2022届第七单元硫、氮及其化合物训练卷B卷学生版.docx

化学2022届高三一轮单元训练卷第七单元硫、氮及其化合物（B）本卷须知：1 .答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准 考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2 .选择题的作答：每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案 标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3 .非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在 试题卷、草稿纸和答题k上的非答题区域均无效。4 .考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。第一卷选择题一、选择题（每题3分，共48分）1 .我国清代?本草纲目拾遗?中记叙无机药物335种，其中“强水”条目下写道：“性 最烈，能蚀五金其水甚强，五金八石皆能穿第，惟玻璃可盛。”这里的“强水”是 指A.氨水B.硝酸C.醋D.卤水2 .以下过程不属于氮的固定的是A.雷电时生成氮的氧化物B.工业上用氢气与氮气合成氨C.豆科植物的根瘤把空气中的氮气转化为硝酸盐D.植物的根从上壤中吸收钱根离子和硝酸盐3 .以下现象或事实不能用同一原理解释的是A.浓硝酸和氯水用棕色试剂瓶保存B.硫化钠和亚硫酸钠固体长期暴露在空气中变质C.常温下铁和伯都不溶于浓硝酸D. SO?和Na2sCh溶液都能使氯水褪色盛忠4 .氯气是一种重要的工业原料。工业上利用以下反响来检查氯气管道是否漏气： 3C12+8NH3=N2+6NH4C1,以下说法错误的选项是A.假设有白烟产生那么管道漏气B.该反响中NHC】是复原产物C.反响中N%只显复原性N25 .以下气体去除杂质的方法中，不能实现目的的是选项气体（杂质）方法ASO2(H2S)通过酸性高镭酸钾溶 液BC12(HC1)通过饱和食盐水Cn2（o2）通过灼热的铜丝网Dno(no2)通过氢氧化钠溶液6 .利用N2tNH3tNOtNO2tHNO3这一过程制备HNO3,有关上述各物质的表达 中不正确的选项是A.上述转化过程中某些气体会发生颜色变化B.可利用Cu与硝酸的反响，将N元素转化为NO或NO?C.为使上述各步骤依次发生，必须向每个步骤中提供氧化剂D.实验室中可以利用Ca（OH）2固体与NH4C1固体混合加热制备NH-t7 .用以下装置和试剂制取相应气体，能到达相应实验目的的是8.以下关于级和钺盐的说法正确的选项是选项实验目的试剂A试剂BA制C12浓盐酸FC2O3拿AB制nh3浓氨水CaChC制no2稀硝酸CuD制so?浓硫酸Na2sO3A.在上图的锥形瓶中参加NH4HCO3与稀盐酸可产生喷泉8 .检验铉盐中含有NH：的操作是取少量某盐放入试管中，参加稀氢氧化钠溶液, 用湿润的红色石蕊试纸放在试管口C.所有镂盐受热均可以分解，产物均有NH3D. NH4cl和NaCl的固体混合物可用升华法别离9 .某物质X能发生如下转化：以下有关上述转化关系中物质及其反响的表达错误的选项是A.假设X为Nz或N%,那么A为硝酸B.假设X为S或H?S,那么A为硫酸C.假设X为非金属单质或非金属氢化物，那么A不一定能与金属铜反响生成YD.反响和一定为氧化复原反响，反响一定为非氧化复原反响10 .关于非金属含氧酸及其盐的性质，以下说法正确的选项是A.浓H2sCh具有强吸水性，能吸收糖类化合物中的水分并使其炭化8. NaCIO、KCIO3等氯的含氧酸盐的氧化性会随溶液的酸性增强而增强C.加热Nai与浓H3PO4混合物可制备HI,说明H3P比HI酸性强D.浓HNO?和稀HNOj与Cu反响的复原产物分别为NO2和N0,故稀HNO3氧化 性更强11 .科学工作者研发了一种SUNCAT的系统，借助锂循环可持续合成宏，其原理 如下列图。以下说法不正确的选项是A.过程I得到的Li3N 4«N元素为-3价B.过程 H 生成 W 的反响：LbN+3H2O=3LiOH+NH3TC.过程1H中能量转化的形式：电能转变为化学能D.过程川涉及到反响:2H2O-4e =O2T+4H+12 .以下有关实验操作、现象及结论都正确的选项是13.将SO?分别通入以下4种溶液中，有关说法正确的选项是选项实验操作实验现象结论A向盛有蔗糖的烧杯中滴加 适量浓硫酸并用玻璃棒迅 速搅拌蔗糖变黑，体积膨胀， 产生有刺激性气味的 气体浓硫酸具有脱水性和强氧化性B向盛有NaHCCh溶液的试 管中滴加稀盐酸产生气泡非金属性：C1>CC将淀粉和稀硫酸混合加热 一段时间后，再参加新制的 Cu(0H)2悬浊液，加热产生砖红色沉淀淀粉在稀硫酸、加热 条件下水解为葡萄 糖D将SO?气体通入紫色石蕊 溶液溶液先变红，后褪色SO2气体溶于水呈酸 性，且S02具有漂白 性A.试管a中实验可以证明SO?具有漂白性B.试管b中溶液褪色，说明SO?具有强氧化性C.试管c中能产生白色沉淀，说明SO?具有复原性D.试管d中能产生白色沉淀，该沉淀完全溶于稀硝酸14.化石燃料燃烧、硝酸工业废气处理不当及机动车辆尾气排放中的NO、NO2进 入大气后，在日光照射下分解成NO和O时，即开始光化学烟雾的循环，不断地产生 光化学烟雾通常呈现淡蓝色其主要成分及简单形成机理如下列图。为预防和控制氮氧化物的污染，人们采取许多措施。可用氢氧化钠溶液对含氮氧化物的 废气进行处理，氨气也可以用来处理氮氧化物。以下说法错误的选项是A.光化学烟雾有强氧化性B.氮氧化物还可引发酸雨等污染问题C.光化学烟雾成分中含有炫和燃的衍生物D.光化学烟雾呈现淡蓝色是因为含有NO,152的混合气体，将生成的混合气体与5.6L标况下的氧气一起通入足量NaOH溶液 中，气体恰好被吸收生成NaNO.”以下说法不正确的选项是A.铜的质量为32gB.标准状况下，2molL-116.某研究小组利用如图装置探究SO?和FC（NO3）3溶液的反响原理。以下说法错误 的选项是A.装置B中假设产生白色沉淀，说明Fe3+能将SO2氧化成S07B.实验室中配制70%的硫酸需要的玻璃仪器有量筒、烧杯、玻璃棒C.三颈烧瓶中通入N2的操作应在滴加浓硫酸之前，目的是排尽装置内的空气D.装置C可能发生倒吸，同时还不能完全吸收反响产生的尾气第二卷非选择题二、非选择题（共52分）17.硫酸是当今世界最重要的化工产品之一。I.硫酸的各种制法:（1）早在1000多年前，我国就已采用加热胆机（CuSOt5H2O）或绿矶（FeSOKH?。） 的方法制取硫酸。FeSCh受热分解的化学方程式：2FeSO4- Fe2O3+SO2t+SO3t0将FeSO受热产生的气体通入如图1装置中，以检验产生的气体中是否含有SO? 和SO”能说明SO2存在的实验现象是一。有同学提出图1虚线框内盛装NaOH溶液的装置可以换成a装置，其中多孔玻璃 球泡的作用是0(2 )目前工业上主要采用接触法制备硫酸，其中一步为：2so2+0?;""2so3。实验室模拟该过程常用图2装置进行实验。b装置中装有 加热浓硫酸，写出b装置的作用一(写出两点)。(3)图3中甲试管内发生反响的化学方程式为。(4)当铜片与浓硫酸充分反响后，试管内并未出现蓝色溶液，而是看到了白色固体，请分别写出检验该白色固体离子组成的方法。18 . 0、S、Se、Te、Po、Lv是同主族元素，其原子序数依次增大。答复以下问题:(l)Lv在周期表中的位置是。(2)以下有关性质的比较，能用元素周期律解释的是 oa.离子半径：Te2->Se2 b.热稳定性：H2O>H2Sc.熔、沸点：H2O>H2Sd.酸性：H2SO4>H2SeO4(3)从原子结构角度解释Se与S的最高价氧化物对应的水化物酸性不同的原因实验室用如卜方法制备H2s并进行性质验证。设计B装置的目的是证明, B中实验现象为 o实验中经检测发现C中溶液pH降低且出现黑色沉淀。C中反响的离子方程式是有同学根据“强酸制弱酸"原理认为装置A、C中两个反响相矛盾，认为C中不 可能出现上述现象。该观点不正确的理由是。19 .许多含氮物质会造成环境污染，硝酸工业的尾气(含NO、NO?)会造成大气污染, 通常用选择性非催化复原法或碱液吸收法石灰乳吸收，既能净化尾气，乂能获得应用 广泛的Ca(NO2)2。而废水中过量的氨氮(N%和NH：)会导致水体富营养化，那么通常用 强氧化剂来吸收。(1)废气中氮氧化物的吸收。选择性非催化复原法。发生的主要反响有：4NH3(g)+4NO(g)+O2(g)4N2(g)+6H2O(g) A/=-1646 kJ-mol-12NO(g)+(NH2)2CO(s)+ y O2(g) 2N2(g)+2H2O(g)+CO2(g) ”=780.02 kJ-mor1 那么 2NH3(g)+CO2(g)=CO(NH2)2(s)+H2O(g)的”=°碱液吸收法。该工艺中采用气液逆流接触吸收(尾气从吸收塔底进入，石灰乳从 吸收塔顶喷淋)，得到的滤渣可循环使用，该滤渣的主要成分是(填化学式)。工艺需控制NO和NO?物质的量之比接近,假设小于这个比值，那么会导致废水中过量的氨氮（N%和NH*）处理。某科研小组用NaClO氧化法处理氨氮废水。：A. HC1O的氧化性比NaCIO强;8. N%比NH：更易被氧化;C.国家标准要求经处理过的氨氮废水pH要控制在69。进水pH对氨氮去除率的影响如以下列图所示。进水pH为2.756.00范围内，氨氮去除率随pH升高而上升的原因是写出酸性条件下CIO-氧化NH：的离子方程式 oa. O2的氧化性比NaCIO弱；b. O2氧化氨氮速率比NaCIO慢。在其他条件不变时，仅增加单位时间内通入空气的量，氨氮去除率 （填“显著变大"显著变小”或"几乎不变”）。20 .以下列图是在实验室进行氨的快速制备与性质探究实验的组合装置，局部固定 装置未画出。（I）在组装好装置后，假设要检验AE装置的气密性，其操作是首先 ,翻开弹簧夹I,在E中装入水，然后微热A,观察到E中有气泡 冒出，移开酒精灯，E中导管内有水柱形成，说明装置气密性良好。（2）装置B中盛放的试剂是 0（3）点燃C处酒精灯，关闭弹簧夹2,翻开弹簧夹1,从分液漏斗放出浓氨水至浸 没烧瓶中固体后关闭分液漏斗活塞，梢等片刻，装置C中黑色固体逐渐变红，装置E 中溶液里出现大量气泡，同时产生 （答现象）；从E中逸出液面的气体可以直接排入空气中，请写出在C中发生反响的化学方程式：（4）当C中固体全部变红色后，关闭弹簧夹1,慢慢移开酒精灯，待冷却后，称 量C中固体质量，假设反响前固体质量为16g,反响后固体质量减少2.4g,通过计算 确定该固体产物的成分： （用化学式表示）。（5）在关闭弹簧夹1后，翻开弹簧夹2,剩余气体进入F中，很快发现装置F中 产生白烟，同时发现G中溶液迅速倒吸流入F中，写出产生白烟的化学方程式： , 迅速产生倒吸的原因是21 .某同学对教材中铜与浓硫酸的实验作出如卜改进。实验装置如卜.列图(加热和中厚毯 中饕爬二二二 -N中生机型 左 忸K-I- 黑中厚毯 中饕爬二二二 -N中生机型 左 忸K-I- 黑夹持装置已略去)。实验步骤:组装仪器，检查装置气密性；参加试剂，关闭旋塞E,加热A,观察C中溶液颜色变化；将铜丝上提离开液面，停止加热。(1)检查虚线框内装置气密性的方法是 0(2)装置A的名称是,装置B的作用是,装置D中所盛药品 是。(3)装置A中发生反响的化学方程式为。(4)实验后，撤除装置前，为防止有害气体的泄漏，应当采取的操作是 o(5)实验后装置A中有白色固体产生，将装置A中固液混合物缓慢转移至盛有少 量水的烧杯中，可观察到的现象是:不可直接向装置A中加水的原因是 °化学2022届高三一轮单元训练卷第七单元硫、氮及其化合物(B)答案1 .【答案】B【解析】根据题意该物质能够与很多金属反响，根据选项B最符合，该强水为硝酸, 硝酸具有强氧化性，可溶解大局部金属；答案选及2 .【答案】D【解析】A.雷电时生成氮的氧化物，即N2+O2圣型2NO,是将游离态氮转化为化 合态氮，属于氮的固定，为自然固氮，故A不符合题意；B.工业上用氢气与氮气合成 氨，即N2+3H2三驾2NH”是将游离态氮转化为化合态氮，属于氮的固定，为工业固 催化剂氮，故B不符合题意；C.豆科植物的根瘤菌把空气中的氮气转化为硝酸盐，是将游离 态氮转化为化合态氮，属于氮的固定，为生物固氮，故C不符合题意；D.植物的根从 土壤中吸收钱根离子和硝酸盐，不是将游离态氮转化为化合态氮，不属于氮的固定，故 D符合题意。3 .【答案】C【解析】A.浓硝酸和氯水均见光易分解，需要用棕色试剂瓶保存，A不符合题意； B.硫化钠和亚硫酸钠固体均易被氧化，长期暴露在空气中变质，B不符合题意：C.常 温下铁遇浓硝酸钝化，粕与浓硝酸不反响，原理不同，C符合题意：D. SO?和Na2s 均具有复原性，其溶液都能使氯水褪色，D不符合题意；答案选C。4 .【答案】C【解析】A.反响生成HCL NH3可与HC1反响生成氯化筱，有白烟生成，故A正 确；B.。元素化合价降低，被复原，。2为氧化剂，所以NHC1是复原产物，故B正 确；C.反响中NH3中氮元素是-3价处于最低价态，局部显复原性，同时与氯化氢反响 生成氯化镂，故C错误；D. N元素化合价由-3价升高到。价，那么生成ImolN2时有 6mol电子转移，生成1.4g N2物质的量为0.05mol,转移#5x6=0.30101电子，故D正确； 应选C。5 .【答案】A【解析】SO2和H2s都具有较强的复原性，都可以被酸性高镭酸钾溶液较化；因此 在用酸性高镐酸钾溶液除杂质H2s时，SO?也会被吸收，故A项不能实现除杂目的；氯 气中混有少量的氯化氢气体，可以用饱和食盐水除去：饱和食盐水在吸收氯化氢气体的 同时，也会抑制氯气在水中的溶解，故B项能实现除杂目的；氮气中混有少量氧气，在 通过灼热的铜丝网时，氧气可以与之发生反响：2CU + O2上2CuO,而铜与氮气无法反响， 因此可以采取这种方式除去杂质氧气，故C项能实现除杂目的：NO?可以与NaOH发生 反响：2N0, + 2NaOH=NaNOJ + NaNO, + H,0, NO与NaOH溶液不能发生反响；尽管NO 可以与NO2一同跟NaOH发生反响：NO + NO2+2NaOH=2NaNO? + He，但由于杂质的含 量一般较少，所以也不会对NO的量产生较大的影响，故D项能实现除杂的目的；答案 选Ao6 .【答案】C【解析】N?转化为NH3时，需要参加 出做复:原剂，不需要参加氧化剂，NCh与 此。反响生成HNO3时，NO?既是氧化剂又是复原剂，也不需要再参加氧化剂，故C错 误：故答案为C。7 .【答案】D【解析】A.浓盐酸和FsCh发生复分解反响，不能制氯气，A项不选：B.氯化钙 能和氨气结合，B项不选；C.稀硝酸和铜反响生成NO, C项不选；D.根据强酸制弱 酸的原理，浓硫酸与Na2s03通过复分解反响能制取SCh，D项选。8 .【答案】A【解析】A.碳酸氢钱与稀盐酸反响生成氯化铉、二氧化碳和水，假设锥形瓶中参 加的混合溶液没过导气管下端，反响生成的二氧化碳使瓶内气体压强增大，产生足够的 压强差，可以把锥形瓶中的液体压入烧瓶中，形成喷泉，故A正确；B.检验饭盐中含 有镂根离子的操作是取少量某盐放入试管中，参加浓氢氧化钠溶液共热，用湿润的红色 石蕊试纸放在试管口检验是否有氨气生成，故B错误；C.所有镂盐受热均可以分解.， 但产物不一定有氨气，如硝酸核受热分解生成氧化二氮，不生成氨气，故C错误；D.氯 化钱受热分解生成氨气和氯化氢，氯化钠受热不分解，用加热法可以别离氯化铉和氯化 钠固体混合物，故D错误。9 .【答案】D【解析】假设X为N?或N%,那么Y为NO、Z为NCh, A为硝酸，A选项正确： 假设X为S或HN，那么Y为SO2、Z为SCh，A为硫酸，B选项正确：假设X为非金 属单质或非金属氢化物，比方C或CH&,那么Y为CO、Z为CO2, A为H2co3,它不 能与金属铜反响生成CO：假设X为S或N?或它们的氢化物，那么A能与金属铜反响 生成SOKNO）, C选项正确：假设X为钠，反响和一定为氧化复原反响，反响是 Na?。?与H2O的反响，为氧化复原反响，D选项错误。10 .【答案】B【解析】A.浓H2s04具有三大特性：吸水性、脱水性以及强氧化性，使糖类化合 物炭化过程中，表达浓硫酸的脱水性，即把H、O按照2： 1脱去生成水，糖类化合物 自身并不含有水，故A错误；B. NaCIO. KCIO3等氯的含氧酸盐在酸性介质中，氧化 性更强，而溶液的pH减小，酸性越强，故B正确；C.加热Nai与浓HaPO4混合物可 制备HL方程式为：3NaI+H3PCh （浓）=Na3PO4+3HIf,表达了浓H3P0的难挥发 性，难挥发性的酸可以制取挥发性的酸，另酸性：H5PO4<HL故C错误；D.浓HNO3 和稀HNCh与Cu反响的复原产物分别为NO?和NO,那么浓HNO3氧化性更强，故D 错误。11 .【答案】D【解析】由图可知，过程I是Li和N2生成SN, Li元素为+1价，N元素为-3价， A正确;W是LiOH,过程n的反响为:Li3N+3H2O=3LiOH4-NH3t，B正确：过程山是 4LiOH=4Li+2H2O+O2t,该反响需要电解，所以是电能转变为化学能，C正确：由于该 过程为了合成N%,故电解质环境为碱性，过程山涉及到反响为：4OH -4e =O#+2H20, D错误：应选D。12 .【答案】A【解析】A.因为浓硫酸具有脱水性和强氧化性，故蔗糖与浓硫酸反响可产生碳， 进一步氧化得到二氧化硫、二氧化碳气体，故正确：B.非金属性的比较应该比较元素 的最高价氧化物对应的水化物的酸性，而HCI不是。的最高价氧化物对应的水化物， 故错误；C.淀粉水解后溶液显酸性，应该加碱中和后再加新制氢氧化铜悬浊液，故错 误；D.二氧化硫不能漂白石蕊溶液，故错误。13 .【答案】C【解析】二氧化硫使酸性高钵酸钾溶液褪色，表现了复原性，品红褪色，说明二氧 化硫有漂白性，二氧化硫被硝酸根氧化成硫酸根，生成硫酸钢沉淀，说明二氧化硫有复 原性，二氧化硫在碱性条件下反响生成亚硫酸钏，与硝酸反响转化为硫酸钏沉淀，沉淀 不溶解，答案选C。14 .【答案】D【解析】A.光化学烟雾中含有活性O和0.3,具有强氧化性，故A正确：B.氮氧 化物有NO和NCh,可以与水反响生成HNCh,那么可引发酸雨等污染问题，故B .正确： C.根据图示知，光化学烟雾成分中含有炸和烽的衍生物，故C正确：D. NO2呈红棕 色，光化学烟雾呈现淡蓝色是因为含有臭氧和气体一些有机物，故D错误。15 .【答案】C【解析】Cu与稀硝酸反响生成硝酸铜、NO、NO?与水，铜失电子，硝酸被复原为 NO、NO?两种气体，而NO、NO?两种气体在碱性环境下被氧气氧化为NO, NO、N02 又失电子，氧气得电子，所以整个过程相当于铜失电子转移给了氧气，根据电子守恒： 设铜有amoL x2x2, x64=32g, A正确；令NO和NO2的物质的量分别为x mol、y mol, 根据电子转移守恒与二者体积列方程，那么：x2, x+y= 11.2/22.4,计算得出：2。Cu与 硝酸完全反响生成硝酸铜0.5mol,同时反响生成的NO、NO2两种气体共有0.5 mol,所 以参加反响硝酸的量n（HNO*2+0.5=L5moL而硝酸可能还有剩余，所以硝酸的物质的 量浓度可能之口。向反响后的溶液加NaOH,使铜沉淀完全，根据CP-2NaOH反响 可知，0.5mol Cu*。应选 C。16 .【答案】A【解析】Fe3+具有氧化性，可将二氧化硫氧化成硫酸根，本身被复原成二价铁，反 响的离子方程式是SC）2+2Fe"+Ba"+2H2=BaSON +2Fe"+4FT ,在酸性条件下SO2与NO5 反响生成硫酸钢沉淀，出现白色沉淀，装置B中假设产生白色沉淀，不能说明Fe3+能将 SO2氧化成SOL故A错误：配制70%硫酸溶液是浓硫酸参加水中稀释，需要的玻璃 仪器有量筒、烧杯、玻璃棒，故B正确：为排除空气对实验的干扰，滴加浓硫酸之前应 先通入氮气，目的是排尽装置内的空气，故C正确；导气管直接插入溶液可能会引起装 置中的压强变化较大发生倒吸，反响生成的气体可能会生成NO,不能被氢氧化钠溶液 吸收，故D正确；答案选A。17 .【答案】(1)品红溶液褪色增大气液接触面积，提高气体的吸收效率(2)枯燥气体：使气体混合均匀(或控制气流速度，调整气体比例)(3) Cu+2H2soM浓)3=CuSOa+SO2T+2H2。(4)取少量白色固体溶于水，观察到溶液呈蓝色，证明有Cf+；再滴加适量盐酸、 假设无明显现象，继续参加氯化钢溶液，有白色沉淀生成，证明有SO：，综上说明该 白色固体为CuSO4【解析】(1)将FeSCh受热产生的气体通入如图1装置中，以检验产生的气体 中是否含有SO,和SO?。SO?具有漂白性，能使品红褪色，故能说明S02存在的实验现 象是试剂瓶中的品红溶液褪色。故答案为：品红溶液褪色；与使用导管相比，使用玻 璃球泡能增大气体和液体的接触面，那么a装置中多孔玻璃球泡的作用是增大接触而， 提高气体的吸收效率。(2)浓硫酸具有吸水性。SO?和Ch分别通入b内装置后用于生产SO3。那么b装 置的作用有三个：枯燥气体：使气体混合均匀：通过数气泡数控制气流速度，调整气流 比例。(写出两点即可)。(3)加热下，Cu能与浓硫酸反响生成CuSCh、SO2和H2O,化学方程式为： Cu+2H2SO4(i)-CuSO4+SO2T +2H2Oo(4)浓硫酸中水的含量很少，浓硫酸具有吸收性，生成的硫酸铜未溶解，以固体 形式存在，故只看到白色固体，要检验白色固体的成分，可以取少量白色固体溶于水， 观察到溶液呈蓝色，证明有Cu"；再滴加适量盐酸、假设无明显现象，继续参加氯化铁 溶液，有白色沉淀生成，证明有SO：，18 .【答案】(1)第七周期VIA族(2) abd(3) Sc与S是同主族元素，Sc比S电子层数多、半径大，吸引电子能力弱，非金 属性弱，故H.ScOu酸性弱于H2s04(4) H2s具有复原性出现淡黄色沉淀Cu2+H2S=CuS|+2H+ 该反响 发生的原因是生成了难溶的CuS沉淀，不是因为生成弱电解质【解析】(1)0、S、Sc、Tc、Po、Lv是同主族元素，因此Lv位于第七(或7)周期， 在周期表中的位置为，故答案为：第七(或7)周期VIA族：(2)a.同一主族元素，从 上到下，离子半径逐渐增大，因此离子半径：Te2 >Se2 ,能用元素周期律解释，故a 选；b.同一主族元素，从上到下，非金属性逐渐减弱，氢化物的稳定性减弱，因此热 稳定性：H2O>H2S,能用元素周期律解释，故b选；c.物质的熔沸点是物理性质，不 能用元素周期律解释，故c不选；d.同一主族元素，从上到下，非金属性逐渐减弱， 最高价含氧酸的酸性减弱，因此酸性：H2SO4>H2ScO4,能用元素周期律解释，故d选： (3)Sc与S是同主族元素，Sc比S电子层数多、半径大，吸引电子能力弱，非金属性弱， 故HzSeO4酸性弱于H2so4： (4)双氧水具有较强的氧化性，H2s具有复原性，能够被 双氧水氧化生成硫单质沉淀，故答案为：H2S具有复原性：出现淡黄色沉淀；硫化氢 能够与硫酸铜反响生成黑色不溶于硫酸的CuS沉淀，反响的离子方程式为 Cu2+H2S=CuSH2H*;根据“强酸制弱酸”的原理.，装置A中硫化亚铁与硫酸反响生 成硫化氢，因为硫化亚铁能哆被硫酸溶解，C中发生Cu2+H2S=CuSJ+2H+,是因为生成 的硫化铜不能溶于硫酸，因此该反响能够发生，故答案为：该反响发生的原因是生成了 难溶的CuS沉淀，不是因为生成弱电解质。19 .【答案】(1) -42.98kJ/mol Ca(OH)2 1 : 1 Ca(NCh)2 中杂质 Ca(NC)3)2 的含量偏高(2)随着pH升高，氨氮废水中NH3含量增大，纨氮更易被氧化3CIO+2NH ： =N2t+3Ci+3H2O+2H+(或写为 3HCIO+2NH ： =N2T+3Cr+3H2O+5H+) 几乎不变【解析】反响:4MH3(g)+4NO(g)+O2(g)K4N2(g)+6H2O(g) ”=-1646 kJ/mol； (ii)2NO(g)+(NH2)2CO(s)+102(g)2N2(g)+2H2O(g)+CO2(g) A=-780.02 kJ/mol,由于 反响过程中的能量变化只与物质的始态和终态有关，与反响过程无关，根据盖斯定律， 将(泳；-(ii),整理可得 2NH3(g)+CO2(g) = CO(NH2)2(s)+H2O(g)的反响热 AH=-42.98kJ/mol ；NO、 N02 与 Ca(OH)2 会发生归中反响： NO+NO2+Ca(OH)2=Ca(NO2)2+H2O,由于 Ca(NCh)2 易溶于水，Ca(OH” 微溶于水，且石 灰乳中Ca(OH”.主要以固体形式存在，导致不能与气体充分接触，使最后得到的滤渣中 含有 Ca(0H)2；根据方程式 NO+NO2+Ca(OH)2=Ca(NO2)2+H?O 可知：要制取 Ca(NC)2)2, 应该控制NO、NO2的物质的量的比是1 ： 1，假设小于这个比值，那么NO?气体过量， 会发生反响：4NO2+2Ca(OH)2=Ca(NO3)2+Ca(NO2)2+2H2O,使 Ca(NO»2 中杂质 Ca(NO3)2 的含量偏高：假设大于这个比值，NO不能完全被吸收，仍然会导致大气污染：(2)废 水中溶液pH越大，其中含有的NH?含量就越高，由于NH3比NH；更易被氧化，因此氨 氮更易被氧化：在酸性条件下CIO, NH手发生氧化复原反响产生N2、CP,根据电子 守恒、电荷守恒、原子守恒，可得该反响的离子方程式为：3C1O+2NH； =Nz廿3CT+3H2O+2H*（或写为 3HC1O+2NH扫N2T+3C+3H2O+5H+）；由于 a. O?的氧 化性比NaCIO弱；b. O2氧化氨氮速率比NaClO慢，因此在其他条件不变时，仅增加 单位时间内通入空气的量，氨氮去除率几乎不变。20 .【答案】（1）关闭弹簧夹2和分液漏斗活塞（2）碱石灰（或生石灰）（3）白色沉淀 2NH3+3CuO=3Cu+N2+3H2O（4） C112O、C113cl2+8NH产N2+6NHC盛满氯气的集气瓶中因室与HCI反响生成固体，导致瓶内压强减小，引起溶液倒吸【解析】A是制备NH3的装置，B是枯燥NH3的装置，C是NH3与CuO的反响装 置，E是处理氨尾气的装置，F是N&与C12的反响装置，G是处理Cl2尾气的装置。（1） 组装好装置后，假设要检验AE装置的气密性，其操作是：首先关闭弹簧夹2和分液 漏斗活塞，翻开弹簧夹1,在E中装入水后，然后微热A,观察到E中有气泡冒出，移 开酒精灯或松开双手，E中导管有水柱形成说明装置气密性良好，故答案为：关闭弹簧 夹2和分液漏斗活塞；（2）进入C中硬质试管的氨气应枯燥，装置B的作用是枯燥氨 气，枯燥氨气用碱石灰（或生石灰）；（3）装置C中黑色固体逐渐变红，说明有Cu 生成，从E中逸出液面的气体可以直接排入空气，说明氨气被氧化为氮气，同时生成水， C 中发生.反响的化学方程式为：2NH3+3CuO=3Cu+N2+3H2x80g/mol= 12g< 16g,所 以CuO未完全转化成Cu,高温情况下CuO分解生成Cu2O和剩余固体中还可能含 有Cuq,故答案为：CuO Cu； （5） Cb可将NH3氧化为N2,同时生成的HCI会和 NK反响生成NH4Q,反响方程式为3cl2+8NH3=N2+6NHQ,产生白烟现象：F瓶内压 强变小，从而出现倒吸现象，故答案为：3Cl2+8NH3=N2+6NH4Ci；盛满氯气的集气瓶中 因氨与HC1反响生成固体，导致瓶内压强减小，引起溶液倒吸。21 .【答案】（1）关闭旋塞E,装置C中加水没过导管口，给A装置微热，装置C中导管口有气泡冒出，撒去热源后，导管内有倒吸产生的液柱，且高度保持不变（2）三颈烧瓶防倒吸 碱石灰（3） Cu+2H2so4（浓尸C11SO4+SO2T+2H2。（4）翻开旋塞E,从E管口向A中鼓入大量空气（5）混合时放热，白色固体溶解，溶液变蓝色水参加浓硫酸中，放出大量热使液体溅【解析】（1）对于简易装置的气密性检查时，一般对瓶内气体加热，然后看有无气泡 冒出或冷却后看导管口是否形成一段水柱，所以要关闭旋塞E,装置C中加水没过导管 口，给A装置微热，装置C中导管口有气泡冒出，撤去热源后，导管内有倒吸产生的 液柱，且高度保持不变；（2）仪器A的名称是三颈烧瓶，仪器B的作用是防止二氧化硫 倒吸，仪器D是尾气处理，而二氧化硫是酸性气体，所以D中所盛药品是碱石灰或NaOH 固体：故答案为：三颈烧瓶：防倒吸：碱石灰：（3）铜与浓硫酸在加热的条件下生成硫酸 铜、二氧化硫和水，反响的化学方程式为：Cu+2H2SO4=CuSO4+SO2T+2H2O； （4）从E处 鼓入空气或氮气，使体系中的二氧化硫完全除净，所以操作为：翻开旋塞E,从E管口 向A中鼓入大量空气；（5）硫酸铜晶体溶于水溶液变蓝色；水参加浓硫酸中，放出大量 热使液体K溅。江西多宝格教育咨询旗下网站：好教育 hjy 郑重发 表如下：一、本网站的原创内容，由本公司依照运营规划，安排专项经费，组 织学科专业老师创作，经由好教育团队严格审核通校，按设计版式统一精 细排版，并进行版权登记，本公司拥有著作权；二、本网站刊登的课件、教案、学案、试卷等内容，经著作权人授权， 本公司享有独家信息网络传播权；三、任何个人、企事业单位含教育网站或者其他组织，未经本公 司许可，不得以复制、发行、表演、播送、信息网络传播、改编、汇编、翻译等任何方式使用本网站任何作品及作品的组成局部；四、一旦发现侵犯本网站作品著作权的行为，欢迎予以举报举报 ： 0791-83857059,举报内容对查实侵权行为确有都助的，一经确认，将给 予奖励；五、我们将联合全国各地文化执法机关和相关司法机构，并结合广阔 用户和网友的举报，严肃清理侵权盗版行为，依法追究侵权者的民事、行 政和刑事责任！特此江西多宝格教育咨询