高中数学解题方法大全.doc

第一章 高中数学解题基本方法一、配方法配方法是对数学式子进行一种定向变形（配成“完全平方”）的技巧，通过配方找到已知和未知的联系，从而化繁为简。何时配方，需要我们适当预测，并且合理运用“裂项”与“添项”、“配”与“凑”的技巧，从而完成配方。有时也将其称为“凑配法”。最常见的配方是进行恒等变形，使数学式子出现完全平方。它主要适用于：已知或者未知中含有二次方程、二次不等式、二次函数、二次代数式的讨论与求解，或者缺xy项的二次曲线的平移变换等问题。配方法使用的最基本的配方依据是二项完全平方公式(ab) a 2abb ，将这个公式灵活运用，可得到各种基本配方形式，如：a2 b2(ab)2 2ab(ab)2 2ab；a2 abb2 (ab)2 ab(ab)2 3ab；a2 b2 c2 abbcca (ab)2 (bc) 2(ca) 2a 2b 2c 2(abc) 22(abbcca)(abc)2 2(abbcca)结合其它数学知识和性质，相应有另外的一些配方形式，如：1sin212sincos（sincos） ；x (x ) 2(x ) 2 ； 等等。、再现性题组：1. 在正项等比数列a 中，a ?a +2a ?a +a ?a =25，则 a a _。2. 方程x y 4kx2y5k0表示圆的充要条件是_。 A. <k<1 B. k< 或k>1 C. kR D. k 或k13. 已知sin cos 1，则sincos的值为_。 A. 1 B. 1 C. 1或1 D. 04. 函数ylog (2x 5x3)的单调递增区间是_。 A. （, B. ,+) C. ( , D. ,3)5. 已知方程x +(a-2)x+a-1=0的两根x 、x ，则点P(x ,x )在圆x +y =4上，则实数a_。【简解】 1小题：利用等比数列性质a a a ，将已知等式左边后配方（a a ） 易求。答案是：5。 2小题：配方成圆的标准方程形式(xa) (yb) r ，解r >0即可，选B。 3小题：已知等式经配方成(sin cos ) 2sin cos 1，求出sincos，然后求出所求式的平方值，再开方求解。选C。4小题：配方后得到对称轴，结合定义域和对数函数及复合函数的单调性求解。选D。5小题：答案3 。、示范性题组：例1. 已知长方体的全面积为11，其12条棱的长度之和为24，则这个长方体的一条对角线长为_。 A. 2 B. C. 5 D. 6【分析】 先转换为数学表达式：设长方体长宽高分别为x,y,z，则 ,而欲求对角线长 ，将其配凑成两已知式的组合形式可得。【解】设长方体长宽高分别为x,y,z，由已知“长方体的全面积为11，其12条棱的长度之和为24”而得： 。长方体所求对角线长为： 5所以选B。【注】本题解答关键是在于将两个已知和一个未知转换为三个数学表示式，观察和分析三个数学式，容易发现使用配方法将三个数学式进行联系，即联系了已知和未知，从而求解。这也是我们使用配方法的一种解题模式。例2. 设方程x kx2=0的两实根为p、q，若( ) +( ) 7成立，求实数k的取值范围。【解】方程x kx2=0的两实根为p、q，由韦达定理得：pqk，pq2 ,( ) +( ) 7， 解得k 或k 。又 p、q为方程x kx2=0的两实根， k 80即k2 或k2 综合起来，k的取值范围是： k 或者 k 。【注】 关于实系数一元二次方程问题，总是先考虑根的判别式“”；已知方程有两根时，可以恰当运用韦达定理。本题由韦达定理得到pq、pq后，观察已知不等式，从其结构特征联想到先通分后配方，表示成pq与pq的组合式。假如本题不对“”讨论，结果将出错，即使有些题目可能结果相同，去掉对“”的讨论，但解答是不严密、不完整的，这一点我们要尤为注意和重视。例3. 设非零复数a、b满足a abb =0，求( ) ( ) 。【分析】 对已知式可以联想：变形为( ) ( )10，则 （为1的立方虚根）；或配方为(ab) ab 。则代入所求式即得。【解】由a abb =0变形得：( ) ( )10 ，设 ，则 10，可知为1的立方虚根，所以： ， 1。又由a abb =0变形得：(ab) ab ，所以 ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) ( ) 2 。【注】 本题通过配方，简化了所求的表达式；巧用1的立方虚根，活用的性质，计算表达式中的高次幂。一系列的变换过程，有较大的灵活性，要求我们善于联想和展开。【另解】由a abb 0变形得：( ) ( )10 ，解出 后，化成三角形式，代入所求表达式的变形式( ) ( ) 后，完成后面的运算。此方法用于只是未 联想到时进行解题。假如本题没有想到以上一系列变换过程时，还可由a abb 0解出：a b，直接代入所求表达式，进行分式化简后，化成复数的三角形式，利用棣莫佛定理完成最后的计算。、巩固性题组：1.函数y(xa) (xb) （a、b为常数）的最小值为_。A. 8 B. C. D.最小值不存在2.、是方程x 2axa60的两实根，则(-1) +(-1) 的最小值是_。A. B. 8 C. 18 D.不存在3.已知x、yR ，且满足x3y10，则函数t2 8 有_。A.最大值2 B.最大值 C.最小值2 B.最小值 4.椭圆x 2ax3y a 60的一个焦点在直线xy40上，则a_。A. 2 B. 6 C. 2或6 D. 2或65.化简：2 的结果是_。A. 2sin4 B. 2sin44cos4 C. 2sin4 D. 4cos42sin4 6. 设F 和F 为双曲线 y 1的两个焦点，点P在双曲线上且满足F PF 90°，则F PF 的面积是_。7. 若x>1，则f(x)x 2x 的最小值为_。8. 已知 < ，cos(-) ，sin(+) ，求sin2的值。(92年高考题)9. 设二次函数f(x)Ax BxC，给定m、n（m<n）,且满足A (m+n) + m n 2AB(m+n)CmnB C 0 。 解不等式f(x)>0； 是否存在一个实数t，使当t(m+t,n-t)时，f(x)<0 ？若不存在，说出理由；若存在，指出t的取值范围。10. 设s>1，t>1，mR，xlog tlog s，ylog tlog sm(log tlog s),将y表示为x的函数yf(x)，并求出f(x)的定义域；若关于x的方程f(x)0有且仅有一个实根，求m的取值范围。二、换元法解数学题时，把某个式子看成一个整体，用一个变量去代替它，从而使问题得到简化，这叫换元法。换元的实质是转化，关键是构造元和设元，理论依据是等量代换，目的是变换研究对象，将问题移至新对象的知识背景中去研究，从而使非标准型问题标准化、复杂问题简单化，变得容易处理。换元法又称辅助元素法、变量代换法。通过引进新的变量，可以把分散的条件联系起来，隐含的条件显露出来，或者把条件与结论联系起来。或者变为熟悉的形式，把复杂的计算和推证简化。它可以化高次为低次、化分式为整式、化无理式为有理式、化超越式为代数式，在研究方程、不等式、函数、数列、三角等问题中有广泛的应用。换元的方法有：局部换元、三角换元、均值换元等。局部换元又称整体换元，是在已知或者未知中，某个代数式几次出现，而用一个字母来代替它从而简化问题，当然有时候要通过变形才能发现。例如解不等式：4 2 20，先变形为设2 t（t>0），而变为熟悉的一元二次不等式求解和指数方程的问题。三角换元，应用于去根号，或者变换为三角形式易求时，主要利用已知代数式中与三角知识中有某点联系进行换元。如求函数y 的值域时，易发现x0,1，设xsin ，0, ，问题变成了熟悉的求三角函数值域。为什么会想到如此设，其中主要应该是发现值域的联系，又有去根号的需要。如变量x、y适合条件x y r （r>0）时，则可作三角代换xrcos、yrsin化为三角问题。均值换元，如遇到xyS形式时，设x t，y t等等。我们使用换元法时，要遵循有利于运算、有利于标准化的原则，换元后要注重新变量范围的选取，一定要使新变量范围对应于原变量的取值范围，不能缩小也不能扩大。如上几例中的t>0和0, 。、再现性题组：1.ysinx?cosxsinx+cosx的最大值是_。2.设f(x 1)log (4x ) （a>1），则f(x)的值域是_。3.已知数列a 中，a 1，a ?a a a ，则数列通项a _。4.设实数x、y满足x 2xy10，则xy的取值范围是_。5.方程 3的解是_。6.不等式log (2 1) ?log (2 2)2的解集是_。【简解】1小题：设sinx+cosxt , ，则y t ，对称轴t1，当t ，y ；2小题：设x 1t (t1)，则f(t)log -(t-1) 4，所以值域为(,log 4；3小题：已知变形为 1,设b ，则b 1,b 1(n1)(-1)n，所以a ；4小题：设xyk，则x 2kx10, 4k 40,所以k1或k1；5小题：设3 y，则3y 2y10,解得y ，所以x1；6小题：设log (2 1)y，则y(y1)<2，解得2<y<1，所以x(log ,log 3)。、示范性题组：例1. 实数x、y满足4x 5xy4y 5 （ 式） ，设Sx y ，求 的值。（93年全国高中数学联赛题）【分析】 由Sx y 联想到cos sin 1,于是进行三角换元，设 代入式求S 和S 的值。【解】设 代入式得： 4S5S? sincos5 解得 S ； -1sin21 385sin213 此种解法后面求S最大值和最小值，还可由sin2 的有界性而求，即解不等式：| |1。这种方法是求函数值域时经常用到的“有界法”。【另解】 由Sx y ，设x t，y t，t ， ， 则xy± 代入式得：4S±5 =5， 移项平方整理得 100t +39S 160S1000 。 39S 160S1000 解得： S 【注】 此题第一种解法属于“三角换元法”，主要是利用已知条件Sx y 与三角公式cos sin 1的联系而联想和发现用三角换元，将代数问题转化为三角函数值域问题。第二种解法属于“均值换元法”，主要是由等式Sx y 而按照均值换元的思路，设x t、y t，减少了元的个数，问题且容易求解。另外，还用到了求值域的几种方法：有界法、不等式性质法、分离参数法。和“均值换元法”类似，我们还有一种换元法，即在题中有两个变量x、y时，可以设xab，yab，这称为“和差换元法”，换元后有可能简化代数式。本题设xab，yab，代入式整理得3a 13b 5 ，求得a 0, ，所以S(ab) (ab) 2(a b ) a , ，再求 的值。例2 ABC的三个内角A、B、C满足：AC2B， ，求cos 的值。（96年全国理）【分析】 由已知“AC2B”和“三角形内角和等于180°”的性质，可得 ；由“AC120°”进行均值换元，则设 ，再代入可求cos即cos 。【解】由ABC中已知AC2B，可得 ,由AC120°，设 ，代入已知等式得： 2 ,解得：cos ， 即：cos 。【另解】由AC2B，得AC120°，B60°。所以 2 ，设 m， m ，所以cosA ，cosC ，两式分别相加、相减得：cosAcosC2cos cos cos ，cosAcosC2sin sin sin ，即：sin ， ，代入sin cos 1整理得：3m 16m120,解出m 6，代入cos 。【注】 本题两种解法由“AC120°”、“ 2 ”分别进行均值换元，随后结合三角形角的关系与三角公式进行运算，除由已知想到均值换元外，还要求对三角公式的运用相当熟练。假如未想到进行均值换元，也可由三角运算直接解出：由AC2B，得AC120°，B60°。所以 2 ，即cosAcosC2 cosAcosC，和积互化得：2cos cos cos(A+C)cos(A-C)，即cos cos(A-C) (2cos 1)，整理得：4 cos 2cos 3 0,例3. 设a>0，求f(x)2a(sinxcosx)sinx?cosx2a 的最大值和最小值。【解】 设sinxcosxt，则t- , ，由(sinxcosx) 12sinx?cosx得：sinx?cosx f(x)g(t) (t2a) （a>0），t- , t- 时，取最小值：2a 2 a 当2a 时，t ，取最大值：2a 2 a ；当0<2a 时，t2a，取最大值： 。 f(x)的最小值为2a 2 a ，最大值为 。【注】 此题属于局部换元法，设sinxcosxt后，抓住sinxcosx与sinx?cosx的内在联系，将三角函数的值域问题转化为二次函数在闭区间上的值域问题，使得容易求解。换元过程中一定要注意新的参数的范围（t- , ）与sinxcosx对应，否则将会出错。本题解法中还包含了含参问题时分类讨论的数学思想方法，即由对称轴与闭区间的位置关系而确定参数分两种情况进行讨论。一般地，在遇到题目已知和未知中含有sinx与cosx的和、差、积等而求三角式的最大值和最小值的题型时，即函数为f(sinx±cosx，sinxcsox)，经常用到这样设元的换元法，转化为在闭区间上的二次函数或一次函数的研究。例4. 设对所于有实数x，不等式x log 2x log log >0恒成立，求a的取值范围。（87年全国理）【分析】不等式中log 、 log 、log 三项有何联系？进行对数式的有关变形后不难发现，再实施换元法。【解】 设log t，则log log 3log 3log 3t，log 2log 2t，代入后原不等式简化为（3t）x 2tx2t>0，它对一切实数x恒成立，所以： ，解得 t<0即log <00< <1，解得0<a<1。【注】应用局部换元法，起到了化繁为简、化难为易的作用。为什么会想到换元及如何设元，关键是发现已知不等式中log 、 log 、log 三项之间的联系。在解决不等式恒成立问题时，使用了“判别式法”。另外，本题还要求对数运算十分熟练。一般地，解指数与对数的不等式、方程，有可能使用局部换元法，换元时也可能要对所给的已知条件进行适当变形，发现它们的联系而实施换元，这是我们思考解法时要注意的一点。例5. 已知 ，且 (式)，求 的值。【解】 设 k，则sinkx，cosky，且sin cos k (x +y )1,代入式得： 即： 设 t，则t , 解得：t3或 ± 或± 【另解】 由 tg，将等式两边同时除以 ，再表示成含tg的式子：1tg tg ，设tg t，则3t 10t30，t3或 ， 解得 ± 或± 。【注】 第一种解法由 而进行等量代换，进行换元，减少了变量的个数。第二种解法将已知变形为 ，不难发现进行结果为tg，再进行换元和变形。两种解法要求代数变形比较熟练。在解高次方程时，都使用了换元法使方程次数降低。例6. 实数x、y满足 1，若xyk>0恒成立，求k的范围。【分析】由已知条件 1，可以发现它与a b 1有相似之处，于是实施三角换元。【解】由 1，设 cos， sin，即： 代入不等式xyk>0得：3cos4sink>0，即k<3cos4sin5sin(+) 所以k<-5时不等式恒成立。【注】本题进行三角换元，将代数问题（或者是解析几何问题）化为了含参三角不等式恒成立的问题，再运用“分离参数法”转化为三角函数的值域问题，从而求出参数范围。一般地，在遇到与圆、椭圆、双曲线的方程相似的代数式时，或者在解决圆、椭圆、双曲线等有关问题时，经常使用“三角换元法”。本题另一种解题思路是使用数形结合法的思想方法：在平面直角坐标系，不等式axbyc>0 (a>0)所表示的区域为直线axbyc0所分平面成两部分中含x轴正方向的一部分。此题不等式恒成立问题化为图形问题：椭圆上的点始终位于平面上xyk>0的区域。即当直线xyk0在与椭圆下部相切的切线之下时。当直线与椭圆相切时，方程组 有相等的一组实数解，消元后由0可求得k3,所以k<-3时原不等式恒成立。、巩固性题组：1.已知f(x )lgx (x>0)，则f(4)的值为_。A. 2lg2 B. lg2 C. lg2 D. lg42.函数y(x1) 2的单调增区间是_。A. -2,+) B. -1,+) D. (-,+) C. (-,-13.设等差数列a 的公差d ，且S 145，则a a a a 的值为_。A. 85 B. 72.5 C. 60 D. 52.54.已知x 4y 4x，则xy的范围是_。5.已知a0，b0，ab1，则 的范围是_。6.不等式 >ax 的解集是(4,b)，则a_，b_。7.函数y2x 的值域是_。8.在等比数列a 中，a a a 2，a a a 12，求a a a 。9.实数m在什么范围内取值，对任意实数x，不等式sin x2mcosx4m1<0恒成立。10.已知矩形ABCD，顶点C(4,4)，A点在曲线x y 2 (x>0,y>0)上移动，且AB、AD始终平行x轴、y轴，求矩形ABCD的最小面积。 三、待定系数法要确定变量间的函数关系，设出某些未知系数，然后根据所给条件来确定这些未知系数的方法叫待定系数法，其理论依据是多项式恒等，也就是利用了多项式f(x) g(x)的充要条件是：对于一个任意的a值，都有f(a) g(a)；或者两个多项式各同类项的系数对应相等。待定系数法解题的关键是依据已知，正确列出等式或方程。使用待定系数法，就是把具有某种确定形式的数学问题，通过引入一些待定的系数，转化为方程组来解决，要判断一个问题是否用待定系数法求解，主要是看所求解的数学问题是否具有某种确定的数学表达式，如果具有，就可以用待定系数法求解。例如分解因式、拆分分式、数列求和、求函数式、求复数、解析几何中求曲线方程等，这些问题都具有确定的数学表达形式，所以都可以用待定系数法求解。使用待定系数法，它解题的基本步骤是：第一步，确定所求问题含有待定系数的解析式；第二步，根据恒等的条件，列出一组含待定系数的方程；第三步，解方程组或者消去待定系数，从而使问题得到解决。如何列出一组含待定系数的方程，主要从以下几方面着手分析：利用对应系数相等列方程；由恒等的概念用数值代入法列方程；利用定义本身的属性列方程；利用几何条件列方程。比如在求圆锥曲线的方程时，我们可以用待定系数法求方程：首先设所求方程的形式，其中含有待定的系数；再把几何条件转化为含所求方程未知系数的方程或方程组；最后解所得的方程或方程组求出未知的系数，并把求出的系数代入已经明确的方程形式，得到所求圆锥曲线的方程。、再现性题组：1.设f(x) m，f(x)的反函数f (x)nx5，那么m、n的值依次为_。A. , 2 B. ， 2 C. , 2 D. ，22.二次不等式ax bx2>0的解集是( , )，则ab的值是_。A. 10 B. 10 C. 14 D. 143.在(1x )（1x） 的展开式中，x 的系数是_。A. 297 B.252 C. 297 D. 2074.函数yabcos3x (b<0)的最大值为 ，最小值为 ，则y4asin3bx的最小正周期是_。5.与直线L：2x3y50平行且过点A(1,-4)的直线L的方程是_。6.与双曲线x 1有共同的渐近线，且过点(2,2)的双曲线的方程是_。【简解】1小题：由f(x) m求出f (x)2x2m，比较系数易求，选C；2小题：由不等式解集( , )，可知 、 是方程ax bx20的两根，代入两根，列出关于系数a、b的方程组，易求得ab，选D；3小题：分析x 的系数由C 与(1)C 两项组成，相加后得x 的系数，选D；4小题：由已知最大值和最小值列出a、b的方程组求出a、b的值，再代入求得答案 ；5小题：设直线L方程2x3yc0，点A(1,-4)代入求得C10，即得2x3y100；6小题：设双曲线方程x ，点(2,2)代入求得3，即得方程 1。、示范性题组：例1.已知函数y 的最大值为7，最小值为1，求此函数式。【分析】求函数的表达式，实际上就是确定系数m、n的值；已知最大值、最小值实际是就是已知函数的值域，对分子或分母为二次函数的分式函数的值域易联想到“判别式法”。【解】 函数式变形为： (ym)x 4 x(yn)0， xR, 由已知得ym0 (4 ) 4(ym)(yn)0 即： y (mn)y(mn12)0 不等式的解集为(-1,7)，则1、7是方程y (mn)y(mn12)0的两根，代入两根得： 解得： 或 y 或者y 此题也可由解集(-1,7)而设(y1)(y7)0,即y 6y70，然后与不等式比较系数而得： ，解出m、n而求得函数式y。【注】 在所求函数式中有两个系数m、n需要确定，首先用“判别式法”处理函数值域问题，得到了含参数m、n的关于y的一元二次不等式，且知道了它的解集，求参数m、n。两种方法可以求解，一是视为方程两根，代入后列出m、n的方程求解；二是由已知解集写出不等式，比较含参数的不等式而列出m、n的方程组求解。本题要求对一元二次不等式的解集概念理解透彻，也要求理解求函数值域的“判别式法”：将y视为参数，函数式化成含参数y的关于x的一元二次方程，可知其有解，利用0,建立了关于参数y的不等式，解出y的范围就是值域，使用“判别式法”的关键是否可以将函数化成一个一元二次方程。例2. 设椭圆中心在(2,-1)，它的一个焦点与短轴两端连线互相垂直，且此焦点与长轴较近的端点距离是 ，求椭圆的方程。【分析】求椭圆方程，根据所给条件，确定几何数据a、b、c之值，问题就全部解决了。设a、b、c后，由已知垂直关系而联想到勾股定理建立一个方程，再将焦点与长轴较近端点的距离转化为ac的值后列出第二个方程。【解】 设椭圆长轴2a、短轴2b、焦距2c，则|BF|a 解得： 所求椭圆方程是： 1也可有垂直关系推证出等腰RtBBF后，由其性质推证出等腰RtBOF，再进行如下列式： ，更容易求出a、b的值。【注】 圆锥曲线中，参数（a、b、c、e、p）的确定，是待定系数法的生动体现；如何确定，要抓住已知条件，将其转换成表达式。在曲线的平移中，几何数据（a、b、c、e）不变，本题就利用了这一特征，列出关于ac的等式。一般地，解析几何中求曲线方程的问题，大部分用待定系数法，基本步骤是：设方程（或几何数据）几何条件转换成方程求解已知系数代入。例3. 是否存在常数a、b、c，使得等式1?2 2?3 n(n1) (an bnc)对一切自然数n都成立？并证明你的结论。 （89年全国高考题）【分析】是否存在，不妨假设存在。由已知等式对一切自然数n都成立，取特殊值n1、2、3列出关于a、b、c的方程组，解方程组求出a、b、c的值，再用数学归纳法证明等式对所有自然数n都成立。【解】假设存在a、b、c使得等式成立，令：n1，得4 (abc)；n2，得22 (4a2bc)；n3，得709a3bc。整理得： ,解得 ，于是对n1、2、3，等式1?2 2?3 n(n1) (3n 11n10)成立，下面用数学归纳法证明对任意自然数n，该等式都成立：假设对nk时等式成立，即1?2 2?3 k(k1) (3k 11k10)；当nk1时，1?2 2?3 k(k1) (k1)(k2) (3k 11k10) (k1)(k2) (k2)（3k5）(k1)(k2) （3k 5k12k24） 3(k1) 11(k1)10，也就是说，等式对nk1也成立。综上所述，当a8、b11、c10时，题设的等式对一切自然数n都成立。【注】建立关于待定系数的方程组，在于由几个特殊值代入而得到。此种解法中，也体现了方程思想和特殊值法。对于是否存在性问题待定系数时，可以按照先试值、再猜想、最后归纳证明的步骤进行。本题如果记得两个特殊数列1 2 n 、1 2 n 求和的公式，也可以抓住通项的拆开，运用数列求和公式而直接求解：由n(n1) n 2n n得S 1?2 2?3 n(n1) (1 2 n )2(1 2 n )(12n) 2× (3n 11n10)，综上所述，当a8、b11、c10时，题设的等式对一切自然数n都成立。例4. 有矩形的铁皮，其长为30cm，宽为14cm，要从四角上剪掉边长为xcm的四个小正方形，将剩余部分折成一个无盖的矩形盒子，问x为何值时，矩形盒子容积最大，最大容积是多少？【分析】实际问题中，最大值、最小值的研究，先由已知条件选取合适的变量建立目标函数，将实际问题转化为函数最大值和最小值的研究。【解】 依题意，矩形盒子底边边长为(302x)cm，底边宽为(142x)cm，高为xcm。 盒子容积 V(302x)(142x)x4(15x)(7x)x ， 显然:15x>0，7x>0，x>0。设V (15aax)(7bbx)x (a>0,b>0） 要使用均值不等式，则 解得：a ， b ， x3 。 从而V ( )( x)x ( ) ×27576。所以当x3时，矩形盒子的容积最大，最大容积是576cm 。【注】均值不等式应用时要注意等号成立的条件，当条件不满足时要凑配系数，可以用“待定系数法”求。本题解答中也可以令V (15aax)(7x)bx 或 (15x)(7aax)bx，再由使用均值不等式的最佳条件而列出方程组，求出三项该进行凑配的系数，本题也体现了“凑配法”和“函数思想”。、巩固性题组：1.函数ylog x的x2,+)上恒有|y|>1，则a的取值范围是_。A. 2>a> 且a1 B. 0<a< 或1<a<2 C. 1<a<2 D. a>2或0<a< 2.方程x pxq0与x qxp0只有一个公共根，则其余两个不同根之和为_。A. 1 B. 1 C. pq D. 无法确定 3.如果函数ysin2xa?cos2x的图像关于直线x 对称，那么a_。A. B. C. 1 D. 14.满足C 1?C 2?C n?C <500的最大正整数是_。A. 4 B. 5 C. 6 D. 75.无穷等比数列a 的前n项和为S a , 则所有项的和等于_。A. B. 1 C. D.与a有关6.(1kx) b b xb x b x ，若b b b b 1，则k_。7.经过两直线11x3y90与12xy190的交点，且过点(3,-2)的直线方程为_。 8. 正三棱锥底面边长为2，侧棱和底面所成角为60°，过底面一边作截面，使其与底面成30°角，则截面面积为_。9. 设yf(x)是一次函数，已知f(8)15,且f(2)、f(5)、(f14)成等比数列，求f(1)f(2)f(m)的值。10. 设抛物线经过两点(-1,6)和(-1,-2)，对称轴与x轴平行，开口向右，直线y2x7和抛物线截得的线段长是4 , 求抛物线的方程。四、定义法所谓定义法，就是直接用数学定义解题。数学中的定理、公式、性质和法则等，都是由定义和公理推演出来。定义是揭示概念内涵的逻辑方法，它通过指出概念所反映的事物的本质属性来明确概念。定义是千百次实践后的必然结果，它科学地反映和揭示了客观世界的事物的本质特点。简单地说，定义是基本概念对数学实体的高度抽象。用定义法解题，是最直接的方法，本讲让我们回到定义中去。、再现性题组：1.已知集合A中有2个元素，集合B中有7个元素，AB的元素个数为n，则_。A. 2n9 B. 7n9 C. 5n9 D. 5n72.设MP、OM、AT分别是46°角的正弦线、余弦线和正切线，则_。A. MP<OM<AT B. OM<MP<AT C. AT<<OM<MP D. OM<AT<MP3.复数z a2，z 2，如果|z |< |z |，则实数a的取值范围是_。A. 1<a<1 B. a>1 C. a>0 D. a<1或a>14.椭圆 1上有一点P，它到左准线的距离为 ，那么P点到右焦点的距离为_。A. 8 C. 7.5 C. D. 35. 奇函数f(x)的最小正周期为T，则f( )的值为_。A. T B. 0 C. D. 不能确定6. 正三棱台的侧棱与底面成45°角，则其侧面与底面所成角的正切值为_。【简解】1小题：利用并集定义，选B；2小题：利用三角函数线定义，作出图形，选B；3小题：利用复数模的定义得 < ，选A；4小题：利用椭圆的第二定义得到 e ，选A；5小题：利用周期函数、奇函数的定义得到f( )f( )f( )，选B；6小题：利用线面角、面面角的定义，答案2。、示范性题组：例1. 已知z1， 设wz 3 4，求w的三角形式； 如果 1，求实数a、b的值。（94年全国理）【分析】代入z进行运算化简后，运用复数三角形式和复数相等的定义解答。【解】由z1，有wz 3 4(1) 3 423(1)41，w的三角形式是 （cos sin ）；由z1，有 (a2)(ab)。由题设条件知：(a2)(ab)1；根据复数相等的定义，得： ，解得 。【注】求复数的三角形式，一般直接利用复数的三角形式定义求解。利用复数相等的定义，由实部、虚部分别相等而建立方程组，这是复数中经常遇到的。例2. 已知f(x)x cx，f(2)14，f(4)252，求ylog f(x)的定义域，判定在( ,1)上的单调性。【分析】要判断函数的单调性，必须