江西省宜春三中2016届高三物理上学期第六次周考试题.doc

江西省宜春三中2016届高三上学期第六次周考试题一、选择题(每小题6分，共48分)1运动员在110米栏比赛中，主要有起跑加速、途中匀速跨栏和加速冲刺三个阶段，运动员的脚与地面间不会发生相对滑动以下说法正确的是()A加速阶段地面对运动员的摩擦力做正功B匀速阶段地面对运动员的摩擦力做负功C由于运动员的脚与地面间不发生相对滑动，所以不论是加速阶段还是匀速阶段，地面对运动员的摩擦力始终不对运动员做功D无论是加速阶段还是匀速阶段，地面对运动员的摩擦力始终做负功图D5­122014·河北石家庄质检图D5­1为汽车在水平路面上启动过程中的速度图像，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线下列说法正确的是()A0t1时间内汽车做匀加速运动且牵引力的功率恒定Bt1t2时间内汽车牵引力做的功为mvmvCt1t2时间内汽车的平均速度为(v1v2)D在全过程中，t1时刻汽车的牵引力及其功率都是最大值，t2t3时间内牵引力最小图D5­232014·辽宁五校协作体模拟如图D5­2所示，A放在固定的光滑斜面上，B、C两小球在竖直方向上通过劲度系数为k的轻质弹簧相连，C球放在水平地面上现用手控制住A，使细线刚刚拉直但无拉力作用，并保证滑轮左侧细线竖直、右侧细线与斜面平行已知A的质量为4m，B、C的质量均为m，重力加速度为g，细线与滑轮之间的摩擦不计，开始时整个系统处于静止状态释放A后，A沿斜面下滑至速度最大时C恰好离开地面下列说法正确的是()A斜面的倾角60°BA获得的最大速度为2gCC刚离开地面时，B的加速度最大D从释放A到C刚离开地面的过程中，A、B两小球组成的系统机械能守恒图D5­342014·芜湖模拟一环状物体套在光滑水平直杆上，物体能沿杆自由滑动，绳子一端系在物体上，另一端绕过定滑轮，用大小恒定的力F拉着，使物体沿杆自左向右滑动，如图D5­3所示物体在杆上通过a、b、c三点时的动能分别为Ea、Eb、Ec，且abbc，滑轮质量和摩擦均不计，则下列关系中正确的是()AEbEaEcEbBEbEa<EcEb CEbEa>EcEb DEa<Eb<Ec图D5­452014·温州八校联考如图D5­4所示，质量为m的滑块以一定初速度滑上倾角为的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的Fmgsin 的恒力；已知滑块与斜面间的动摩擦因数tan ，取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量Q、滑块动能Ek、机械能E随时间t及势能Ep随位移x变化关系的是图D5­5中的()图D5­5图D5­662014·厦门5月适应考试如图D5­6所示，两个质量均为m且用轻弹簧相连接的物块A、B放在一倾角为的光滑斜面上，系统静止现在用一平行于斜面向上的恒力F拉物块A，使之沿斜面向上运动，当物块B刚要离开固定在斜面上的挡板C时，物块A运动的距离为d，瞬时速度为v，已知弹簧劲度系数为k，重力加速度为g，则()A此时物块A运动的距离dB此时物块A的加速度为aC此过程中弹簧弹性势能的改变量Ep0D经过程中弹簧弹性势能的改变量EpFdmv2图D5­772014·苏州一中质检如图D5­7所示，半径为R、圆心角为60°的光滑圆弧槽固定在高为h的平台上，小物块从圆弧槽的最高点A由静止开始滑下，滑出槽口B时速度方向水平向左，小物块落在地面上C点，B、C两点在以O2点为圆心的圆弧上，O2在B点正下方地面上，则()A4Rh B2RhCRh DR2h图D5­882014·潍坊一摸如图D5­8所示，足够长的粗糙斜面固定在水平面上，物块a通过平行于斜面的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连，b的质量为m.开始时，a、b均静止且a刚好不受斜面摩擦力作用现对b施加竖直向下的恒力F，使a、b做加速运动，则在b下降h高度过程中()Aa的加速度为Ba的重力势能增加mghC绳的拉力对a做的功等于a的机械能的增加量DF对b做的功与摩擦力对a做的功之和等于a、b的动能的增加量二、实验题(16分)92014·西城一模利用如图D5­9甲所示的装置做“验证机械能守恒定律”的实验图D5­9(1)除打点计时器(含纸带、复写纸)、交流电源、铁架台、导线及开关外，在下面的器材中，必须使用的还有_(选填器材前的字母)A大小合适的铁质重锤B体积较大的木质重锤C刻度尺D游标卡尺E秒表(2)图乙是实验中得到的一条纸带在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC.重锤质量用m表示，已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T.从打下O点到打下B点的过程中，重锤重力势能的减少量|Ep|_，动能的增加量Ek_三、计算题(46分)10(22分)2014·河南示范性高中五校联考如图D5­10所示，光滑水平面AB与竖直面内的半圆形导轨在B点相切，半圆形导轨的半径为R.一个质量为m的物体将弹簧压缩至A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右的速度后脱离弹簧，当物体经过B点进入导轨的瞬间对轨道的压力为其重力的8倍，之后物体向上运动恰能到达最高点C.不计空气阻力，试求： (1)物体在A点时弹簧的弹性势能；(2)物体从B点运动至C点的过程中产生的内能图D5­1011(24分)2014·山东实验中学二模如图D5­11所示，有一个可视为质点的质量为m1 kg的小物块从光滑平台上的A点以v02 m/s的初速度水平抛出，到达C点时，小物块恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑到紧靠轨道末端D点的质量M3 kg的长木板上已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数0.3，圆弧轨道的半径为R0.4 m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角60°，不计空气阻力，g取10 m/s2.(1)求小物块到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力(2)要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少为多大？图D5­11参考答案1C 因运动员的脚与地面间不发生相对滑动，故地面对运动员的静摩擦力对运动员不做功，选项C正确2D 在0t1时间内，牵引力恒定，速度均匀增大，由PFv知，牵引力功率也增大，选项A错误；t1t2时间内，根据动能定理知WFWfmvmv，选项B错误；由于汽车在t1t2时间内是做加速度逐渐减小的变加速直线运动，故平均速度v>(v1v2)，选项C错误；全过程中，t1时刻牵引力最大，牵引力的功率达到额定功率，之后牵引力功率不变，但牵引力减小，直至牵引力Ff，此后汽车做匀速运动，选项D正确. 3B A、B两球的速度大小时刻相等，当A沿斜面下滑至速度最大时，B球竖直上升的速度也达到最大，此时A、B两球的加速度均为零，选项C错误；根据“此时C恰好离开地面”可知，弹簧的弹力大小等于mg，对B由平衡条件可得，绳的拉力大小为2mg，对A由平衡条件得4mgsin 2mg，解得30°，选项A错误；从释放A到A沿斜面下滑至速度最大的过程中，弹簧由被压缩逐渐变成被拉伸，在此过程中，由三个小球和弹簧组成的系统机械能守恒，设A获得的最大速度为v，则4mg··sin 30°mg·×5mv2，解得v2g，选项B正确；从释放A到C刚离开地面的过程中，弹簧对B的弹力先做正功后做负功，所以由A、B两小球组成的系统的机械能先增大后减小，即机械能不守恒，选项D错误4CD 设绳对物体的拉力为T，力F与T大小相等T在对物体做功的过程中大小虽然不变，但其方向时刻在改变，因此该问题是变力做功的问题但是在滑轮的质量以及滑轮与绳间的摩擦不计的情况下，由WFlcos 及abbc知Wab>Wbc，根据动能定理知EbEa>EcEb，C正确，A、B错误；由a经过b到c，拉力一直做正功，故物体的动能一直在增加，选项D正确5C 根据滑块与斜面间的动摩擦因数tan 可知，滑动摩擦力等于滑块重力沿斜面向下的分力施加一沿斜面向上的Fmgsin 的恒力后，滑块的机械能保持不变，重力势能随位移x均匀增大，选项C正确，选项D错误产生的热量Qfx随位移x均匀增大，滑块的动能Ek随位移x均匀减小，选项A、B错误. 6C 系统静止时，A受到弹簧平行于斜面向上的弹力kx1mgsin ，B即将离开挡板时，B受到弹簧平行于斜面向上的弹力kx2mgsin ，物块A移动的距离dx1x2，选项A错误；对A应用牛顿第二定律得Fkx2mgsin ma，解得a，选项B错误；由上述讨论知x1x2，所以弹簧弹性势能的改变量为零，选项C正确，选项D错误. 7B 小物块从圆弧槽的最高点A由静止开始滑下，由动能定理有mgR(1cos 60°)mv2.滑出槽口B后做平抛运动，有hgt2，hvt，联立解得2Rh，选项B正确. 8BD 设斜面倾角为，开始时，根据平衡条件得magsin mg；施加恒力F时，有FmgTma，Tmagsin fmaa，联立解得a<，选项A错误；b下降h高度过程中，b的重力势能减少Ep减mgh，a的重力势能增加Epmaghsin mgh，选项B正确；b下降h高度过程中，a受重力、绳的拉力、支持力及滑动摩擦力作用，根据能量守恒定律得，绳的拉力对a做的功大于a的机械能的增加量，选项C错误；对a、b组成的系统应用能量守恒定律得，F对b做的功与摩擦力对a做的功之和等于a、b的机械能的增加量，而b的重力势能的减少量等于a的重力势能的增加量，所以F对b做的功与摩擦力对a做的功之和等于a、b的动能的增加量，选项B、D正确. 9(1)AC(2) mghB (2)打B点时重锤的速度vB，从O到B，重锤动能的增加量Ekmv，重锤重力势能的减少量mghB.10(1)mgR(2)mgR (1)设物体在B点时的速度为vB，受到的弹力为FNB，则有FNBmgm其中FNB8mg物体从A点运动到B点的过程中，由能量守恒定律可知Epmv解得EpmgR.(2)设物体在C点时的速度为vC，由牛顿第二定律得mgm物体从B点运动到C点的过程中，由能量守恒定律得Qmv解得QmgR.11(1)60 N，方向竖直向下(2)2.5 m (1)小物块在C点时的速度为vC小物块从C到D的过程中，由动能定理得mgR(1cos 60°)mvmv解得vD2 m/s小物块在D点时，由牛顿第二定律得FNmgm解得FN60 N由牛顿第三定律得FNFN60 N，方向竖直向下(2)设小物块刚滑到木板左端时恰与木板达到共同速度v，小物块在木板上滑行的过程中，小物块与长木板的加速度大小分别为a1ga2则有vvDa1ta2t对小物块和木板组成的系统，由能量守恒定律得mgLmv(mM)v2解得L2.5 m.- 9 -