精品解析：吉林省2020年中考数学试题（解析版）.doc

吉林省20200年初中毕业生学业水平考试数学试题一、单项选择题（每小题2分，共12分）1.6的相反数是（）A. 6B. C. 6D. 【答案】C【解析】【分析】根据相反数的定义，即可解答【详解】6的相反数是：6，故选C.2.国务院总理李克强年月日在作政府工作报告时说，去年我国农村贫困人口减少，脱贫攻坚取得决定性成就数据用科学记数法表示为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】根据科学记数法的定义即可得【详解】科学记数法：将一个数表示成的形式，其中，n为整数，这种记数的方法叫做科学记数法则故选：B【点睛】本题考查了科学记数法的定义，熟记定义是解题关键3.如图，由个完全相同的小正方体组合成一个立体图形，它的左视图为（ ） A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】根据左视图的定义即可得【详解】由左视图的定义得：这个立体图形的左视图由2行1列组成，其中，每行上只有1个小正方形，1列上有2个小正方形观察四个选项可知，只有选项A符合故选：A【点睛】本题考查了左视图的定义，熟记定义是解题关键三视图的另两个概念是：主视图和俯视图，这是常考点，需掌握4.下列运算正确的是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据同底数幂的乘除法、幂的乘方、积的乘方逐项判断即可【详解】A、，此项错误B、，此项错误C、，此项错误D、，此项正确故选：D【点睛】本题考查了同底数幂的乘除法、幂的乘方、积的乘方，熟记整式的运算法则是解题关键5.将一副三角尺按如图所示的方式摆放，则的大小为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】先根据直角三角板的性质得出ACD的度数，再由三角形内角和定理即可得出结论【详解】解：如图所示，由一副三角板的性质可知：ECD=60°，BCA=45°，D=90°，ACD=ECDBCA=60°45°=15°，=180°DACD=180°90°15°=75°， 故选：B【点睛】本题考查的是三角形内角和定理，熟知三角形内角和是180°是解答此题的关键6.如图，四边形内接于若，则的大小为（ ）A B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据圆内接四边形的对角互补，可求得的度数【详解】因为，四边形内接于，所以，=180°-故选：C【点睛】考核知识点：圆的内接四边形熟记圆的内接四边形性质是关键二、填空题（每小题3分，共24分）7.分解因式：=_【答案】a（ab）【解析】【详解】解：=a（ab）故答案为a（ab）【点睛】本题考查因式分解-提公因式法8.不等式的解集为_【答案】【解析】【分析】移项、合并同类项、系数化为1即可得出答案【详解】解：，移项：，合并同类项：，系数化成：，所以不等式的解集为：；故答案为：【点睛】本题主要考查了解一元一次不等式，关键是掌握解不等式的解题步骤9.一元二次方程根的判别式的值为_【答案】13【解析】【分析】根据一元二次方程根的判别式=b2-4ac即可求出值【详解】解：a=1，b=3，c=-1，=b2-4ac=9+4=13所以一元二次方程x2+3x-1=0根的判别式的值为13故答案为：13【点睛】本题考查了根的判别式，解决本题的关键是熟记根的判别式10.我国古代数学著作算学启蒙中有这样一个学问题，其大意是：跑得快的马每天走里，跑得慢的马每天走里慢马先走天，快马几天可以追上慢马？设快马天可以追上慢马，根据题意，可列方程为_【答案】（240-150）x=150×12【解析】【分析】根据两马的速度之差×快马出发的时间=慢马的速度×慢马提前出发的时间，即可得出关于x的一元一次方程【详解】解：题中已设快马x天可以追上慢马，则根据题意得：（240-150）x=150×12故答案为：（240-150）x=150×12【点睛】本题考查了一元一次方程的应用问题，找到等量关系，正确列出一元一次方程是解题的关键11.如图，某单位要在河岸上建一个水泵房引水到处，他们的做法是：过点作于点，将水泵房建在了处这样做最节省水管长度，其数学道理是_【答案】垂线段最短【解析】【分析】直线外一点与直线上各点连结的所有线段中，垂线段最短【详解】通过比较发现：直线外一点与直线上各点连结的所有线段中，垂线段最短故答案为：垂线段最短【点睛】此题主要考查点到直线的距离，动手比较、发现结论是解题关键12.如图，若，则_【答案】10【解析】【分析】根据平行线分线段成比例得到，由条件即可算出DF的值【详解】解：，又，故答案为：10【点睛】本题考查的是平行线分线段成比例定理，灵活运用定理、找准对应关系是解题的关键13.如图，在中，分别是边，的中点若的面积为则四边形的面积为_【答案】【解析】【分析】先根据三角形中位线定理得出，再根据相似三角形的判定与性质得出，从而可得的面积，由此即可得出答案【详解】点，分别是边，的中点，即又则四边形的面积为故答案为：【点睛】本题考查了三角形中位线定理、相似三角形的判定与性质等知识点，熟练掌握相似三角形的判定与性质是解题关键14.如图，在四边形中，我们把这种两组邻边分别相等的四边形叫做“筝形”，筝形的对角线，相交于点以点为圆心，长为半径画弧，分别交，于点，若，则的长为_（结果保留）【答案】【解析】【分析】根据题意，求出OB的长；根据弧长的公式，代入数据，即可求解【详解】由题意知：，ABC和ADC是等腰三角形，ACBD，OD=，OA=OB=ABD=， EBF=，=故答案为【点睛】本题主要考查了等腰三角形的性质和弧长的公式，正确掌握等腰三角形的性质和弧长的公式是解题的关键三、解答题（每小题5分，共20分）15.先化简，再求值：，其中【答案】，【解析】【分析】分别依据完全平方公式和单项式乘多项式法则计算，再合并同类项，然后将代入即可【详解】解：原式=将代入原式=【点睛】本题考查整式的混合运算，二次根式的化简求值熟练掌握完全平方公式和单项式乘多项式法则是解决此题的关键16.“中国结”是我国特有的手工编织工艺品，也是一种传统吉祥装饰物，如图，现有三张正面印有“中国结”图案的不透明卡片，卡片除正面图案不同外，其余均相同将三张卡片正面向下洗匀，小吉同学从中随机抽取一张卡片，记下图案后正面向下放回，洗匀后再从中随机抽取一张卡片请用画树状图或列表的方法，求小吉同学抽出的两张卡片中含有卡片的概率【答案】两张卡片中含有A的概率为，详解见解析【解析】【分析】分别使用树状图法或列表法将小吉同学抽取卡片的结果表示出来，第一次共有3种不同的抽取情况，第二次同样也有3种不同的抽取情况，所有等可能出现的结果有9种，找出含有A卡片的抽取结果，即可算出概率【详解】解：解法一：画树状图，根据题意，画树状图结果如下：由树状图可以看出，所有等可能出现的概率一共有9种，而两张卡片中含有A卡片的结果有5种，所以P（小吉抽到两张卡片中有A卡片）=解法二：用列表法，根据题意，列表结果如下：结果为：（第一次抽取情况，第二次抽取情况）由表可以看出，所有等可能出现的概率一共有9种，而两张卡片中含有A卡片的结果有5种，所以P（小吉抽到两张卡片中有A卡片）=【点睛】本题考查了列表法或树状图法求概率，用图表的形式将第一次、第二次抽取所可能发生的情况一一列出，避免遗漏17.甲、乙二人做某种机械零件，已知甲每小时比乙多做个，甲做个所用的时间与乙做个所用的时间相等求乙每小时做零件的个数【答案】12个【解析】【分析】设乙每小时做个零件，甲每小时做个零件，根据时间=总工作量÷工作效率，即可得出关于的分式方程，解之并检验后即可得出答案【详解】解：设乙每小时做个零件，则甲每小时做个零件，由题意得：，解得：，经检验：是分式方程的解，且符合题意，分式方程的解为：，答：乙每小时做12个零件【点睛】本题主要考查了分式方程的应用，找准等量关系，正确列出分式方程是解题的关键18.如图，在中，点在边上，且，过点作并截取，且点，在同侧，连接求证：【答案】证明见详解【解析】【分析】根据SAS即可证得【详解】证明：，A=EDB，在ABC和DEB中，（SAS）【点睛】本题考查了全等三角形的判定，熟练掌握全等三角形的判定方法是解题的关键四、解答题（每小题7分，共28分）19.如图、图、图都是的正方形网格，每个小正方形的顶点称为格点，均为格点在给定的网格中，按下列要求画图：（1）在图中，画一条不与重合的线段，使与关于某条直线对称，且，为格点（2）在图中，画一条不与重合的线段，使与关于某条直线对称，且，为格点（3）在图中，画一个，使与关于某条直线对称，且，格点【答案】（1）图见解析；（2）图见解析；（3）图见解析【解析】分析】（1）先画出一条的正方形网格的对称轴，根据对称性即可在图中，描出点AB的对称点MN，它们一定在格点上，再连接即可（2）同（1）方法可解；（3）同（1）方法可解；【详解】解：（1）如图，的正方形网格的对称轴l，描出点AB关于直线l的对称点MN，连接即为所求；（2）如图，同理（1）可得，即为所求；（3）如图，同理（1）可得，即为所求【点睛】本题考查了作图轴对称变换，解决本题的关键是找到图形对称轴的位置20.如图，某班数学小组测量塔的高度，在与塔底部相距的处，用高的测角仪测得该塔顶端的仰角为求塔的高度（结果精确到）（参考数据：，）【答案】【解析】【分析】通过，可求出AE的长，从而得到AB的高度【详解】解：由题意可知，在直角ADE中，即，因此塔的高度为【点睛】本题考查了解直角三角形的应用问题，熟练掌握三角函数是解题的关键21.如图，在平面直角坐标系中，为坐标原点，点，在函数的图象上（点的横坐标大于点的横坐标），点的坐示为，过点作轴于点，过点作轴于点，连接，（1）求值（2）若为中点，求四边形的面积【答案】（1）8；（2）10【解析】【分析】（1）将点的坐标为代入，可得结果；（2）利用反比例函数的解析式可得点的坐标，利用三角形的面积公式和梯形的面积公式可得结果【详解】解：（1）将点的坐标为代入，可得，的值为8；（2）的值为8，函数的解析式为，为中点，点的横坐标为4，将代入，可得，点的坐标为，【点睛】本题主要考查了反比例函数的系数的几何意义，运用数形结合思想是解答此题的关键22.年月线上授课期间，小莹、小静和小新为了解所在学校九年级名学生居家减压方式情况，对该校九年级部分学生居家减压方式进行抽样调查，将居家减压方式分为（享受美食）、（交流谈心）、（室内体育活动）、（听音乐）和（其他方式）五类，要求每位被调查者选择一种自己最常用的减压方式他们将收集的数据进行了整理，绘制的统计表分别为表1、表2和表3表1：小莹抽取名男生居家减压方式统计表（单位：人）减压方式人数表2：小静随机抽取名学生居家减压方式统计表（单位：人）减压方式人数表3：小新随机抽取名学生居家减压方式统计表（单位：人）减压方式人数根据以上材料，回答下列问题：（1）小莹、小静和小新三人中，哪一位同学抽样调查的数据能较好地反映出该校九年级学生居家减压方式情况，并简要说明其他两位同学抽样调查的不足之处（2）根据三人中能较好地反映出该校九年级居家减压方式的调查结果，估计该校九年级名学生中利用室内体育活动方式进行减压的人数【答案】（1）小新抽样调查所得的数据能较好地反映出该校九年级学生居家减压方式情况；小莹抽取名男生居家减压方式统计,没有随机抽样，而且只抽取男生，样本没有代表性；小静随机抽取名学生居家减压方式统计，样本容量太小，也没有代表性；（2）260人【解析】【分析】（1）根据抽样调查的要求，所抽样本必须具有代表性，要保证所有个体都有相同的机会被抽到，样本的容量要适当；（2）根据样本的情况估计总体情况，利用室内体育活动方式进行减压的人数：600×人【详解】解：（1）小新抽样调查所得的数据能较好地反映出该校九年级学生居家减压方式情况.小莹抽取名男生居家减压方式统计,没有随机抽样，而且只抽取男生，样本没有代表性；小静随机抽取名学生居家减压方式统计，样本容量太小，也没有代表性；（2）估计该校九年级名学生中利用室内体育活动方式进行减压的人数：600×=260（人） 答：（1）小新抽样调查所得的数据能较好地反映出该校九年级学生居家减压方式情况小莹抽取名男生居家减压方式统计,没有随机抽样，而且只抽取男生，样本没有代表性；小静随机抽取名学生居家减压方式统计，样本容量太小，也没有代表性；（2）估计该校九年级名学生中利用室内体育活动方式进行减压的人数是260人【点睛】考核知识点：抽样调查.要注意抽样调查中样本的容量要适中，要具有代表性,会用样本估计总体情况五、解答题（每小题8分，共16分）23.某种机器工作前先将空油箱加满，然后停止加油立即开始工作，当停止工作时，油箱中油量为在整个过程中，油箱里的油量（单位：）与时间（单位：）之间的关系如图所示（1）机器每分钟加油量为_，机器工作的过程中每分钟耗油量为_（2）求机器工作时关于的函数解析式，并写出自变量的取值范围（3）直接写出油箱中油量为油箱容积的一半时的值【答案】（1）3，；（2），；（3）5或40【解析】【分析】（1）根据加油量为即可得；根据时剩余油量为即可得；（2）根据函数图象，直接利用待定系数法即可得；（3）先求出机器加油过程中的关于的函数解析式，再求出时，两个函数对应的x的值即可【详解】（1）由函数图象得：机器每分钟加油量为机器工作的过程中每分钟耗油量为故答案为：3，；（2）由函数图象得：当时，机器油箱加满，并开始工作；当时，机器停止工作则自变量的取值范围为，且机器工作时的函数图象经过点设机器工作时关于的函数解析式将点代入得：解得则机器工作时关于的函数解析式；（3）设机器加油过程中的关于的函数解析式将点代入得：解得则机器加油过程中的关于的函数解析式油箱中油量为油箱容积的一半时，有以下两种情况：在机器加油过程中当时，解得在机器工作过程中当时，解得综上，油箱中油量为油箱容积的一半时的值为5或40【点睛】本题考查了函数图象、利用待定系数法求一次函数和正比例函数的解析式等知识点，从函数图象中正确获取信息是解题关键24.能够完全重合的平行四边形纸片和按图方式摆放，其中，点，分别在边，上，与相交于点【探究】求证：四边形是菱形【操作一】固定图中的平行四边形纸片，将平行四边形纸片绕着点顺时针旋转一定的角度，使点与点重合，如图，则这两张平行四边形纸片未重叠部分图形的周长和为_【操作二】四边形纸片绕着点继续顺时针旋转一定的角度，使点与点重合，连接，如图若，则四边形的面积为_【答案】探究：证明见解析；操作一：56；操作二：72【解析】【分析】探究：先根据平行四边形的性质可得，再根据平行四边形的判定可得四边形是平行四边形，然后根据菱形的判定即可得证；操作一：先根据菱形的性质得出，再根据三角形全等的判定定理与性质可得，然后根据全等三角形的性质、三角形的周长公式即可得；操作二：先根据平行四边形的性质、等腰三角形的判定可得是等腰三角形，且平分，再根据等腰三角形的三线合一可得，然后利用正弦三角函数可求出DN的长，从而可得DG的长，最后根据矩形的判定可得四边形是矩形，据此利用矩形的面积公式即可得【详解】探究：四边形和都是平行四边形，即四边形是平行四边形又平行四边形是菱形；操作一：如图，设AE与DF相交于点H，AB与FG相交于点M四边形和是两个完全重合的平行四边形，在和中，和的周长相等同理可得：、的周长均相等又周长为则这两张平行四边形纸片未重叠部分图形的周长和为故答案为：56；操作二：如图，设AB与DG相交于点N四边形和是两个完全重合的平行四边形是等腰三角形，且平分，在中，即解得又四边形是平行四边形，即平行四边形是矩形则四边形的面积为故答案为：72【点睛】本题考查了平行四边形的判定与性质、三角形全等的判定与性质、菱形的判定、矩形的判定、正弦三角函数等知识点，熟记并灵活运用各判定定理与性质是解题关键六、解答题（每小题10分，共20分）25.如图，是等边三角形，动点从点出发，以的速度沿向点匀速运动，过点作，交折线于点，以为边作等边三角形，使点，在异侧设点的运动时间为，与重叠部分图形的面积为（1）的长为_（用含的代数式表示）（2）当点落在边上时，求的值（3）求关于的函数解析式，并写出自变量的取值范围【答案】（1）；（2）；（3）当时，；当时，；当时，【解析】【分析】（1）根据“路程速度时间”即可得；（2）如图（见解析），先根据等边三角形的性质可得，再根据垂直的定义可得，然后根据三角形全等的判定定理与性质可得，最后在中，利用直角三角形的性质列出等式求解即可得；（3）先求出点Q与点C重合时x的值，再分、和三种情况，然后分别利用等边三角形的性质、正切三角函数、以及三角形的面积公式求解即可得【详解】（1）由题意得：故答案为：；（2）如图，和都是等边三角形，即，在和中，在中，即解得；（3）是等边三角形当点Q与点C重合时，则，解得结合（2）的结论，分以下三种情况：如图1，当时，重叠部分图形为由（2）可知，等边的边长为由等边三角形的性质得：PQ边上的高为则如图2，当时，重叠部分图形为四边形EFPQ则在中，在中，即则如图3，当时，重叠部分图形为同可知，在中，即则综上，当时，；当时，；当时，【点睛】本题考查了等边三角形的性质、三角形全等的判定定理与性质、直角三角形的性质、正切三角函数等知识点，较难的是题（3），依据题意，正确分三种情况讨论是解题关键26.如图，在平面直角坐标系中，抛物线与轴正半轴交于点，且点的坐标为，过点作垂直于轴的直线是该抛物线上的任意一点，其横坐标为，过点作于点；是直线上的一点，其纵坐标为，以，为边作矩形（1）求的值（2）当点与点重合时，求的值（3）当矩形是正方形，且抛物线的顶点在该正方形内部时，求的值（4）当抛物线在矩形内的部分所对应的函数值随的增大而减小时，直接写出的取值范围【答案】（1）；（2）；（3）；（4）或【解析】【分析】（1）将A点坐标代入函数解析式即可求得b的值；（2）分别表示出P、Q、M的坐标，根据Q、M的横坐标相同，它们重合时纵坐标也相同，列出方程求解即可；（3）分别表示出PQ和MQ的长度，根据矩形是正方形时，即可求得m的值，再根据顶点在正方形内部，排除不符合条件的m的值；（4）分，四种情况讨论，结合图形分析即可【详解】解：（1）将点代入得，解得b=1,；（2）由（1）可得函数的解析式为，,于点，,是直线上的一点，其纵坐标为，若点与点重合，则，解得；（3）由（2）可得，当矩形是正方形时，即，即或，解得，解得，又，抛物线的顶点为(1，2)，抛物线的顶点在该正方形内部，P点在抛物线对称轴左侧，即，且M点的纵坐标大于抛物线顶点的纵坐标，即，解得，故m的值为；（4）如下图当时，若抛物线在矩形内的部分所对应的函数值随的增大而减小，则M点的纵坐标应该小于P点纵坐标，且P点应该在x轴上侧，即且，解得，解得，如下图当时，若抛物线在矩形内的部分所对应的函数值随的增大而减小，则M点的纵坐标应该小于P点纵坐标，即，解得，；当时，P点和M点都在直线x=3上不构成矩形，不符合题意；如下图当时，若抛物线在矩形内的部分所对应的函数值随的增大而减小，则M点的纵坐标应该大于P点纵坐标，即，解得或，故，综上所述或【点睛】本题考查二次函数综合，正方形的性质定理，求二次函数解析式能分别表示出M、P、Q的坐标并结合图形分析是解决此题的关键，注意分类讨论本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。试卷地址：在组卷网浏览本卷组卷网是学科网旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、超过900万精品解析试题。关注组卷网服务号，可使用移动教学助手功能（布置作业、线上考试、加入错题本、错题训练）。 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