中考专研2018年四川省内江市中考物理试卷及答案解析word版.doc

【中考专研】2018年四川省内江市中考物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分共48分每个小题只有一个选项是符合要求的）1物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。对于物理学中运动及力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A亚里士多德首先提出了惯性的概念B物体只要受到了力的作用，它的运动状态就一定会发生改变C牛顿第一定律是力学的基本定律之一，它是能够通过现代的实验手段直接来验证的D伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理相结合的方法，发展了人类的科学思维方式和科学研究方法2根据能量守恒定律，下列情形可能发生的是（）A随着科学技术不断发展和提高，永动机是可以制成的B两个斜面相对连接，小球从左斜面滚下后冲上右斜面C电水壶里的水沸腾后断电，水的沸腾却一直持续下去D出枪膛的子弹射穿木板后，以更快的速度继续运动3在下面所列举的电磁波谱大家庭中，其中频率最高的是（）A无线电波B红外线C紫外线DX射线4关于物体受到的浮力，下列说法正确的是（）A液体的密度越大，受到的浮力越大B浸在水中的物体，体积越大，受到的浮力越大C物体排开水的体积越大，受到的浮力越大D漂在水面上的物体比沉在水底的物体受到的浮力大5关于下列四幅图的说法，其中正确的是（）A图甲所示，小孔成像是光的折射形成的像B图乙所示，加油机相对歼击机是静止的，相对地面是运动的C图丙所示，我们吃饭使用的筷子是省力杠杆D图丁所示，用抽气机将玻璃钟罩内的空气抽出时，我们听到声音的音调越来越低6物态变化在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨空气中经常会出现大雾，这是液化现象，需要放热B夏天吃冰棒时看到周围冒出“白气”，这是凝华现象，需要放热C秋天的早晨花草上经常会出现露珠，这是熔化现象，需要吸热D冬天的早晨地面上经常会出现白霜，这是凝固现象，需要吸热7如图所示，A，B，C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（）A石块B所受合力不为零B石块B受到石块A的重力和压力的作用C石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力D石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力8下面所述案例是物理学知识在生活中的广泛应用，其中说法正确的是（）A用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压的作用B菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小压强C用高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大液体沸点低D家庭里常用吸盘挂钩挂物件，是利用电磁铁的吸引作用9将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（）AL1的电阻大于L2的电阻BL1的亮度比L2的亮度更小C两只灯泡都正常发光D两只灯泡实际功率相等102017年9月29日，世界上首条量子保密通信干线“京沪干线”和“墨子号”科学实验卫星进行了天、地连接，成功实现了洲际量子保密通信，大大地提高了我国的保密技术水平，那么，在下列说法中正确的是（）A在“墨子号”实验卫星的发射过程中，将重力势能转化为动能B在轨运行的“墨子号”卫星受到的力是平衡力C在轨运行的“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，但仍然受重力D保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过超声波实现联系的11如图是电阻甲和乙的UI图象，由图象可知下列判断正确的是（）A甲乙都是定值电阻B当乙两端电压为1V，其电阻值为10C将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为1.2WD将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为0.4A12如图所示，电源电压恒为3V，灯泡L标有“3V 1.5W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R最大阻值为30，电压表量程“03V”，电流表量程为“00.6A”。在电路安全的情况下，下列判断正确的是（）A灯泡L正常发光时的电阻为10B只闭合开关S，滑动变阻器的取值范围只能是010C只闭合开关S，该电路的最大功率是2.5WD将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，电流表示数为0.6A二、填空题（本大题共7个小题，每空3分，共42分）13小东买了一瓶矿泉水，喝去了一半后，剩余的矿泉水的密度 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。水的密度是1.0×103kg/m3，表示的物理意义是 。14在森林中旅游时，导游会提醒你，不要随意丢弃饮料瓶。这是由于下雨时瓶内灌了雨水后，相当于一个 （选填“凸透镜”或“凹透镜”），太阳出来后，它对光线有 作用，可能会引起森林火灾。15电磁继电器是利用 控制电路通断的开关，它的工作原理是：通过直接控制“控制电路”的通断，间接控制“ 电路”的通断。16如图所示，货架上放着ABCD四个体积相同的实心球，其中A和B为铅球，C和D为铁球，那么A和B两球相比较， 球的重力势能大；B和C两球相比较，做功本领更大的是 球。（铅铁）17如图所示是用来测量电能的仪表，这只电表此时的读数是 kWh，当电路中只有一个电饭煲接入电路，正常工作l2min。发现此电能表的转盘转过了500转。则这个电饭煲的额定功率是 W。18用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重100N，每次运送的量不定。图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图象，则动滑轮重为 N；当某次运送3件货物时，绳子的拉力F是 N（不考虑绳重和摩擦）19将一段电阻丝R和一个阻值为R0的定值电阻串联。接在电压为U=2V的电源上，现改变电阻丝接入电路的长度，测得通过电阻丝的电流I和电阻丝相应的接入长度L，得到了电流的倒数及长度的关系图象（L图象）如图所示，由此可知：该定值电阻R0= ；当电阻丝的接入长度为L=0.5m时，相应电阻丝的电阻R= 三、作图题（本大题3小题，共10分，按要求完成下列各题）20如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。21如图所示，小明利用一块平面镜使此时的太阳光水平射入隧道内，请你通过作图画出平面镜，并在图中标出反射角的度数。22请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。四、实验题（本大题2小题，共20分按要求完成下列各题）23如图所示，是某同学设计的测量小车在固定斜面上运动的平均速度实验装置图。小车从带有适当刻度的斜面顶端由静止自由下滑，图中的圆圈是小车到达A，B两处时，电子时钟所显示的两个不同的时刻，则：（1）由图可知，斜面上的刻度尺的最小分度值为 mm。（2）该实验原理是 。（3）在实验中，为了方便计时，应使斜面的倾角适当 （选填“大”或“小”）一些。（4）由图可知：小车在A，B两点间运动的平均速度为 m/s。24在测量“小灯泡的额定功率”的实验中，实验室提供的实验器材有：A电源（电压为4.5V），B电流表A1（量程为00.6A，电阻为0.5）C电流表A2（量程为03A，电阻为0.2）D电压表V1（量程为3V，内阻为3k）E电压表V2（量程为15V，内阻为1k）F滑动变阻器R（阻值010）G定值电阻R0=800H待测小灯泡L（额定电压为3.8V，额定功率大约是1.2W）I开关S一个，导线若干实验要求：既要保证电路安全，又要提高测量精确度；为了减小系统误差，测量时电表示数应大于量程的三分之一。则（1）根据实验要求，电流表应选 ，电压表应选 （选填器材前的字母代号）。（2）根据实验要求，在虚线方框内画出实验电路图（其中部分电路已画出）。（3）根据实验电路图，请用笔画线代替导线，将实验器材连接起来使之成为实验电路（其中部分导线已连接好）。（4）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到 端（选填实物图中“a”或“b”）；正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，仔细检查电路各部分均接触良好，其原因可能是 。五、计算题（本大题2小题，共15分解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值运算的题，答案中必须写出数值和单位）25步行是一种简易方便的健身运动，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，步距还可作为身体上的一把“尺子”。小东测出自己的步距为0.5m，他正常步行1min走了180步。小东根据自己的腿长和步距画出了如图所示的步行示意图，对步行时重心的变化进行了分析，当两脚一前一后着地时重心降低，而单脚着地迈步时重心升高，因此每走一步都要克服重力做功。（已知小东的腿长是65cm，质量是50kg）（g取10N/kg）求：（1）小东正常步行的速度是多少？（2）小东每走一步克服重力所做的功是多少？（3）小东正常步行克服重力做功的功率是多少？26如图所示电路，是某学校楼道自动控制照明系统，已知控制电路电源电压U=4.5V，电磁继电器线圈电阻R1=5，滑动变阻器R2最大阻值25R3是一光敏电阻，其阻值随“光照度E”的增大而减小，且成反比，其具体关系如下表所示（光照度E的单位是：勒克斯，符号Lx；光越强，光照度越大）。当线圈中电流减小至I0=90mA时，电磁继电器衔铁被弹簧拉起，启动照明系统，利用该装置可以实现当光照度低至某一设定值E0时，照明系统内照明灯自动工作。（1）根据表格中数据写出光敏电阻的阻值R3及光照度E的函数关系式。光照度E/lx0.511.522.53光敏电阻R3阻值/603020151210（2）闭合开关，把滑片移到最右端（b端），求照明系统启动时的光照度E0是多少？如果光照度E为2Lx时并保持1min不变，这段时间内R2消耗的电能是多少？2018年四川省内江市中考物理试卷参考答案及试题解析一、选择题（本大题共12小题，每小题4分共48分每个小题只有一个选项是符合要求的）1物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步。对于物理学中运动及力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A亚里士多德首先提出了惯性的概念B物体只要受到了力的作用，它的运动状态就一定会发生改变C牛顿第一定律是力学的基本定律之一，它是能够通过现代的实验手段直接来验证的D伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理相结合的方法，发展了人类的科学思维方式和科学研究方法【解答】解：A、伽利略首先提出了惯性的概念，故A错误；B、物体受非平衡力时，运动状态改变，受平衡力时运动状态不变，故B错误；C、牛顿第一定律是力学的基本定律之一，因为牛顿第一定律的内容是在物体不受任何外力的作用下，而现实生活中没有不受任何外力的物体，所以牛顿第一定律是在实验的基础上，结合推理得出来的。故C错误；D、伽利略对理想斜面的研究采用把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来的方法，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法，故D正确。故选：D。2根据能量守恒定律，下列情形可能发生的是（）A随着科学技术不断发展和提高，永动机是可以制成的B两个斜面相对连接，小球从左斜面滚下后冲上右斜面C电水壶里的水沸腾后断电，水的沸腾却一直持续下去D出枪膛的子弹射穿木板后，以更快的速度继续运动【解答】解：A、永动机违反了能量的转化及守恒，不可能实现，故A错误；B、两个斜面相对接，小球从左斜面滚下后，由于具有动能，会继续冲上右斜面，故B正确；C、在电水壶的使用过程中，消耗了电能，而水的温度升高，内能增加，断电后，水不再吸收热量，水的沸腾会停止，故C错误；D、子弹射穿木板的情景，子弹高速运动，说明子弹具有动能，由于摩擦生热会使动能减小，它的速度减慢，故D错误。故选：B。3在下面所列举的电磁波谱大家庭中，其中频率最高的是（）A无线电波B红外线C紫外线DX射线【解答】解：波长越长、频率越小，频率顺序由大到小排列，电磁波谱可大致分为：射线（伽马射线），X射线、伦琴射线，紫外线，可见光，红外线，微波，无线电波。故选：D。4关于物体受到的浮力，下列说法正确的是（）A液体的密度越大，受到的浮力越大B浸在水中的物体，体积越大，受到的浮力越大C物体排开水的体积越大，受到的浮力越大D漂在水面上的物体比沉在水底的物体受到的浮力大【解答】解：A、由阿基米德原理F浮=液gv排可知，液体的密度越大，排开液体的体积小，受到液体的浮力小，故A错误；B、浸在水中的物体，体积越大，排开液体的体积不一定大，故受到的浮力不一定大，故B错误；C、由阿基米德原理F浮=液gv排可知，物体排开水的体积越大受到的浮力越大，符合题意，故C正确；D、漂在水面的物体如果排开液体的体积比沉在水底的物体排开液体的体积小，那么漂在水面的物体比沉在水底的物体受到的浮力小，故D错误。故选：C。5关于下列四幅图的说法，其中正确的是（）A图甲所示，小孔成像是光的折射形成的像B图乙所示，加油机相对歼击机是静止的，相对地面是运动的C图丙所示，我们吃饭使用的筷子是省力杠杆D图丁所示，用抽气机将玻璃钟罩内的空气抽出时，我们听到声音的音调越来越低【解答】解：A、小孔成像是光沿由于直线传播形成的现象，故A错误；B、加油机和地面之间发生了位置的改变，所以以地面为参照物，加油机是运动的。相对歼击机位置的没改变，加油机相对歼击机是静止的，故B正确；C、筷子在使用时动力臂小于阻力臂，所以是费力杠杆，故C错误；D、随着玻璃钟罩内空气的逐渐抽出，可以听到手机的声音的响度逐渐变小，故D错误。故选：B。6物态变化在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是（）A春天的早晨空气中经常会出现大雾，这是液化现象，需要放热B夏天吃冰棒时看到周围冒出“白气”，这是凝华现象，需要放热C秋天的早晨花草上经常会出现露珠，这是熔化现象，需要吸热D冬天的早晨地面上经常会出现白霜，这是凝固现象，需要吸热【解答】解：A、春天的早晨空气中的大雾，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故A正确。B、夏天吃冰棒时看到周围冒出“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B错误。C、秋天的早晨花草上出现的小露珠，是空气中的水蒸气液化而成的，液化放热，故C错误。D、霜是空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的小冰晶，凝华放热，故D错误。故选：A。7如图所示，A，B，C三个石块叠在一起处于静止状态，下列说法正确的是（）A石块B所受合力不为零B石块B受到石块A的重力和压力的作用C石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力是一对平衡力D石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力是一对相互作用力【解答】解：A、B石块处于静止状态，受到的力是平衡力，故合力为零。故A错误；B、石块B受到石块A的压力的作用，此时压力等于石块A的重力；故B错误；C、石块B受到的重力和石块C对石块B的支持力大小不等，不是一对平衡力。故C错误；D、石块B对石块C的压力和石块C对石块B的支持力大小相等，、方向相反、作用在两个物体上，作用在同一条直线上。是一对相互作用力，故D正确。故选：D。8下面所述案例是物理学知识在生活中的广泛应用，其中说法正确的是（）A用吸管能把饮料吸入嘴里，其实是大气压的作用B菜刀不锋利了在磨石上磨一磨，是为了减小压强C用高压锅煮食物熟得快，是因为锅内气压大液体沸点低D家庭里常用吸盘挂钩挂物件，是利用电磁铁的吸引作用【解答】解：A、用吸管喝饮料时，外部气压大于盒内压强，外部大气压强把饮料压入嘴中，故A正确；B、菜刀钝了在磨石上磨一磨，目的是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，切菜更快。故B错误；C、因为水的沸点及压强有关，压强增大，沸点升高，煮饭菜时高压锅的气压比普通锅内的气压高，所以水沸腾时高压锅内的温度高于普通锅内的温度，温度越高，饭菜熟的越快，故C错误；D、吸盘挂钩在使用时，先挤出里面的空气，里面气压减小，在大气压的作用下，吸盘被压在光滑的墙面上，故及大气压有关；不是利用电磁铁的吸引作用，故D错误。故选：A。9将规格为“2.5V 0.3A”的小灯泡L1和规格为“3.8V 0.3A”的小灯泡L2串联，接在3V的电源上，下列判断正确的是（）AL1的电阻大于L2的电阻BL1的亮度比L2的亮度更小C两只灯泡都正常发光D两只灯泡实际功率相等【解答】解：A、由欧姆定律的变形公式R=可得：R L1RL2；故A错误；B、因为串联电路处处电流相等，由P=I2R可知，电流一定时，电阻越大，功率越大，因此灯泡L1的实际功率小于灯泡L2的实际功率，即灯泡L2更亮，故B正确；C、两只灯泡都没有在额定电压下工作，所以都不正常发光，故C错误；D、因两灯泡的电阻不等，由P=I2R可知，两只灯泡实际功率不相等，故D错误。故选：B。102017年9月29日，世界上首条量子保密通信干线“京沪干线”和“墨子号”科学实验卫星进行了天、地连接，成功实现了洲际量子保密通信，大大地提高了我国的保密技术水平，那么，在下列说法中正确的是（）A在“墨子号”实验卫星的发射过程中，将重力势能转化为动能B在轨运行的“墨子号”卫星受到的力是平衡力C在轨运行的“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，但仍然受重力D保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过超声波实现联系的【解答】解：A、卫星升空时，质量不变，速度变大，故动能变大；同时高度增加，所以重力势能增加，故A错误；B、在轨运行的“墨子号”卫星做的是圆周运动，方向发生了变化，受到的力不是平衡力，故B错误；C、“墨子号”卫星内部的物体处于失重状态，是因为受到重力和向心力的共同作用，故C正确；D、电磁波的传播不需要介质，保密通信“京沪干线”和卫星“墨子号”之间是通过电磁波实现联系，故D错误。故选：C。11如图是电阻甲和乙的UI图象，由图象可知下列判断正确的是（）A甲乙都是定值电阻B当乙两端电压为1V，其电阻值为10C将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，电路的总功率为1.2WD将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，干路上的电流为0.4A【解答】解：A、由图象可知，乙对应的电流及电压不成正比，根据欧姆定律可知，乙电阻的阻值是变化的，故A错误；B、由图象可知，当U乙=1V时，I乙=0.4A，由I=可得此时乙的阻值：R乙=2.5，故B错误；C、将甲和乙串联，若甲的电流为0.4A时，根据串联电路的电流特点可知甲乙的电流均为0.4A，由图象可知，此时U甲=2V，U乙=1V，则总功率为P=P甲+P乙=U甲I+U乙I=2V×0.4A+1V×0.4A=1.2W，故C正确；D、将甲和乙并联，若甲两端电压为1V时，根据并联电路的电压特点可知甲乙两端的电压均为1V，由图象可知，此时I甲=0.2A，I乙=0.4A，则干路电流I=I甲+I乙=0.2A+0.4A=0.6A，故D错误；故选：C。12如图所示，电源电压恒为3V，灯泡L标有“3V 1.5W”字样（不计温度对灯丝电阻的影响），滑动变阻器R最大阻值为30，电压表量程“03V”，电流表量程为“00.6A”。在电路安全的情况下，下列判断正确的是（）A灯泡L正常发光时的电阻为10B只闭合开关S，滑动变阻器的取值范围只能是010C只闭合开关S，该电路的最大功率是2.5WD将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，电流表示数为0.6A【解答】解：A、由P=UI=可得，灯泡正常发光时的电阻：RL=6，故A错误；BC、只闭合开关S时，滑动变阻器R及灯泡L串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，此时电压表的示数为零，灯泡两端的电压等于电源电压3V，通过灯泡的电流：IL=0.5A0.6A，则电路中电流最大为0.5A，电路的最大功率为：P大=UI大=3V×0.5A=1.5W，故C错误；电源电压为3V，电压表量程“03V”，当变阻器接入电路中的阻值最大时，电流最小，两电表都是安全的，所以，滑动变阻器的取值范围是030，故B错误；D、将滑片P移到R的最左端，闭合开关S、S1，滑动变阻器R及灯泡L并联，电压表测导线两端的电压，电流表测干路中的电流，因灯泡两端的电压仍然为3V，则通过小灯泡的电流：IL=0.5A；通过滑动变阻器的电流：IR=0.1A，则电流表的示数：I=IL+IR=0.5A+0.1A=0.6A，故D正确；故选：D。二、填空题（本大题共7个小题，每空3分，共42分）13小东买了一瓶矿泉水，喝去了一半后，剩余的矿泉水的密度不变（选填“变大”、“变小”或“不变”）。水的密度是1.0×103kg/m3，表示的物理意义是1m3的水的质量是1.0×103kg。【解答】解：因为密度是物质的一种特性，一瓶矿泉水如果喝掉一半，只是质量和体积的变化，不会引起密度的变化；水的密度是1.0×103kg/m3根据密度的定义可知，其物理意义是：1m3的水的质量是1000kg；故答案为：不变；1m3的水的质量是1.0×103kg。14在森林中旅游时，导游会提醒你，不要随意丢弃饮料瓶。这是由于下雨时瓶内灌了雨水后，相当于一个凸透镜（选填“凸透镜”或“凹透镜”），太阳出来后，它对光线有会聚作用，可能会引起森林火灾。【解答】解：因为瓶内灌了雨水后，瓶中水的形状是中间厚、边缘薄，符合凸透镜的形状特点，对光线有会聚作用，如果热量集中，会造成树叶燃烧，造成火灾。故答案为：凸透镜；会聚。15电磁继电器是利用电磁铁控制电路通断的开关，它的工作原理是：通过直接控制“控制电路”的通断，间接控制“高压电路”的通断。【解答】解：电磁继电器主要是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，通过开关控制电磁铁电流的通断，使电磁铁有无磁性，从而控制被控电路的通断，实现远距离操作和自动控制等功能，它可以用低压电源控制高压电源，弱电流控制强电流等。故答案为：电磁铁；高压。16如图所示，货架上放着ABCD四个体积相同的实心球，其中A和B为铅球，C和D为铁球，那么A和B两球相比较，A球的重力势能大；B和C两球相比较，做功本领更大的是B球。（铅铁）【解答】解：由于四个实心球的体积相同，A和B为铅球，C和D为铁球，铅铁，由m=V可知，A、B两球的质量大于C、D两球的质量。A及B相比，质量越同，但A的高度更高，所以A球的重力势能大；B及C相比，高度相同，B的质量更大，所以B球的重力势能大，故B球的做功本领更大。故答案为：A；B。17如图所示是用来测量电能的仪表，这只电表此时的读数是231.0kWh，当电路中只有一个电饭煲接入电路，正常工作l2min。发现此电能表的转盘转过了500转。则这个电饭煲的额定功率是1000W。【解答】解：由图可知，电能表此时的读数为231.0kWh，2500r/kWh 表示电路中每消耗1kWh的电能，电能表转盘转过2500r，则电能表的转盘转过了500转，电饭煲消耗的电能：W=0.2kWh，电饭煲正常工作l2min，则该电饭煲的额定功率：P=1kW=1000W。故答案为：231.0；1000。18用如图甲所示的滑轮组运送货物上楼，每件货物重100N，每次运送的量不定。图乙记录了在整个过程中滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图象，则动滑轮重为100N；当某次运送3件货物时，绳子的拉力F是200N（不考虑绳重和摩擦）【解答】解：（1）由乙图可知，当提升货物重G=100N时，=50%，不考虑绳重和摩擦，滑轮组的机械效率=，即：50%=，解得动滑轮重：G轮=100N；（2）当运送3件货物时，货物的总重G=3×100N=300N，由图甲可知n=2，不考虑绳重和摩擦，此时绳子的拉力：F=（G+G轮）=×（300N+100N）=200N。故答案为：100；200。19将一段电阻丝R和一个阻值为R0的定值电阻串联。接在电压为U=2V的电源上，现改变电阻丝接入电路的长度，测得通过电阻丝的电流I和电阻丝相应的接入长度L，得到了电流的倒数及长度的关系图象（L图象）如图所示，由此可知：该定值电阻R0=0.8；当电阻丝的接入长度为L=0.5m时，相应电阻丝的电阻R=1.6【解答】解：由题知，电阻丝R和定值电阻R0串联，电源电压为2V；改变电阻丝接入电路的长度，则电阻丝接入电路的阻值会发生改变，因此电阻丝相当于一个滑动变阻器；由L图象可知，当L=0时， =0.4A1，解得I=2.5A，当L=0时，只有阻值为R0的定值电阻接入电路，根据欧姆定律可得：R0=0.8；由L图象可知，当L=0.5m时， =1.2A1，解得I=A，此时电阻丝R和定值电阻R0串联，根据欧姆定律可得串联电路的总电阻：R总=2.4，所以此时电阻丝的电阻：R=R总R0=2.40.8=1.6。故答案为：0.8；1.6。三、作图题（本大题3小题，共10分，按要求完成下列各题）20如图所示为足球运动员顶出去的足球，试画出足球在空中飞行时的受力示意图（不计空气阻力）。【解答】解：顶出去的足球在不计空气阻力的情况下，只受重力的作用，作用在球的重心，方向竖直向下，如图所示：21如图所示，小明利用一块平面镜使此时的太阳光水平射入隧道内，请你通过作图画出平面镜，并在图中标出反射角的度数。【解答】解：根据光的反射定律可知，反射角等于入射角，则作出反射光线和入射光线夹角的角平分线就是法线的位置，再作法线的垂线即可画出平面镜；由图知，反射光线和入射光线的夹角180°60°=120°，则反射角等于入射角等于60°；如图所示：22请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。【解答】解：首先辨别图中三根线地线、火线、零线。（1）灯泡接法：火线进入开关，经灯泡连到零线，这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。如图所示：四、实验题（本大题2小题，共20分按要求完成下列各题）23如图所示，是某同学设计的测量小车在固定斜面上运动的平均速度实验装置图。小车从带有适当刻度的斜面顶端由静止自由下滑，图中的圆圈是小车到达A，B两处时，电子时钟所显示的两个不同的时刻，则：（1）由图可知，斜面上的刻度尺的最小分度值为2mm。（2）该实验原理是v=。（3）在实验中，为了方便计时，应使斜面的倾角适当小（选填“大”或“小”）一些。（4）由图可知：小车在A，B两点间运动的平均速度为0.03m/s。【解答】解：（1）由图知：刻度尺上一个大格是1cm，里面由有个小格，一个小格表示2mm；（2）该实验是根据公式v=进行测量的；（3）若要计时方便，应使斜面的坡度小一些，使小车在斜面上通过的时间更长。（4）由图知：AC段的距离是sAB=9.00cm，AB所用时间为tAB=3s，所以小车在AB段的平均速度为vAB=3.00cm/s=0.03m/s。故答案为：（1）2；（2）v=；（3）小；（4）0.03。24在测量“小灯泡的额定功率”的实验中，实验室提供的实验器材有：A电源（电压为4.5V），B电流表A1（量程为00.6A，电阻为0.5）C电流表A2（量程为03A，电阻为0.2）D电压表V1（量程为3V，内阻为3k）E电压表V2（量程为15V，内阻为1k）F滑动变阻器R（阻值010）G定值电阻R0=800H待测小灯泡L（额定电压为3.8V，额定功率大约是1.2W）I开关S一个，导线若干实验要求：既要保证电路安全，又要提高测量精确度；为了减小系统误差，测量时电表示数应大于量程的三分之一。则（1）根据实验要求，电流表应选B，电压表应选D（选填器材前的字母代号）。（2）根据实验要求，在虚线方框内画出实验电路图（其中部分电路已画出）。（3）根据实验电路图，请用笔画线代替导线，将实验器材连接起来使之成为实验电路（其中部分导线已连接好）。（4）在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应滑到b端（选填实物图中“a”或“b”）；正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，仔细检查电路各部分均接触良好，其原因可能是小灯泡L开路。【解答】解：（1）待测小灯泡L的额定电压为3.8V，额定功率大约是1.2W，由P=UI得，小灯泡的额定电流大约为：I=0.32A，因为小灯泡L的额定电流0.32A小于0.6A，且大于电流表A1（量程为00.6A，电阻为0.5）量程的三分之一，所以，根据实验要求，电流表应选B。因为电源电压为4.5V，待测小灯泡L的额定电压为3.8V，均小于电压表V2（量程为15V，内阻为1k）量程的三分之一，所以，根据实验要求，电压表应选D。（2）为了测量小灯泡的额定功率，应使其两端的电压为3.8V，由于电压表（量程为3V，内阻为3k），因此可将电压表及R0串联后在并联在小灯泡L的两端，电流表接在干路上（即电流表外接法），当灯泡L正常发光时，其两端的电压为UL=3.8V，根据串、并联电路电压规律可知，电压表和R0所在支路电压：UV+UR0=UL=3.8V，根据串联电路分压规律可知，电压表V1及定值电阻R0两端的电压之比：联立以上两式可解得：UV=3V；UR0=0.8V。符合实验要求，故设计的实验电路图如下图所示：（3）根据实验电路图和实验要求，按电流的流经顺序将其连接起来，如下图所示：（4）在闭合开关前，为了保护电路，应使电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路的阻值最大，由实验电路可知，滑动变阻器的滑片应滑到b端。正确连接实验电路后，开关试触时，发现灯泡不亮，电流表无示数，说明电路存在断路，电压表有示数，说明电压表两接线柱到电源两极是连通的，则及电压表并联的部分断路，即小灯泡L断路。故答案为：（1）B；D；（2）如图所示；（3）如图所示；（4）b；小灯泡L断路。五、计算题（本大题2小题，共15分解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后结果的不能得分，有数值运算的题，答案中必须写出数值和单位）25步行是一种简易方便的健身运动，人正常步行时，步距（指步行一步的距离）变化不大，步距还可作为身体上的一把“尺子”。小东测出自己的步距为0.5m，他正常步行1min走了180步。小东根据自己的腿长和步距画出了如图所示的步行示意图，对步行时重心的变化进行了分析，当两脚一前一后着地时重心降低，而单脚着地迈步时重心升高，因此每走一步都要克服重力做功。（已知小东的腿长是65cm，质量是50kg）（g取10N/kg）求：（1）小东正常步行的速度是多少？（2）小东每走一步克服重力所做的功是多少？（3）小东正常步行克服重力做功的功率是多少？【解答】解：（1）小东1min经过的路程为：s=0.5m×180=90m，他的步行速度为：v=90m60s=1.5m/s；（2）重心升高的高度h=65cm=5cm=0.05m；小东每走一步克服重力所做的功：W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×0.05m=25J；（3）1min做的总功：W总=180W=180×25J=4500J，功率：P=75W。答：（1）小东正常步行的速度是1.2m/s；（2）小东每走一步克服重力所做的功为25J。（3）小东正常步行克服重力做功的功率是75W。26如图所示电路，是某学校楼道自动控制照明系统，已知控制电路电源电压U=4.5V，电磁继电器线圈电阻R1=5，滑动变阻器R2最大阻值25R3是一光敏电阻，其阻值随“光照度E”的增大而减小，且成反比，其具体关系如下表所示（光照度E的单位是：勒克斯，符号Lx；光越强，光照度越大）。当线圈中电流减小至I0=90mA时，电磁继电器衔铁被弹簧拉起，启动照明系统，利用该装置可以实现当光照度低至某一设定值E0时，照明系统内照明灯自动工作。（1）根据表格中数据写出光敏电阻的阻值R3及光照度E的函数关系式。光照度E/lx0.511.522.53光敏电阻R3阻值/603020151210（2）闭合开关，把滑片移到最右端（b端），求照明系统启动时的光照度E0是多少？如果光照度E为2Lx时并保持1min不变，这段时间内R2消耗的电能是多少？【解答】解：（1）由表格数据可知，光照度及光敏电阻R3阻值的乘积：E×R3=0.5lx×60=1lx×30=1.5lx×20=2lx×15=2.5lx×12=3lx×10=30lx，即R3=；（2）闭合开关S，将滑片P移至b端，变阻器接入电路中的电阻最大，由题可知，当线圈中电流减小至I0=90mA=0.09A时，电磁继电器衔铁被弹簧拉起，启动照明系统，所以，电路中的总电阻：R总=50；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R3的阻值：R3=R总R1R2=50525=20，由表格数据可知，当R3=20时，E0的值为1.5lx；由表格知当E=2Lx时，此时光敏电阻的阻值：R3=15，因启动照明系统的条件不变（启动照明系统时，控制电路中的电流恒为0.09A），则控制电路中的总电阻不变，所以，R2接入电路的电阻：R2=R总R1R3=50515=30；1min内R2消耗的电能：W=I2Rt=（0.09A）2×30×60s=14.48J第 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