4）所有反射现象都遵循光的反射定律【解答】解：A、图中小孔成的是光的直线传播形成的倒立的实像，故A错误。B、图表示的是近视线的成像情况，应该佩戴凹透镜来矫正，故B错误；C、“海市蜃楼”是由于一种由光的折射产生的现象，是由于光在密度不均匀的物质中传播时，发生折射而引起的，故C正确；D、漫反射的光线杂乱无章，但也遵循光的反射定律，故D错误。故选：C。【点评】本题考查光的直线传播，近视眼的矫正，海市蜃楼现象，以及反射定律是一道综合题。 4如图所示的四个物理情景中，相应的描述正确的是(C)A建筑工人推的独轮车是费力杠杆 B用力未搬起石块，这个力做了功C用吸管喝饮料时利用了大气压强 D雕刻刀的刀口很薄，是为了减小压强【专题】应用题；其他综合题【分析】（1）根据力臂的大小判断杠杆的种类；（2）做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离。两个条件缺一不可；（3）用吸管吸饮料是利用了大气压强。（4）固体压强的大小与压力大小与受力面积的大小有关，在压力一定时，可以通过减小受力面积的方式来增大压强。【解答】解：A、人推独轮车运送货物时，动力臂大于阻力臂，独轮车是省力杠杆，故A错误；B、用力搬石头但没有搬起，有力无距离，没有做功，故B错误；C、吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，吸管内气压减小，在外界大气压的作用下，饮料被压进吸管里，故C正确；D、雕刻刀的刀口很薄，是通过减小受力面积来增大压强，故D错误。故选：C。【点评】本题为力学综合题，考查了杠杆分类、做功的必要因素、大气压的应用与增大压强的方法，属于基础题目。 52018年，平昌冬奥会闭幕式的“北京8分钟”惊艳了全世界，在美轮美奂的光影中，冰上少年与智能机器人随音乐共舞，20多名机器人动作整齐划一，精准优美，与炫舞少年相得益彰，关于正在表演的机器人与冰上少年，下列说法正确的是(C)A机器人在弯道滑行时，运动状态不发生改变B表演过程中，少年具有惯性，机器人没有惯性C会场里的音乐声是通过空气传播到少年耳朵里的D音乐声在会场的传播速度是3×108 m/s【专题】定性思想；声现象；运动与力【分析】（1）运动状态包括运动的方向与速度，其中一个改变则运动状态改变；（2）物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性；（3）声音的传播需要介质，声音可以在气体、液体与固体中传播；（4）声音在空气中15时传播的速度是340m/s。【解答】解：A、机器人在弯道滑行时，运动方向发生改变，所以运动状态改变，故A错误；B、一切物体都有惯性，少年具有惯性，机器人也有惯性，故B错误；C、声音的传播需要介质，会场里的音乐声是通过空气传播到少年耳朵里的，故C正确；D、音乐声在会场是靠空气传播的，速度是340m/s，故D错误。故选：C。【点评】以平昌冬奥会闭幕式的冰上少年与智能机器人随音乐共舞的场景为内容，考查了与多个知识点，都是较基础的力学知识，应熟练掌握。 6我国电力供电系统全球领先，为国家经济建设与人民生活提供了强有力的保障。如果使用不当也会给我们带来危害，下列做法符合安全用电要求的是(B)A手机充电器永久地插在插座上B断开电源后，再更换灯泡C使用测电笔时，手直接接触它的笔尖D家庭电路保险丝断了，用铜丝代替保险丝【专题】应用题；电与热、生活用电【分析】（1）充电器长时间插在电源插孔上会发热，引起安全事故；（2）维修电器或更换灯泡，应先切断电源；（3）使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体；（4）保险丝是采用电阻大熔点低的材料制成的，当电流过大时可以切断电路，起到保护作用。【解答】解：A、充电器长时间插在电源插孔上会发热，引起线路安全事故，故A错误；B、更换灯泡时，要先切断电源，然后再换新灯泡，否则容易发生触电事故，故B正确；C、使用测电笔时，手必须接触测电笔尾部的金属体，不能接触笔尖的金属体，故C错误；D、家庭电路的保险丝断了，不能用铜丝代替，是因为铜的熔点高，当电流过大时不能熔断，不符合安全用电原则，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了学生对安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、积累，加强安全意识，不能违反。 7如图所示，利用滑轮组将重力为2 N的物体，以0.2 m/s的速度提升0.1 m，拉力F为1.2 N，下列说法正确的是(C)A绳自由端移动的速度是0.6 m/s B这个滑轮组是费力机械C滑轮组的机械效率是83.3% DF做的有用功是0.24 J第7题图【专题】应用题；简单机械；功、功率、机械效率【分析】（1）由图可知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，绳自由端移动的速度等于物体升高速度的2倍；（2）由题知使用滑轮组时拉力F、提升的物重，比较二者大小可得是省力机械还是费力机械；（3）利用W=Gh求拉力做的有用功，拉力端移动距离s=2h，利用W=Fs求拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：A、由图可知，使用滑轮组承担物重的绳子股数n=2，绳自由端移动的速度v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，故A错；B、由题知拉力F=1.2N，G=2N，因为FG，所以这个滑轮组是省力机械，故B错；CD、拉力做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，拉力端移动距离s=2h=2×0.1m=0.2m，拉力做的总功W总=Fs=1.2N×0.2m=0.24J，滑轮组的机械效率：故选：C。【点评】本题考查了使用滑轮组有用功、总功、机械效率的计算，确定使用滑轮组承担物重的绳子股数是突破口，明确有用功、总功的含义是关键。8如图所示，电源电压保持不变，灯L标有“6 V0.6 W”字样，不考虑温度对灯丝电阻的影响，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P移动到中点时，灯L正常发光，电压表示数为4 V，当滑片P移到最大阻值时，灯L与滑动变阻器的电功率之比为(B)A43 B34 C3 2 D23【专题】压轴题；欧姆定律；电能与电功率【分析】根据灯泡的额定电压与电功率计算出灯泡的额定电流及电阻，由灯泡正常发光时电压表的示数，计算出电源电压及变阻器的阻值；计算出变阻器的最大阻值，由P=UI=I2R判断电功率之比。【解答】 P=UI=I2R，当滑动变阻器的阻值最大时，二者电功率之比：PL：P滑=I2RL：I2R滑=RL：R滑=60：80=3：4。故选：B。【点评】本题考查了欧姆定律及电功率公式的综合应用，计算出变阻器的最大阻值，并能够熟练应用电功率的变形公式是解决此题的关键。二、填空题(本大题包括5个小题，每空2分，共20分)92018年5月19日，解放军空军出动轰6K在我国的永兴岛进行起降训练。轰炸机在机场跑道上启动，加速滑行一段距离后腾空而起，飞向5 000米左右的高空，在蓝天翱翔一段时间后，完成既定任务，成功返回机场，继续沿跑道滑行一段距离，平稳地停在指定位置。轰炸机腾空而起，相对于跑道是_运动_(选填“运动”或“静止”)的。从5 000米高空减速返回机场过程中，飞机的机械能_减小_(选填“增大”“减小”或“不变”)。【专题】应用题【分析】（1）运动与静止是相对的。研究物体的运动时，必须事先选定一个标准的物体，这个事先被选作标准的物体叫参照物。如果被研究的物体相对于这个标准位置发生了改变，则是运动的；如果被研究的物体相对于这个标准位置没有发生了改变，则是静止的。（2）机械能包括动能与重力势能，动能的影响因素：质量与速度；重力势能的影响因素：质量与高度。【解答】解：以跑道为参照物，轰炸机相对于跑道的位置发生了变化，所以轰炸机腾空而起，相对于跑道是运动的；减速返回过程中，速度减小，动能减小，高度减小，重力势能减小，所以机械能减小。故答案为：运动；减小。【点评】此题主要考查学生对机械能的影响因素、运动与静止的相对性的理解与掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论。 10航天迷小伟利用自制降落伞模拟返回舱的降落过程，将带有降落伞的重物从高处释放，一段时间后打开降落伞，重物在离地4 m高处开始匀速下落，速度为5 m/s。若打开降落伞后，降落伞与重物受到的阻力f与速度v满足关系式fkv2，k3 N·s2/m2，则重物从开始匀速下落到落地所用的时间为_0.8_s，降落伞与重物的总重为_75_N。【专题】应用题；长度、时间、速度；运动与力【分析】（1）已知高度与速度，利用速度公式计算重物从开始匀速下落到落地所用的时间；（2）根据f=kv2中，k=3Ns2/m2求出阻力，然后根据力的平衡得出降落伞与重物的总重。【解答】解：（2）由题意得，匀速下落时有：f=kv2=3Ns2/m2×（5m/s）2=75N，故降落伞与重物的总重：G=f=75N。故答案为：0.8；75。【点评】此题考查速度公式及其应用、二力平衡条件及其应用，正确理解公式是解题的关键。 11在利用一凸透镜研究其成像规律时，某同学得到的部分实验信息如下表所示。根据表中信息可知该凸透镜的焦距是_15_cm；当24 cm 时，凸透镜成缩小的像，_照相机_(选填“投影仪”或“照相机”)就是根据这一原理制成的。【专题】信息给予题；透镜及其应用【分析】当u=v=2f时，成倒立、等大的实像；u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf，应用于照相机与摄像机。【解答】解：由表中的数据可知，实验3中，u=v=30cm，由凸透镜成像规律可知此时u=v=2f，则f=15cm；当v=24cm时，由表中的数据可知，物距（40cm）大于二倍焦距，凸透镜成缩小的像，照相相机就是根据这一原理制成的。故答案为：15；照相机。【点评】凸透镜成像的四种情况与应用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。12.如图所示的实验装置中，当导体棒 ab_ _(选填 “上下” 或“左右”)运动时，灵敏电流计的指针会发生偏转。人们利用该实验原理发明了_ _(选填“电动机”或“发电机”)。第12题图【专题】定性思想；电动机、磁生电【分析】闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，这就是电磁感应现象；利用这一原理制成了发电机。【解答】解：闭合开关后，使导体棒ab左右运动，可以切割磁感线，因此会有感应电流产生，此时电流表指针能发生偏转。如果上下运动与磁感线方向平行，不能切割磁感线，电路中不会产生感应电流。这种现象就是电磁感应现象，利用它人们发明了发电机。故答案为：左右；发电机。【点评】此题考查了电磁感应现象的实验，尤其要注意导体如何运动才能切割磁感线，难度不大。13灯泡L与定值电阻R组成的电路如图甲所示，L与R的IU图线分别为图乙中的A、B。闭合开关S，L正常发光，电路的总功率为4.8 W，此时灯泡L的电阻为_12_ ，功率为_3_W。【专题】应用题；电路与欧姆定律；电能与电功率【分析】由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，根据并联电路的特点与P=UI表示出电路的总功率，然后结合图象读出符合电路的总功率为4.8W时的电流与电压，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻，根据P=UI求出灯泡的电功率。【解答】解：由电路图可知，灯泡L与电阻R并联，已知L与R的I-U图线分别为图乙中的A、B，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之与，所以，电路的总功率P=UI=U（IR+IL），因闭合开关S，L正常发光，电路的总功率为4.8W，所以，由图象可知，当U=6V、IR=0.3A、IL=0.5A时符合，灯泡的功率PL=UIL=6V×0.5A=3W。故答案为：12；3。【点评】本题考查了并联电路的特点与欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中读出符合特点的电流与电压是关键。三、实验、论述及作图题(本大题包括4个小题，14题4分，15题6分，16题6分，17题4分，共20分)14(1)如图甲所示，作出图中的反射光线。(2)如图乙所示，重5 N的木块漂浮在水面上，请画出它所受浮力的示意图。（1）【专题】作图题；光的传播与反射、平面镜成像【分析】根据反射定律进行分析，即根据反射角等于入射角作出反射光线。【解答】解：过入射点垂直于镜面作出法线，入射光线与镜面的夹角为45°，则入射角为90°-45°=45°，根据反射角等于入射角在法线另一侧作出反射光线，如图所示：【点评】本题利用了光的反射定律作图：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角。（2）【专题】作图题；浮力【分析】先由平衡条件求出木块所受到的浮力，然后做出浮力的示意图，注意方向竖直向上。【解答】解：因为木块漂浮，所以F浮=G=5N；浮力的作用点可画在重心，方向竖直向上，如图所示：【点评】本题考查力的示意图的画法，即力的图示就是表示力的三要素，牢记浮力的方向总是竖直向上的，根据漂浮时浮力与重力相等确定浮力的大小是解决问题的关键。15小端同学为了测量遵义特产赤水晒醋的密度，进行以下实验：(1)把天平放在水平台上，将游码移至零刻度处，然后调节_平衡螺母_，使天平横梁平衡。(2)接下来小端进行以下三项操作：A.用天平测量烧杯与剩余晒醋的总质量m1；B.将待测晒醋倒入烧杯中，用天平测出烧杯与晒醋的总质量m2；C.将烧杯中晒醋的一部分倒入量筒，测出这部分晒醋的体积V。以上操作的正确步骤是_BCA_(填字母代号)。(3)由正确步骤可知晒醋的密度是_1.125×103_kg/m3。【专题】测量型实验综合题【分析】（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平横梁平衡（2）在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中的质量与体积，根据分析排列成顺序；（3）首先读出两次天平的示数及量筒中醋的体积，天平的示数等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺与量筒的分度值；根据两次天平的读数之差，即可得出剩余液体的质量，【解答】解：（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母，使天平横梁平衡；（2）在测量时，需先测出烧杯与老醋的总质量，再将烧杯中的一部分醋倒入量筒，测出这部分老醋的体积，并测出烧杯与剩余醋的总质量，所以测量顺序为BCA；（3）由图知，标尺的分度值为0.2g，烧杯与剩余液体的总质量m1=20g+10g+5g+2.4g=37.4g烧杯与液体的总质量m2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g（4）量筒中液体的质量m=m2-m1=82.4g-37.4g=45g量筒的分度值为2ml，量筒中老醋的体积为：V=40ml=40cm3；故答案为：（1）零刻度；平衡螺母；（2）BCA；（3）40cm3；1.125×103kg/m3。【点评】此题是测量老醋的密度，考查了学生对测量液体密度的掌握，同时考查了天平、量筒的读数及密度的计算，以及密度单位之间的换算。考查得很全面。16用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx、两节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干。(1)根据图甲的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物图连接完整。答图(2)闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是_电流表或电阻Rx开路_。(3)排除故障后，测得多组实验数据，各组数据对应的点已经描在图丙中，请在图中画出Rx的IU图线，由图可知Rx_5.6_。(结果保留1位小数)。答图(4)电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中Rx的测量结果，用图丁的电路进行测量可消除这个影响，R0为定值电阻，实验步骤如下：按照图丁的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处；闭合开关S1、S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1与电流表的示数I1；_断开S2_，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2与电流表的示数I2；可得待测电阻Rx_(用U1、I1、U2与I2表示)。【专题】作图题；设计与制作题；电路与欧姆定律；测量型实验综合题【分析】（1）根据电路图连接实物图；（2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；（3）将各个点连接起来，由欧姆定律求电阻大小；（4）经分析，电压表测电流表与定值电阻的总电压，由欧姆定律可得出电流表与定值电阻的总电阻；为消除电流表内阻对测量的影响，断开S2，此时电压表测待测电阻与定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，可求了测待测电阻与定值电阻及电流表的串联的总电阻，两电阻相减即可得出待测电阻大小。【解答】解：（1）电压表与电阻并联，如下左所示：（2）经分析，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是电阻断路；（3）将各点连接起来，如上右所示；【点评】本题用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，考查电路的连接、故障分析、描点法作图，电阻的计算及设计实验方案的能力。17取一根吸管，在离吸管末端三分之一处，剪一水平切口P，从切口处折弯吸管，把吸管放进水里，让切口离水面约23 cm，用力吹气，如图所示，发现切口处有水沿水平方向喷出。请你运用科学知识解释此现象形成的原因。答：往管中吹气，切口P处气体流速增大，压强减小，杯中的水在外界大气压强作用下沿吸管上升到切口P处，上升的水在长管气流的作用下，沿水平方向喷出。【专题】简答题；气体的压强、流体压强与流速的关系【分析】首先根据流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大结合大气压，可知水在吸管内上升的原因，然后根据力是改变物体运动状态的原因可知水会水平向前喷出。【解答】答：往管中吹气，切口P处气体流速增大，压强减小，杯中的水在外界大气压强作用下沿吸管上升到切口P处，上升的水在长管气流的作用下，沿水平方向喷出。【点评】对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况。四、综合应用题(本大题包括3个小题，18题7分，19题9分，20题10分，共26分)18如图所示是我国自主研发的极地漫游机器人，质量为5 t，装有四条三角形履带，每条履带与水平地面的接触面积约为1 000 cm2。试计算：(g取10 N/kg)(1)机器人静止时对水平路面的压力与压强；(2)机器人在某水平路段沿直线匀速行驶480 m耗时2 min，求机器人行驶的平均速度；(3)若在上述过程中该机器人受到水平方向的阻力为自重的0.1倍，求牵引力在此路段所做的功。【专题】长度、时间、速度；压强、液体的压强；功、功率、机械效率【分析】（1）在水平地面上的物体，对地面的压力等于其所受的重力，则F=G=mg（3）已知f=0.1G，机器人在水平路段上匀速行驶，受到的牵引力等于阻力，知道行驶的路程，根据公式W=Fs求出牵引力在此路段所做的功。【解答】解：（1）机器人的质量m=5t=5×103kg，机器人静止时对水平路面的压力：F=G=mg=5×103kg×10N/kg=5×104N；受力面积S=1000cm2×4=4000cm2=0.4m2，机器人静止时对水平路面的压强：（3）因为该机器人在某水平路段匀速直线行驶，所以牵引力F=f=0.1G=0.1×=5×104N=5×103N；牵引力在此路段所做的功：W=Fs=5×103N×480m=2.4×106J。答：（1）机器人静止时对水平路面的压力与压强分别为5×104N、1.25×105Pa；（2）机器人行驶的平均速度为4m/s：（3）牵引力在此路段所做的功为2.4×106J。【点评】本题主要考查了压强、速度与功的计算公式的灵活运用，在一个题目中考查多个知识点，是中考的常见题型，难度不大，计算时注意单位统一：1cm2=1×10-4m2。 19. 如图所示是某太阳能热水器，水容量为100 L，该热水器在冬季有效日照时段里，平均每平方米的面积上每小时接收的太阳能约为2.8×106 J。若该热水器接收太阳能的有效面积为1.5 m2，每天日照时间按8 h计算，若这些太阳能能使装满水的热水器中的水温度从20 升高到60 水的比热容为4.2×103 J/( kg· )，水的密度为1.0×103 kg/m3，求：(1)热水器中水的质量；(2)一天内热水器中的水吸收的热量；(3)热水器在冬季的效率。【专题】计算题；比热容、热机、热值；能源的利用与发展【分析】（1）知道热水器中水的体积，利用m=V求水的质量；（2）知道水的质量、比热容、水的温度变化，利用Q吸=cmt求一天内热水器中的水吸收的热量；（3）求出一天内热水器接收太阳能的能量，热水器在冬季的效率等于水吸收的热量与接收的太阳能之比。【解答】解：（1）热水器中水的体积V=100L=100dm3=0.1m3，答：（1）热水器中水的质量为100kg；（2）一天内热水器中的水吸收的热量1.68×107J；（3）热水器在冬季的效率为50%。【点评】本题考查了密度公式、吸热公式、效率公式的应用，计算时注意单位统一。 20如图所示，电源电压保持9 V不变，灯泡L标有“6V3W”的字样，电阻R120 。只闭合S2，将滑动变阻器的滑片P移到中点时，电流表的示数为0.3 A。(不考虑温度对灯丝电阻的影响，计算结果保留两位小数)求：(1)只闭合S2，将滑动变阻器的滑片P移到中点时，此时灯泡L的实际功率是多少；(2)只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光，此时滑动变阻器接入电路中的阻值是多少；(3)只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到最右端时，在60 s内电流做的功是多少。【专题】计算题；电能与电功率【分析】（1）只闭合S2，将滑动变阻器的滑片P移到中点时，滑动变阻器与灯泡串联，根据串联电路特点与公式P=I2RL求出实际功率；（2）只闭合S2，L与R2串联，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光，求出额定电流，（3）只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到最右端时，R1与R2串联，根据串联电路的特点与公式W=UIt，求得在60秒内电流做的总功。【解答】解：（1）灯泡L的额定功率为3W，额定电压为6V，只闭合S2，将滑动变阻器的滑片P移到中点时，L与R2串联，此时电流表的示数为0.3A，此时灯泡L的实际功率：PL实=I2RL=（0.3A）2×12=1.08W；（2）只闭合S2，L与R2串联，灯泡正常发光时，设滑动变阻器连入电路中阻值为R2，则变阻器的最大阻值R2=36，只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到最右端时，R1与R2的最大阻值串联，此时电路中总电阻：R总=R1+R2=20+36=56。在60s内电流做的总功：答：（1）只闭合S2，将滑动变阻器的滑片P移到中点时，此时灯泡L的实际功率是1.08W；（2）只闭合S2，调节滑动变阻器的滑片，使灯泡正常发光，此时滑动变阻器接入电路中的阻值是6；（3）只闭合S1，将滑动变阻器滑片P移到最右端时，在60s内电流做的总功是86.79J。【点评】本题考查了串联电路的特点与欧姆定律、电功率公式的应用，是一道电学综合题。第 26 页