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    【高考讲坛】2016届高考数学一轮复习 第7章 第7节 立体几何中的向量方法(Ⅱ)-求空间角课后限时自测 理 苏教版.doc

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    【高考讲坛】2016届高考数学一轮复习 第7章 第7节 立体几何中的向量方法(Ⅱ)-求空间角课后限时自测 理 苏教版.doc

    【高考讲坛】2016届高考数学一轮复习 第7章 第7节 立体几何中的向量方法()-求空间角课后限时自测 理 苏教版 A级基础达标练一、填空题1已知正方体ABCD­A1B1C1D1,则BC1与截面BB1D1D所成的角为_图7­7­10解析显然是面BB1D1D的法向量易知,60°(A1C1B为正三角形),故所求角为90°60°30°.答案30°2已知正方体ABCD­A1B1C1D1如图7­7­11所示,则直线B1D和CD1所成的角为_图7­7­11解析以A为原点,AB,AD,AA1所在直线分别为x,y,z轴建立空间直角坐标系,设正方体边长为1,则射线CD1,B1D的方向向量分别是(1,0,1),(1,1,1),cos,0,两直线所成的角为90°.答案90°3如图7­7­12,长方体ABCD­A1B1C1D1中,ABBC2,AA11,则直线BD1和AB1所成的角的余弦值等于_;直线BD1和平面ACC1A1所成角的余弦值等于_图7­7­12解析(1)建立如图所示的空间直角坐标系O­xyz,则A(2,0,0),B(2,2,0),D(0,0,0),B1(2,2,1),D1(0,0,1)所以(2,2,1),(0,2,1),从而cos,.故BD1和AB1所成的角的余弦值为.(2)易知:DB平面ACC1A1,所以平面ACC1A1的一条法向量为(2,2,0)cos,.设为BD1和平面ACC1A1所成的角,则sin ,因此,cos .答案4(2012·陕西高考改编)如图7­7­13所示,在空间直角坐标系中有直三棱柱ABC­A1B1C1,CACC12CB,则直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为_图7­7­13解析不妨令CB1,则CACC12.可得O(0,0,0),B(0,0,1),C1(0,2,0),A(2,0,0),B1(0,2,1),(0,2,1),(2,2,1),cos,>0.与的夹角即为直线BC1与直线AB1的夹角,直线BC1与直线AB1夹角的余弦值为.答案5如图7­7­14所示,若P为正方体ABCD­A1B1C1D1的棱A1B1的中点,则二面角P­C1D­D1的正切值是_图7­7­14 解析以D为原点,DA,DC,DD1为x,y,z轴建系设棱长为2,面DCC1D1的法向量是m(1,0,0),求得面DPC1的法向量n,cosm,n.又该二面角为锐角,所以该二面角的余弦值为,正切值为2.答案26如图7­7­15,已知三棱锥O­ABC的侧棱OA,OB,OC两两垂直,且OA1,OBOC2,E是OC的中点,则二面角A­BE­C的余弦值为_图7­7­15解析以O为原点,OB,OC,OA为x,y,z轴建立空间直角坐标系可求得平面ABE的一个法向量为n1(1,2,2)平面BEC的一个法向量为n2(0,0,1)cosn1,n2,故所求二面角余弦值为.答案7(2013·浙江温州二模)如图7­7­16所示,在四棱锥P­ABCD中,底面ABCD为矩形,侧棱PA底面ABCD,AB,BC1,PA2,E为PD的中点,则直线BE与平面ABCD所成角的正切值为_图7­7­16解析作EHAD于H,连接BH,PA面ABCD,EHPA,故EH面ABCD,故EBH就是直线BE与平面ABCD所成的角,又EHPA1,BH,tanEBH.答案8(2014·常州期末)如图7­7­17,在三棱锥P­ABC中已知平面PAB平面ABC,ACBC,ACBCPA2a.点O,D分别是AB,PB的中点,POAB,连结CD,则异面直线PA与CD所成角的余弦值为_图7­7­17解析由题意可知PO平面ABC且OCAB,故可建立如图所示的空间直角坐标系A(0,a,0),B(0,a,0),C(a,0,0),P(0,0,a),D,从而(0,a,a),cos,所以PA与CD所成角的余弦值为.答案二、解答题9.如图7­7­18,在底面是矩形的四棱锥P­ABCD中,PA平面ABCD,PAAB2,BC4,E是PD的中点图7­7­18 (1)求证:平面PDC平面PAD;(2)求二面角E­AC­D的余弦值解以A为原点,AB所在直线为x轴,AD所在直线为y轴,AP所在直线为z轴建立空间直角坐标系,则A(0,0,0),B(2,0,0),C(2,4,0),D(0,4,0),E(0,2,1),P(0,0,2)(2,0,0),(0,4,0),(0,0,2),(2,0,0),(0,2,1),(2,4,0)(1)证明:·0,CDAD.又·0,CDAP.APADA,CD平面PAD,而CD平面PDC.平面PDC平面PAD.(2)设平面AEC的法向量n(x,y,z),令z1,则n(x,y,1)由即n.平面ABC的一个法向量(0,0,2),cosn,.所以二面角E­AC­D所成平面角的余弦值是.10(2014·南通、扬州、泰州、宿迁高三调研)如图7­7­19,在长方体ABCD­A1B1C1D1中,ADAA1AB,E是棱AB上一点,且.图7­7­19(1)证明:D1EA1D;(2)若二面角D1­EC­D的大小为,求实数的值解(1)如图,以D为原点,DA为x轴,DC为y轴,DD1为z轴建立空间直角坐标系不妨设ADAA11,AB2,则D(0,0,0),A(1,0,0),B(1,2,0),C(0,2,0),A1(1,0,1),B1(1,2,1),C1(0,2,1),D1(0,0,1),因为,所以E,于是,(1,0,1)所以··(1,0,1)0.故D1EA1D.(2)因为D1D平面ABCD,所以平面DEC的法向量为n1(0,0,1)又,(0,2,1)设平面D1CE的法向量为n2(x,y,z)则n2·xy0,n2·2yz0.取y1,得平面D1CE的一个法向量为n2.因为二面角D1­EC­D的大小为,则解得±1,又因为E是棱AB上的一点,所以>0,故所求的值为1.B级能力提升练一、填空题1.(2014·南师附中模拟)如图7­7­20,在底面是直角梯形的四棱锥S­ABCD中,ABC90°,SA面ABCD,SAABBC1,AD.面SCD与面SBA所成的二面角的正切值为_图7­7­20 解析如图,以点A为坐标原点,方向为x,y,z轴的正方向建立空间直角坐标系,则A(0,0,0),B(1,0,0),C(1,1,0),D,S(0,0,1),.求得平面SCD的一个法向量为n(1,2,1),易知是平面SBA的一个法向量,故cos,n,可得二面角正切值为.答案2(2014·天津高考改编)如图7­7­21,在四棱锥P­ABCD中,PA底面ABCD,ADAB,ABDC,ADDCAP2,AB1,点E为棱PC的中点,则直线BE与平面PBD所成角的正弦值为_图7­7­21解析以A为原点建立如图所示的空间直角坐标系得B(1,0,0),D(0,2,0),P(0,0,2),E(1,1,1),从而求得(1,2,0),(1,0,2),(0,1,1),可求平面PBD的一个法向量n(2,1,1),cos,n,所以直线与平面PBD所成角的正弦值为.答案二、解答题3.(2014·大纲全国卷)如图7­7­22,三棱柱ABC­A1B1C1中,点A1在平面ABC内的射影D在AC上,ACB90°,BC1,ACCC12.图7­7­22(1)证明:AC1A1B;(2)设直线AA1与平面BCC1B1的距离为,求二面角A1­AB­C的大小的余弦值解以C为坐标原点,射线CA为x轴的正半轴,以CB的长为单位长,建立如图所示的空间直角坐标系C­xyz.由题设知A1D与z轴平行,z轴在平面AA1C1C内(1)设A1(a,0,c),由题设有a2,A(2,0,0),B(0,1,0),则(2,1,0),(2,0,0),(a2,0,c),(a4,0,c),(a,1,c)由|2得 2,即a24ac20.于是·a24ac20,所以AC1A1B.(2)设平面BCC1B1的法向量m(x,y,z),则m,m,即m·0,m·0.因为(0,1,0),(a2,0,c),故y0,且(a2)xcz0.令xc,则z2a,m(c,0,2a),点A到平面BCC1B1的距离为|·|cosm,|c.又依题设,点A到平面BCC1B1的距离为,所以c.代入解得a3(舍去)或a1.于是(1,0,)设平面ABA1的法向量n(p,q,r),则n,n,即n·0,n·0,pr0,且2pq0.令p,则q2,r1,n(,2,1)又p(0,0,1)为平面ABC的法向量,故cosn,p.所以二面角A1­AB­C的余弦值.9

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