2011新课标高考物理一轮复习精编解析版复习资料（15）超重与失重　瞬时问题 doc--高中物理 .doc

永久免费组卷搜题网2011新课标高考物理一轮复习精编解析版复习资料（15）-超重与失重瞬时问题第3课时超重与失重瞬时问题1.(2009·佛山市质检二)图6是我国“美男子”长征火箭把载人神舟飞船送上太空的情景宇航员在火箭发射与飞船回收的过程中均要经受超重与失重的考验，下列说法正确的是(BC)A火箭加速上升时，宇航员处于失重状态B飞船加速下落时，宇航员处于失重状态C飞船落地前减速，宇航员对座椅的压力大于其重力D火箭上升的加速度逐渐减小时，宇航员对座椅的压力小于其重力 图6解析 加速上升或减速下降，加速度均是向上，处于超重状态；加速下降或减速上升，加速度均是向下，处于失重状态，由此知选项B、C正确2.一个研究性学习小组设计了一个竖直加速度器，如图7所示把轻弹簧上端用胶带固定在一块纸板上，让其自然下垂，在弹簧末端处的纸板上刻上水平线A.现把垫圈用胶带固定在弹簧的下端，在垫圈自由垂下处刻上水平线B，在B的下方刻一水平线C，使AB间距等于BC间距假定当地重力加速度g10 m/s2，当加速度器在竖直方向运动时，若弹簧末端的垫圈 (BC)A在A处，则表示此时的加速度为零 图7B在A处，则表示此时的加速度大小为g，且方向向下C在C处，则质量为50 g的垫圈对弹簧的拉力为1 ND在BC之间某处，则此时加速度器一定是在加速上升解析 设ABBCx，由题意知，mgkx，在A处mgmaA，aAg，方向竖直向下，B正确；在C处，2kxmgmaC，aCg，方向竖直向上，此时弹力F2kx2mg1 N，C正确；在B、C之间弹力F大于mg，加速度方向竖直向上，但加速度器不一定在加速上升，也可能减速下降，故D错误3如图8所示，质量为m的小球用水平轻弹簧系住，并用倾角为30°的光滑木板AB托住，小球恰好处于静止状态当木板AB突然向下撤离的瞬间，小球的加速度大小为(B)图8A0B.gCgD.g解析 撤离木板时，小球所受重力和弹簧弹力没变，二者合力大小等于撤离木板前木板对小球的支持力FN，由于FNmg，所以撤离木板后，小球加速度大小为：ag.4(2010·福建厦门六中期中)如图9所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30°光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为(D) 图9A都等于 B.和0C.·和0 D0和·5(2010·福建厦门六中期中)2008年奥运会在北京举行，由此推动了全民健身运动的蓬勃发展体重为m50 kg的小芳在校运会上，以背越式成功地跳过了1.80 m的高度，成为高三组跳高冠军若忽略空气阻力，g取10 m/s2.则下列说法正确的是(C)A小芳下降过程处于超重状态B小芳起跳以后在上升过程中处于超重状态C小芳起跳时地面对她的支持力大于她的重力D起跳过程地面对小芳至少做了900 J的功6由静止开始竖直向上运动的电梯里，某同学把测量加速度的传感器固定在手提包上，手提包与传感器总质量为1 kg，到达某一楼层停止，采集数据并分析处理后列在下表中.运动过程匀加速直线运动匀速直线运动匀减速直线运动时间(s)282加速度(m/s2)0.4000.40在计算机上画出手提包在此过程中速度v、加速度a、手对手提包的拉力F、位移x随时间的变化关系图象，请根据上表数据和所学知识，判断下列选项中正确的是(g取10 m/s2)(C)解析 从表中数据可知，匀加速运动的加速度大小为0.4 m/s2，匀减速运动的加速度大小也为0.4 m/s2，匀加速运动时手提包受到的拉力为F1m(ga)10.4 N，匀减速运动时手提包受到的拉力为F2m(ga)9.6 N由图象可以得出，A图中加速运动和减速运动的加速度大小均为0.5 m/s2，B图象中，02 s内，加速度越来越小，10 s12 s，加速度越来越大；D图象中，物体分段做匀速直线运动综合分析得出，C正确7消防队员为缩短下楼的时间，往往抱着竖直的杆直接滑下假设一名质量为60 kg、训练有素的消防队员从七楼(即离地面18 m的高度)抱着竖直的杆以最短的时间滑下已知杆的质量为200 kg，消防队员着地的速度不能大于6 m/s，手和腿对杆的最大压力为1 800 N，手和腿与杆之间的动摩擦因数为0.5，设当地重力加速度g10 m/s2.假设杆是搁在地面上的，杆在水平方向不移动试求：(1)消防队员下滑过程中的最大速度(2)消防队员下滑过程中杆对地面的最大压力(3)消防队员下滑的最短时间答案 (1)12 m/s(2)2 900 N(3)2.4 s解析(1)消防队员开始阶段自由下落的末速度即为下滑过程的最大速度vm，有2gh1v消防队员受到的滑动摩擦力FfFN0.5×1 800 N900 N.减速阶段的加速度大小：a25 m/s2减速过程的位移为h2，由vv22a2h2又hh1h2以上各式联立可得：vm12 m/s(2)以杆为研究对象得：FNMgFf2 900 N(3)最短时间为tmin2.4 s8(2010·福州综合练习)如图10所示，游乐场有一斜面长为x1的滑梯，与水平面夹角为，在滑梯下端的水平地面上铺设有塑胶垫小孩从滑梯顶端由静止开始下滑，不计在衔接处速率的变化，他还可以在塑胶垫上再滑行x2的距离停止已知小孩与滑梯表面的动摩擦因数1，试求：(已知重力加速度为g) 图10(1)小孩在斜面上滑行的时间(2)小孩与塑胶垫之间的动摩擦因数2的值答案 (1) (2)(sin 1cos )解析(1)设小孩的质量为m，在滑梯上他受到三个力的作用，根据牛顿第二定律有mgsin Ff1ma1Ff11FN11mgcos 所以mgsin 1mgcos ma1得a1g(sin 1cos )由运动学公式x1a1t得t1 (2)由v22a1x1得滑到斜面末端速度v在塑胶垫上滑行时，有Ff22FN22mgma2得a22g由运动学公式0v22a2x2得2(sin 1cos )【反思总结】 永久免费组卷搜题网