2022年高考物理模拟试卷答案 .pdf

学而不思则惘，思而不学则殆20XX年理科综合能力测试物理试题二、选择题 （每题 6 分，第 14-18 题只有一个选项符合要求，第 19-21 题有多项符合题目要求， ）14、玩具汽车停在模型桥面上，如图1所示，下列说法正确的是()A桥面受向下的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变B汽车没有发生形变，所以汽车不受弹力C汽车受向上的弹力，是因为桥梁发生了弹性形变D汽车受向上的弹力，是因为汽车发生了形变解析汽车与桥面相互挤压都发生了形变，B错；由于桥面发生弹性形变，所以对汽车有向上的弹力，C对，D错；由于汽车发生了形变，所以对桥面产生向下的压力，A错答案C 15、如图 2所示，在足够长的斜面上的A点，以水平速度v0抛出一个小球，不计空气阻力，它落到斜面上所用的时间为 t1；若将此球改用 2v0抛出，落到斜面上所用时间为t2，则 t1与t2之比为()A11B12C1 3D14 16、如图 3 所示，一圆盘可绕通过圆盘的中心O 且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放置一小木块A，它随圆盘一起做匀速圆周运动则关于小木块A 的受力，下列说法正确的是( ) A木块 A 受重力、支持力和向心力B木块 A 受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力方向与木块运动方向相反C 木块 A 受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力方向与木块运动方向相同D木块 A 受重力、支持力和静摩擦力，摩擦力方向指向圆心D 17、图 4所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯， R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置当S闭合时， 3只小电灯都发光现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、L2、L3的变化情况()AL1变亮BL2变亮CL3变暗DL1、L2、L3均变亮解析当滑动变阻器的滑片向右移动时，变阻器的有效电阻变大，导致外电路的总电阻增大由闭合电路的欧姆定律IERr知，总电流减小，路端电压UEIr 将增大因精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 1 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆此，通过 L1灯的电流变小， L1灯变暗 UUL1UFG，得L2灯两端的电压变大，L2灯变亮而 IL1IL2IL3，通过 L1灯的电流 IL1变小，通过 L2灯的电流 IL2变大，则通过 L3灯的电流 IL3变小， L3灯变暗由以上分析可知，选项B、C正确18、如图所示， 条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为 FN2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是()AFN1FN2，弹簧的伸长量增大DFN1FN2，弹簧的伸长量减小解析采用 “ 转换研究对象法” ：由于条形磁铁的磁感线是从N极出发到 S极，所以可画出磁铁在导线A处的一条磁感线，此处磁感应强度方向斜向左下方，如图，导线A中的电流垂直纸面向外，由左手定则可判断导线 A必受斜向右下方的安培力，由牛顿第三定律可知磁铁所受作用力的方向是斜向左上方，所以磁铁对斜面的压力减小，FN1FN2.同时，由于导线A比较靠近 N极，安培力的方向与斜面的夹角小于 90 ，所以电流对磁铁的作用力有沿斜面向下的分力，使得弹簧弹力增大，可知弹簧的伸长量增大，所以正确选项为C.答案C 19、甲、乙两物体在t0时刻经过同一位置沿x轴运动，其 vt图象如图 124所示，则 ()A甲、乙在 t0到t1 s之间沿同一方向运动B乙在 t0到t7 s之间的位移为零C甲在 t0到t4 s之间做往复运动D甲、乙在 t6 s时的加速度方向相同解析根据 v t图象可知，在 t0到t1 s这段时间内，甲一直向正方向运动，而乙先向负方向运动再向正方向运动，故A选项错误；根据 v t图象可知，在 t0到t7 s这段时间内，乙的位移为零，故B选项正确；根据 v t图象可知，在 t0到t4 s这段时间内，甲一直向正方向运动，故C选项错误；根据v t图象可知，在 t6 s时，甲、乙的加速度方向均与正方向相反，故 D选项正确答案BD 20、图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点则该粒子()A带负电B在 c点受力最大C在 b点的电势能大于在c点的电势能D由 a点到 b点的动能变化大于由b点到 c点的动能变化解析由带电粒子进入正点电荷形成的电场中的运动轨迹可以看出两者相互排斥，故带电粒子带正电，选项A 错误；根据库仑定律Fkq1q2r2可知， a、b、c三点中，在a 点时受力最大，精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 2 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆选项 B 错误；带电粒子从b 点到 c 点的过程中，电场力做正功，电势能减小，故在b 点的电势能大于在c点的电势能，选项C 正确；由于虚线为等间距的同心圆，故UabUbc，所以 WabWbc，根据动能定理，带电粒子由 a 点到 b 点的动能变化大于由b 点到 c 点的动能变化，选项D 正确CD 21、某小型水电站的电能输送示意图如图10212 所示，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电已知输电线的总电阻为R，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为41，降压变压器副线圈两端交变电压u2202sin (100 t) V，降压变压器的副线圈与阻值R011 的电阻组成闭合电路若将变压器视为理想变压器，则下列说法中正确的是()A通过 R0电流的有效值是20 AB降压变压器 T2原、副线圈的电压比为41 C升压变压器 T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压D升压变压器 T1的输出功率大于降压变压器T2的输入功率解析降压变压器副线圈两端交变电压有效值为220 V， 负载电阻为 11 ， 所以通过 R0电流的有效值是 20 A，选项 A正确；降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为41，所以降压变压器T2原、副线圈的电压比为41，选项 B正确；升压变压器 T1的输出电压等于降压变压器T2的输入电压加上输电线上损失的电压，选项 C错误；升压变压器 T1的输出功率等于降压变压器T2的输入功率加上输电线上损失的功率，选项D正确答案ABD 三、非选择题22、某实验小组在做“验证机械能守恒定律”实验中，提出了如图7所示的甲、乙两种方案：甲方案为用自由落体运动进行实验，乙方案为用小车在斜面上下滑进行实验(1)组内同学对两种方案进行了深入的讨论分析，最终确定了一个大家认为误差相对较小的方案，你认为该小组选择的方案是_，理由是 _. (2)若该小组采用图甲的装置打出了一条纸带如图8所示，相邻两点之间的时间间隔为0.02 s，请根据纸带计算出 B点的速度大小 _m/s(结果保留三位有效数字)(3)该小组内同学们根据纸带算出了相应点的速度，作出v2h图线如图 9所示，请根据图线计算出当地的重力加速度g_m/s2(结果保留两位有效数字)精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 3 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆解析(1)甲，理由是： 采用乙图实验时， 由于小车和斜面间存在摩擦力的作用，且不能忽略， 所以小车在下滑过程中机械能不守恒，故乙图不能用来验证机械能守恒定律(2)vBAC2T 1.37 m/s；(3)因为 mgh12mv2，所以 v22gh，图线的斜率是2g，可得 g9.7 m/s2或 g9.8 m/s2. 答案(1)甲采用乙图实验时，由于小车和斜面间存在摩擦力的作用， 且不能忽略， 所以小车在下滑过程中机械能不守恒，故乙图不能用来验证机械能守恒定律(2)1.37(3)9.7或9.8 23、某同学通过实验测定一个阻值约为5 的电阻 Rx的阻值(1)现有电源 (4 V，内阻可不计 )、滑动变阻器 (050 ，额定电流 2 A)、开关和导线若干，以及下列电表：A电流表 (03 A，内阻约 0.025 )B电流表 (00.6 A，内阻约 0.125 )C电压表 (03 V，内阻约 3 k )D电压表 (015 V，内阻约 15 k )为减小测量误差，在实验中，电流表应选用_，电压表应选用 _(选填器材前的字母)；实验电路应采用图13中的 _(选填“甲”或“乙”)(2)图14是测量 Rx的实验器材实物图，图中已连接了部分导线请根据在(1)问中所选的电路图，补充完成图 14中实物间的连线(3)接通开关， 改变滑动变阻器滑片P 的位置， 并记录对应的电流表示数I、电压表示数U.某次电表示数如图 15 所示，可得该电阻的测量值RxUI_ ( 保留两位有效数字)精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 4 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆(4)若在 (1)问中选用甲电路，产生误差的主要原因是_；若在 (1)问中选用乙电路，产生误差的主要原因是_(选填选项前的字母) A电流表测量值小于流经Rx的电流值B电流表测量值大于流经Rx的电流值C电压表测量值小于Rx两端的电压值D电压表测量值大于Rx两端的电压值(5)在不损坏电表的前提下，将滑动变阻器滑片P从一端滑向另一端，随滑片P移动距离 x的增加，被测电阻 Rx两端的电压 U也随之增加，下列反映Ux关系的示意图中正确的是_解析(1)为了减小误差，应使电流表读数为量程的1223，因电源电动势为4 V ，故电压表应选C.因此通过被测电阻 Rx的最大电流 Im35A0.6 A，故电流表应选B，本题测的是一个小电阻，即RVRRRA，所以应采用电流表外接法，故采用图甲(2)电路连接如图所示(3)由题图中可读出电流表的读数为0.50 A，电压表的读数为2.6 V，故 RxUI5.2 .(4)甲图中引起误差的原因主要是电压表的分流作用，即电流表的测量值大于流经Rx的电流值，选项B 正确乙图中引起误差的原因主要是电流表的分压作用，即电压表的测量值大于Rx两端的电压值， 选项 D 正确(5)因闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于最大阻值处，设滑动变阻器的总阻值为R，两端总长度为L 则接入电路的阻值为RRL(Lx)，故被测电阻两端的电压URxERxRLLx，故选项 A 正确答案(1)BC甲(2)如解析图所示(3)5.2(4)B D(5)A 24、如图所示装置由AB、BC、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆弧平滑连接，其中轨道AB、CD段是光滑的，水平轨道BC的长度 x5 m，轨道 CD足够长且倾角 37 ，A、D两点离轨道 BC的高度分别为 h14.30 m、h21.35 m现让质量为 m的小滑块自 A点由静止释放已知小滑块与轨道精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 5 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆BC间的动摩擦因数 0.5，重力加速度 g取10 m/s2，sin 37 0.6，cos 37 0.8.求：(1)小滑块第一次到达D点时的速度大小；(2)小滑块第一次与第二次通过C点的时间间隔；(3)小滑块最终停止的位置距B点的距离解析(1)小滑块从 ABCD 过程中，由动能定理得：mg(h1h2)mgx 12mv2D0将 h1、h2、x、 、g 代入得： vD3 m/s(2)小滑块从ABC 过程中，由动能定理得mgh1 mgx12mv2C将 h1、x、 、g 代入得： vC6 m/s小滑块沿 CD 段上滑的加速度大小agsin 6 m/s2小滑块沿 CD 段上滑到最高点的时间t1vCa1 s由对称性可知小滑块从最高点滑回C 点的时间t2t11 s故小滑块第一次与第二次通过C 点的时间间隔tt1t22 s(3)对小滑块运动全过程应用动能定理，设小滑块在水平轨道上运动的总路程为x总，有：mgh1 mgx总0 将h1、 代入得 x总8.6 m，故小滑块最终停止的位置距B点的距离为 2xx总1.4 m 答案(1)3 m/s(2)2 s(3)1.4 m 25、如图 8211所示，长方形 abcd长ad0.6 m，宽ab0.3 m，O、e分别是 ad、bc的中点，以 ad为直径的半圆内有垂直于纸面向里的匀强磁场(边界上无磁场 )，磁感应强度 B0.25 T一群不计重力、质量m3107kg、电荷量 q 2103C的带电粒子 以速度 v5102m/s沿垂直 ad方向且垂直于磁场射入磁场区域，不考虑粒子间的相互作用(1)若从 O点射入的带电粒子刚好沿Oe直线射出，求空间所加电场的大小和方向(2)若只有磁场时，某带电粒子从O点射入，求该粒子从长方形abcd射出的位置精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 6 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆解析(1)若从 O点射入的带电粒子刚好沿Oe直线射出，则粒子所受的洛伦兹力与电场力平衡，即qvBqE，得 EvB125 V/m 由左手定则可判断洛伦兹力方向向上，所以电场力方向向下，因为粒子带正电，所以电场方向与 bc边平行向下(2)如图所示，若只有磁场时，某带电粒子从O 点射入，由左手定则可知粒子射入后向上偏转由 qvBmv2R得：轨道半径RmvqB0.3 m 得 Rad2由几何关系得 60 y1RRcos 60，y2(abRsin 60)tan 60所以 yy1y2解得 y0.3(31)m0.22 m 所以射出点距e 点的距离为0.22 m 答案(1)125 V/m ；平行 bc 边向下(2)0.22 m 33. 【物理选修3-3 】 （ 15 分）（1）下列说法正确的是()A第二类永动机不可能制成是因为违反了热力学第一定律B分子之间的距离越小，f引越小， f斥越大C温度降低，物体内所有分子运动的速度不一定都变小D温度升高，物体的内能不一定增大E任何热机都不可能使燃料释放的热量完全转化成机械能答案CDE ( 2 ) 如图，绝热气缸 A 与导热气缸B 均固定于地面， 由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦。两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为V0、温度均为T0。缓慢加热A 中气体，停止加热达到稳定后， A 中气体压强为原来的1.2 倍。设环境温度始终保持不变，求气缸A 中气体的体积VA和温度TA。设初态压强为，膨胀后 A，B 压强相等 (1 分) B 中气体始末状态温度相等精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 7 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆 (3 分) (1 分) A 部分气体满足（4 分）（1 分）34、 （1）对声波的各种现象，以下说法中正确的是()A在空房子里讲话，声音特别响，这是声音的共振现象B绕正在发音的音叉走一圈，可以听到忽强忽弱的声音，这是声音的干涉现象C火车远去时，音调变低D把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声，属于声波的衍射现象解析在空房子里讲话，声音特别响，是波的叠加现象，故选项A错；把耳朵贴在铁轨上可以听到远处的火车声，属于声波在铁轨中的传播，故选项D错答案BC （2）图 1058 为一列横波某时刻的波动图象，若此时D 点的振动方向向上(1)试确定 A、B、C 的振动方向和波的传播方向；(2)若波的频率为0.2Hz，波速为 2.4m/s，试在图中横轴上标出分度； (3)画出经过 3/4T 后的波形图35、 （1）下列说法正确的是()A极限频率越大的金属材料逸出功越大B只要光照射的时间足够长，任何金属都能产生光电效应C一种元素的同位素具有相同的化学性质和不同的物理性质D入射光的光强一定时，频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多E放射性元素的半衰期与元素所处的外部环境无关答案ACE （2）如图 15所示，在高为 h5 m的平台右边缘上， 放着一个质量 M3 kg的铁块， 现有一质量为 m1 kg的钢球以 v010 m/s的水平速度与铁块在极短的时间内发生正碰被反弹，落地点距离平台右边缘的水平距离精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 8 页，共 9 页学而不思则惘，思而不学则殆为L2 m，已知铁块与平台之间的动摩擦因数为0.5，求铁块在平台上滑行的距离s(不计空气阻力，铁块和钢球都看成质点，取g10 m/s2)解析设钢球反弹后的速度大小为v1，铁块的速度大小为v，碰撞时间极短，系统动量守恒，则mv0Mvmv1钢球做平抛运动Lv1t h12gt2 由解得t1 s，v12 m/s，v4 m/s 铁块做匀减速直线运动，由 Mg Ma 解得加速度大小a5 m/s2最终速度为 0，则其运行时间tva0.8 s 所以铁块在平台上滑行的距离svt21.6 m 精选学习资料 - - - - - - - - - 名师归纳总结 - - - - - - -第 9 页，共 9 页