2021-2022学年山东省烟台第二中学高二下学期第一次阶段测试数学试题解析.doc

2021-2022学年山东省烟台第二中学高二下学期第一次阶段测试数学试题一、单选题1已知是第二象限的角，那么是（       ）A第一象限角B第二象限角C第一或第二象限角D第一或第三象限角【答案】D【分析】写出第二象限角，再求出的范围，讨论的取值范围即可求解.【详解】是第二象限的角，则，所以，当时，属于第一象限角，当时，属于第三象限角，当时，属于第一象限角，所以是第一或第三象限角，故选：D【点睛】本题考查了象限角，考查了分类讨论的思想，属于基础题.2已知下列结论：；若 ，则对任一非零向量有；若，则与中至少有一个为 ；若与是两个单位向量，则.则以上结论正确的是（       ）ABCD【答案】C【分析】按照向量数乘和向量数量积的定义分析即可.【详解】（1） ，故错误；（2） 根据数乘的定义，正确；（3） 是表达式错误，0是数量， 是向量，这样的表达式没有意义，故错误；（4） ，故错误；（5）当向量 与 的夹角是 时， ，故错误；（6）同（5），错误；（7） ，故正确；故选：C.3在ABC中，a4，b，5cos(BC)30，则角B的大小为()ABCD【答案】A【分析】利用诱导公式化简求出,得出,利用正弦定理得到,判断的范围,从而得出.【详解】由得，且为锐角，由正弦定理可得，解得，故选A.【点睛】本题主要考查正弦定理在解三角形中的应用，属于中档题.正弦定理是解三角形的有力工具，其常见用法有以下三种：（1）知道两边和一边的对角，求另一边的对角（一定要注意讨论钝角与锐角）；（2）知道两角与一个角的对边，求另一个角的对边；（3）证明化简过程中边角互化；（4）求三角形外接圆半径.4如图，一艘船自西向东匀速航行，上午时到达一座灯塔的南偏西距塔海里的处，下午2时到达这座灯塔的东南方向的处，则这艘船航行的速度为A海里/时B海里/时C海里/时D海里/时【答案】A【分析】根据已知条件，直接利用正弦定理解出MN.【详解】，在 中有 海里/时，选A.【点睛】本题考查正弦定理的使用，属于简单题5若函数的部分图象如图所示，则和的值是（       ）A，B，C，D，【答案】C【分析】根据图象求得的值.【详解】由图象可知，所以，由于，所以.故选：C6已知向量，的夹角为45°，若，设方向上的单位向量为，则在方向上的投影向量为（       ）ABCD【答案】C【分析】根据投影向量的求法求得正确答案.【详解】，依题意在方向上的投影向量为.故选：C7已知角的顶点在原点，始边与x轴的非负半轴重合，终边经过点，则等于（       ）ABCD【答案】B【分析】利用诱导公式化简,再根据终边经过点求角的三角函数值即可.【详解】,又,故.故故选：B8在中，角，所对的边分别为，则的形状一定是（       ）A直角三角形B锐角三角形C等腰三角形D等腰直角三角形【答案】A【解析】由降幂公式及正弦定理化简可得，根据两角和的正弦公式化简可得.【详解】，化简得.，即.，即，是直角三角形，故选：A.【点睛】本题主要考查了正弦定理，三角恒等变化，考查了变形化简能力，属于中档题.二、多选题9在ABC中，根据下列条件解三角形，其中有两解的是（     ）Ab10，A45°，C70°Bb45，c48，B60°Ca14，b16，A45°Da7，b5，A80°【答案】BC【分析】结合选项逐个求解，可进行判断.【详解】对于A，因为，所以，只有一解；对于B，因为，且，所以有两解；对于C，因为，且，所以有两解；对于D，因为，但，所以有一解；故选：BC.10下列命题中正确的是（       ）A函数是奇函数B若，是第一象限角且，则C在区间上的最小值是，最大值是2D是函数的一条对称轴【答案】CD【分析】根据三角函数的奇偶性、最值、对称性以及诱导公式等知识对选项进行分析，从而确定正确选项.【详解】A选项，为偶函数，A选项错误.B选项，不妨设第一象限角但，B选项错误.C选项，所以C选项正确.D选项，所以是函数的一条对称轴，D选项正确.故选：CD11一半径为3.6米的水轮如图所示，水轮圆心O距离水面1.8米.已知水轮按逆时针做匀速转动，每60秒转动一圈，如果当水轮上点P从水面浮现时（图中点位置）开始计时，则下列判断正确的有（       ）A点P第一次到达最高点需要20秒B在水轮转动的一圈内，有40秒的时间，点P在水面的上方C当水轮转动95秒时，点P在水面上方，点P距离水面1.8米D当水轮转动50秒时，点P在水面下方，点P距离水面0.9米【答案】ABC【分析】结合周期性以及角度判断出正确答案.【详解】设水面为，过作直径，垂足为，依题意米，所以，第一次到达最高点需要的时间为秒，A选项正确.根据对称性可知，由运动到，需要时间秒，B选项正确.当水轮转动秒时，位置与秒时相同，秒转过的角度为，如图中的位置，其中，故此时在水面上方，距离水面的距离等于米，C选项正确.当水轮转动秒时，位于的位置，距离水面米，D选项错误.故选：ABC12在ABC中，已知，给出下列结论，其中正确的结论是（       ）A由已知条件，这个三角形被唯一确定B若，则ABC的面积是CDABC一定是钝三角形【答案】CD【分析】由比值关系可得（），再结合正余弦定理逐项分析判断即可得解.【详解】由可设：（），所以，对A，只知道各边的比值关系，并不能确定大小，所以这个三角形不能被唯一确定，故A错误；对B，若，即，所以，所以，所以，所以，所以，故B错误；对C，故C正确；对D，由，所以为钝角，故D正确.故选：CD三、解答题13已知，且(1)求的值；(2)求的值.【答案】(1)(2)【分析】（1）通过平方的方法，结合同角三角函数的基本关系式、两角和的正弦公式求得正确答案.（2）先求得，由此求得正确答案.【详解】(1)依题意，两边平方并化简得，由于，所以，所以，.(2)，所以，所以.14已知(1)化简的解析式，求的最小正周期(2)若将的图象向左平移个单位得到的图象.求在区间上的值域.【答案】(1)，最小正周期为(2)【分析】（1）利用两角和的正弦公式、降次公式化简解析式，即而求得的最小正周期.（2）利用图象变换的知识求得，利用三角函数值域的求法求得在区间上的值域.【详解】(1)，所以的最小正周期为.(2)将的图象向左平移个单位得到.，所以.15的三个内角A，B，C所对的边为a，b，c，且，(1)求角A的大小；(2)若，求面积的最大值.【答案】(1)(2)【分析】（1）利用正弦定理求得正确答案.（2）结合余弦定理、基本不等式求得面积的最大值.【详解】(1)依题意，由正弦定理得，由于，所以，则.(2)由余弦定理得，即，当且仅当时等号成立.所以.即面积的最大值为.16(1)若的图象关于对称，且，求的单调减区间；(2)在（1）条件下，当时，函数有且只有一个零点，求b的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】（1）化简的解析式，根据的对称性求得，进而求得的单调减区间.（2）由分离常数，结合三角函数图象与性质求得的取值范围.【详解】(1)，由于的图象关于对称，所以，由于，所以.由，所以的单调减区间为(2)由（1）得，令，得有唯一解，令，.画出在区间上的图象如下图所示，由图可知，的取值范围是.17的内角A，B，C所对的边分别为a，b，c面积为S，且，(1)求的值(2)若，求的周长【答案】(1)(2)【分析】（1）结合三角形的面积公式以及正弦定理求得.（2）先求得，结合余弦定理求得三角形的周长.【详解】(1)依题意，即，由正弦定理得，由于，所以.(2)，所以，即，为钝角，则.由余弦定理得，即，由得，所以三角形的周长为.18ABC的内角A，B，C所对的边分别为a，b.c，且面积为，.(1)求角B的大小(2)求的取值范围【答案】(1)(2)【分析】（1）由已知结合余弦定理及三角形的面积公式可得，可求出，进而求出角B的大小.（2）由正弦定理可得：，由求出角的范围，即可求出的取值范围.【详解】(1)由余弦定理可得：，所以，因为，则，因为，所以.(2)由正弦定理可得：，因为，所以，则是钝角，所以，所以，可得：.四、填空题19在平行四边形中，若，则四边形是_.【答案】矩形【分析】由向量加法和减法法则可知平行四边形的两条对角线相等，由此可判断出四边形的形状.【详解】由向量加法的平行四边形法则可知，即平行四边形的两条对角线相等，因此，四边形为矩形，故答案为：矩形.【点睛】本题考查四边形形状的判断，解题时要充分利用向量加法和减法法则，考查推理能力，属于中等题.20已知函数在上单调递增，则的取值范围为_.【答案】【分析】由的取值范围，求出，再根据的范围及函数的单调性，得到不等式组求解即可.【详解】当时，又，且在上单调递增，所以，所以，解得，即.故答案为：.21函数，的部分图像如图所示，则的值等于_.【答案】【分析】根据正弦函数图像的特性求出f(x)的解析式，再根据周期性即可求所给式子的值.【详解】由图象可知，的图像过点，则，又，k取0，故，20208×2524，.故答案为：.五、双空题22在ABC中，则_，_.【答案】          【分析】根据正弦定理求，再根据余弦定理求.【详解】根据正弦定理可知，；，即，化简为 解得：或（舍）.故答案为：；第 14 页 共 14 页