2023年江苏省高二学业水平测试专题训练物理.doc

江苏省普通高中学业水平测试物理（必修）专项复习 计算与阐述题综合训练第二某些 会考压轴题演习1【会考回顾】（会考试题27，8分）如图所示，一质量M=50kg、长L=3m平板车静止在光滑水平地面上，平板车上表面距地面高度h=1.8m。一质量m=10kg可视为质点滑块，以v0=7.5m/s初速度从左端滑上平板车，滑块与平板车间动摩擦因数=0.5，取g=10m/s2。分别求出滑块在平板车上滑行时，滑块与平板车加速度大小；判断滑块能否从平板车右端滑出。若能，求滑块落地时与平板车右端间水平距离；若不能，试拟定滑块最后相对于平板车静止时与平板车右端距离。【变式训练】一平板车质量m=100kg，停在水平路面上，车身平板离地面高h=1.25m，一质量m=50kg小物块置于车平板上，它到车尾距离b=1.00m，与车板间摩擦因数=0.20，如图所示。今对平板车施一水平方向恒力，使车向前行驶，成果物块从车板上滑落。物块刚离开车板时刻，车向前行驶距离s0=2.0m，求物块落地时，落地点到车尾水平距离s（不计路面与平板车间摩擦，g取10m/s2）。翰林汇【综合演习】1如图所示为车站使用水平传送带装置示意图，绷紧传送带始终保持3.0m/s恒定速率运营，传送带水平某些AB距离水平地面高度h = 0.45m既有一行李包（可视为质点）由A端被传送到B端，且传送到B端时没有及时取下，行李包从B端水平抛出，不计空气阻力，取g10m/s2若行李包从B端水平抛出初速度v=3.0m/s，求它在空中运动时间和飞行水平距离若行李包以v0 =1.0m/s初速度从A端向右滑行，行李包与传送带间动摩擦因数=0.20要使它从B端飞出水平距离等于中所求水平距离，求传送带长度应满足条件2如图所示为货场使用传送带模型，传送带倾斜放置，与水平面夹角为=37°，传送带AB长度足够长，传送皮带轮以大小为=2m/s恒定速率顺时针转动。一包货品以0=12m/s初速度从A端滑上倾斜传送带，若货品与皮带之间动摩擦因数=0.5，且可将货品视为质点。 求货品刚滑上传送带时加速度为多大？ 当货品速度和传送带速度相似时用了多少时间？这时货品相对于地面运动了多远？0BA 从货品滑上传送带开始计时，货品再次滑回A端共用了多少时间？（g=10 m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8) 3图示为仓库中惯用皮带传播装置示意图，它由两台皮带传送机构成，一台水平传送，A、B 两端相距3m ，另一台倾斜，传送带与地面倾角= 37°，C、D 两端相距4.45m ，B、C相距很近水平某些AB 以5m/s速率顺时针转动将质量为10 kg 一袋大米放在A 端，到达B 端后，速度大小不变地传到倾斜CD 某些，米袋与传送带间动摩擦因数均为0.5若CD 某些传送带不运转，求米袋沿传送带所能上升最大距离若要米袋能被送到D 端，求CD 某些顺时针运转速度应满足条件及米袋从C 端到D 端所用时间取值范畴 第二某些 会考压轴题演习1（会考试题27，8分）对滑块，对平板车，设通过t时间滑块从平板车上滑出。 t1=0.5s或2s（舍去）此时，因此，滑块能从平板车右端滑出。在滑块平抛运动过程中， t2=0.6s 【变式训练】物块开始运动加速度方向向前(右)，大小为 a1=g=2.0m/s2离开车前位移s1=s0b=1.0m所用时间t1=离开车时速度(方向向右) 在t1时间内，小车加速度2 t1末速度 由牛顿第二定律 Fmg=Ma0小车所受拉力F=500N物块从脱离小车到落地所用时间物块水平射程s1=v1t2=1.0m物块离开车后，车加速度在t2内位移物块落地点到东距离 s=s2s1=1.625m【综合演习】1设行李包在空中运动时间为t，飞出水平距离为s，则， s （2分）， m （2分）设行李包质量为，与传送带相对运动时加速度为,则滑动摩擦力代入数值，得m/s2 （2分）要使行李包从B端飞出水平距离等于（1）中所求水平距离，行李包从B端水平抛出初速度应为 m/s时通过距离为s0，则 代入数值，得：m故传送带长度应满足条件为m NBAFNFfmgFf2设货品刚滑上传送带时加速度为，货品受力如图所示：沿传送带方向： 垂直传送带方向：另有：由以上三式得：m/s2 3分货品速度从减至传送带速度所用时间设为，位移设为，则有：s （2分） m （2分） 过了时刻，此后货品所受摩擦力沿传送带向上，设货品加速度大小为a2，则有 ，得：m/s2，方向沿传送带向下。 （1分）设货品再经时间t2，速度减为零，则s （1分）沿传送带向上滑位移m （1分）上滑总距离为m，货品到达最高再次下滑加速度就是。设下滑时间为，将s和代入，得s. （1分）货品从A端滑上传送带到再次滑回A端总时间为s （1分） 另一解法：由于下滑加速度就是，（1分）设下滑时间为，则，代入数字有，解得s，（3分）货品从A端滑上传送带到再次滑回A端总时间为s。（1分）3米袋在AB上加速时加速度 （1分）米袋速度达届时，滑行距离，因而米袋在到达B点之前就有了与传送带相似速度 （1分）设米袋在CD上运动加速度大小为a，由牛顿第二定律得 （1分）代入数据得 （1分）因此能滑上最大距离 （2分）设CD某些运转速度为时米袋恰能到达D点（即米袋到达D点时速度正好为零），则米、袋速度减为之前加速度为 （2分）米袋速度不大于至减为零前加速度为 （1分）由 （1分）解得 ，即要把米袋送到D点，CD某些速度 （1分）米袋恰能运到D点所用时间最长为 （1分）若CD某些传送带速度较大，使米袋沿CD上滑时所受摩擦力始终沿皮带向上，则所用时间最短，此种状况米袋加速度始终为。由 （1分）因此，所求时间t范畴为 （1分）