选修3－5综合测试题.doc

选修35综合测试题本卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分满分100分，考试时间90分钟第卷(选择题共40分)一、选择题(共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项符合题目要求，有些小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分)1下面列出的是一些核反应方程：PSiX，BeHBY，HeHeLiZ.其中()AX是质子，Y是中子，Z是正电子BX是正电子，Y是质子，Z是中子CX是中子，Y是正电子，Z是质子DX是正电子，Y是中子，Z是质子答案D解析由电荷数守恒和质量数守恒规律可知，X是正电子，Y是中子，Z是质子，故D正确2放射性同位素发出的射线在科研、医疗、生产等诸多方面得到了广泛的应用，下列有关放射线应用的说法中正确的有()A放射线改变了布料的性质使其不再因摩擦而生电，因此达到消除有害静电的目的B利用射线的贯穿性可以为金属探伤，也能进行人体的透视C用放射线照射作物种子能使其DNA发生变异，其结果一定是成为更优秀的品种D用射线治疗肿瘤时一定要严格控制剂量，以免对人体正常组织造成太大的危害答案D解析利用放射线消除有害静电是利用放射线的电离性，使空气分子电离成为导体，将静电泄出；射线对人体细胞伤害太大，不能用来进行人体透视；作物种子发生的DNA突变不一定都是有益的，还要经过筛选才能培育出优秀品种；用射线治疗肿瘤对人体肯定有副作用，因此要科学地严格控制剂量，故选D.32010年2月，温哥华冬奥会上，我国代表团凭借申雪/赵宏博在花样滑冰双人滑比赛中的完美表现，获得本届冬奥会上的第一块金牌，这也是中国队在花样滑冰赛场上获得的首枚奥运会金牌若质量为m1的赵宏博抱着质量为m2的申雪以v0的速度沿水平冰面做直线运动，某时刻赵宏博突然将申雪向前水平推出，推出后两人仍在原直线上运动，冰面的摩擦可忽略不计若分离时赵宏博的速度为v1，申雪的速度为v2，则有()Am1v0m1v1m2v2Bm2v0m1v1m2v2C(m1m2)v0m1v1m2v2D(m1m2)v0m1v1答案C解析因两人分离时赵宏博的速度为v1，申雪的速度为v2，由动量守恒定律得(m1m2)v0m1v1m2v2，C正确4.“中国月球着陆探测器”在中国航天馆揭开神秘面纱它将带着中国制造的月球车，在38万千米之外的月球表面闲庭信步月球的表面长期受到宇宙射线的照射，使得“月壤”中的He含量十分丰富，科学家认为，He是发生核聚变的极好原料，将来He也许是人类重要的能源，所以探测月球意义十分重大关于He，下列说法正确的是()A.He的原子核内有三个中子两个质子B.He的原子核内有一个中子两个质子C.He发生聚变，放出能量，一定会发生质量亏损D.He原子核内的核子靠万有引力紧密结合在一起答案BC解析He是氦元素的一种同位素，质量数是3，电荷数是2，原子核内有两个质子一个中子，所以A错误，B正确；发生核聚变放出能量就会有质量亏损，C正确；原子核内的核子是靠核力紧密结合在一起的，而不是靠万有引力紧密结合在一起的，D错误5下列说法正确的是()A中子和质子结合氘核时吸收能量B放射性物质的温度升高，其半衰期减小C某原子核经过一次衰变和两次衰变后，核内中子数减少4个D射线的电离作用很强，可用来消除有害静电答案C解析中子和质子结合成氘核时放出能量放射性物质的半衰期不受温度的影响原子核经过一次衰变核内的中子数减少2个，一次衰变核内的中子数减少一个射线的电离作用很弱，不可用来消除有害静电6(2011·温州模拟)2010年7月25日早7时，美国“乔治·华盛顿”号核航母驶离韩南部釜山港赴东部海域参加军演，标志此次代号为 “不屈的意志”的美韩联合军演正式开始在现兵器体系中，潜艇和航母几乎算得上是一对天生的冤家对头，整个二战期间，潜艇共击沉航母17艘，占全部沉没航母数量的40.5%.中国有亚洲最大的潜艇部队，拥有自行开发的宋级柴电动力潜艇和汉级核动力潜艇，核动力潜艇中核反应堆释放的核能被转化成动能和电能核反应堆的工作原理是利用中子轰击重核发生裂变反应，释放出大量的核能核反应方程UnBaKrX是反应堆中发生的众多核反应的一种，n为中子，X为待求粒子，为X的个数，则()AX为质子3BX为质子2CX为中子2 DX为中子3答案D解析由重核裂变方程以及核反应方程中电荷数守恒可得出X电荷数为0，即X应为中子，又由质量数守恒可得3，因此，答案选D.7颜色不同的a光和b光由某介质射向空气时，临界角分别为Ca和Cb，且Ca> Cb.当用a光照射某种金属时发生了光电效应，现改用b光照射，则()A不一定能发生光电效应B光电子的最大初动能增加C单位时间内发射的光电子数增加D入射光强度增加答案B解析由sinC可知na<nb，则a光的频率小于b光的频率，因此B对8(2011·合肥模拟)质量为m、速度为v的A球与质量为3m的静止B球发生正碰碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此，碰撞后B球的速度可能有不同的值碰撞后B球的速度大小可能是()A0.6vB0.4vC0.2vDv答案B解析本题考查碰撞和动量守恒，意在考查学生对碰撞中的动量守恒和能量关系问题的处理能力根据动量守恒得：mvmv13mv2，则当v20.6v时，v10.8v，则碰撞后的总动能Em(0.8v)2×3m(0.6v)21.72×mv2，大于碰撞前的总动能，由于碰撞过程中能量不增加，故选项A错误；当v20.4v时，v10.2v，则碰撞后的总动能为Em(0.2v)2×3m(0.4v)20.52×mv2，小于碰撞前的总动能，故可能发生的是非弹性碰撞，选项B正确；当v20.2v时，v10.4v，则碰撞后的A球的速度大于B球的速度，而两球碰撞，A球不可能穿透B球，故选项C错误；当v2v时，v12v，则显然碰撞后的总动能远大于碰撞前的总动能，故选项D错误9由于放射性元素Np的半衰期很短，所以在自然界一直未被发现，在使用人工的方法制造后才被发现已知Np经过一系列衰变和衰变后变成Bi，下列论述中正确的是()A核Bi比核Np少28个中子B衰变过程中共发生了7次衰变和4次衰变C衰变过程中共发生了4次衰变和7次衰变D发生衰变时，核内中子数不变答案B解析因为核反应方程的质量和电荷数守恒，可以知道该核反应方程为NpBi7He4e，B正确；Bi和Np的中子数分别为126和144，相差18个，A错；衰变是核内中子变为质子而放出的，故核内中子数要减少，D错10.如图所示，在光滑的水平面上，有一质量为M3kg的木板，木板上有质量为m1kg的物块它们都以v4m/s的初速度反向运动，它们之间有摩擦，且木板足够长，当木板的速度为2.4m/s时，物块的运动情况是()A做加速运动 B做减速运动C做匀速运动 D以上运动都有可能答案A解析当木板速度为v12.4m/s时，由动量守恒定律可得，MvmvMv1mv2，解得v20.8m/s，方向向左，可见物块已经向左匀加速运动，选项A正确第卷(非选择题共60分)二、填空题(共3小题，每小题6分，共18分把答案直接填在横线上)11(6分)在2010年温哥华冬奥会上，首次参寒的中国女子冰壶队喜获铜牌，如图为中国队员王冰玉投掷冰壶的镜头假设在此次投掷中，冰壶运动一段时间后以0.4m/s的速度与对方的静止冰壶发生正碰，碰后中国队的冰壶以0.1m/s的速度继续向前滑行若两冰壶质量相等，则对方冰壶获得的速度为_m/s.答案0.3解析由动量守恒定律m1v1mvm2v代入数值解得：v0.3m/s12(6分)在做“验证动量守恒定律”的实验中，小球的落点情况如图所示，入射球A与被碰球B的质量之比为MAMB32，则实验中碰撞结束时刻两球动量大小之比为pApB_.答案12解析考查碰撞中动量守恒表达式的应用实验中碰撞结束时刻的动量之比为×13(6分)1919年卢瑟福通过如图所示的实验装置，第一次完成了原子核的人工转变，并由此发现_图中A为放射源发出的_粒子，B为_气答案质子氮三、论述计算题(共4小题，共42分解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14(10分)1919年，卢瑟福用粒子轰击氮核发现质子科学研究表明其核反应过程是：粒子轰击静止的氮核后形成了不稳定的复核，复核发生衰变放出质子，变成氧核设粒子质量为m1，初速度为v0，氮核质量为m2，质子质量为m0，氧核的质量为m3，不考虑相对论效应(1)粒子轰击氮核形成不稳定复核的瞬间，复核的速度为多大？(2)求此过程中释放的核能答案(1)(2)(m1m2m0m3)c2解析(1)设复核的速度为v，由动量守恒定律得m1v0(m1m2)v解得v(2)核反应过程中的质量亏损mm1m2m0m3反应过程中释放的核能Em·c2(m1m2m0m3)c215(10分)(2011·江苏省姜堰市二中高三上学期学情调查)用速度为v0、质量为m1的He核轰击质量为m2的静止的N核，发生核反应，最终产生两种新粒子A和B.其中A为O核，质量为m3，速度为v3；B的质量为m4.(1)计算粒子B的速度vB.(2)粒子A的速度符合什么条件时，粒子B的速度方向与He核的运动方向相反答案(1)(2)v3>解析根据动量守恒定律可解得粒子B的速度，再根据粒子B的速度方向与He核的运动方向相反 ，确定粒子A的速度符合的条件(1)由动量守恒定律有：m1v0m3v3m4vB，解得：vB(2)B的速度与He核的速度方向相反，即：m1v0m3v3<0，解得：v3>16(11分)(2011·烟台模拟)如图所示，一质量为M的平板车B放在光滑水平面上，在其右端放一质量为m的小木块A，M5m，A、B间存在摩擦，现给A和B以大小相等、方向相反的初速度v0，使A开始向左运动，B开始向右运动，最后A不会滑离B，求A、B最后的速度大小和方向答案v0方向与平板车B初速度方向相同解析由动量守恒可知：Mv0mv0(Mm)v得：vv0将M5m代入上式可得：vv0方向与平板车B初速度方向相同17(11分)氢原子的能级示意图如图所示，现有每个电子的动能都为Ee12.89eV的电子束与处在基态的氢原子束射入同一区域，使电子与氢原子发生迎头正碰已知碰撞前一个电子与一个原子的总动量为零碰撞后，氢原子受激，跃迁到n4的能级求碰撞后1个电子与1个受激氢原子的总动能(已知电子的质量me与氢原子的质量mH之比为11840)答案0.15eV解析以ve和vH表示碰撞前电子的速度和氢原子的速率，根据题意有：mevemHvH0碰撞前，氢原子与电子的总动能为：EkmHvmev联立两式并代入数据解得：Ek12.90eV氢原子从基态跃迁到n4的能级所需要能量由能级图可得：E0.85eV(13.6eV)12.75eV碰撞后，受激氢原子与电子的总动能为：EEkE12.9eV12.75eV0.15eV