2022年高中生物必修二课时训练 .docx

精品_精品资料_一、挑选题其次节孟德尔的豌豆杂交试验（二）可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_1. 以下有关孟德尔遗传规律的说法错误选项A 叶绿体基因掌握的性状遗传不遵循孟德尔遗传规律B受精时,雌雄配子的结合是随机的,这是得出孟德尔遗传规律的条件之一C孟德尔发觉分别定律与自由组合定律的过程运用了假说 演绎法D基因型为 AaBb 的个体自交,其后代肯定有四种表现型和9 种基因型解读： 孟德尔遗传规律适用于真核生物有性生殖过程中核基因的遗传.在受精过程中雌雄配子随机结合且机会均等.孟德尔讨论分别定律与自由组合定律时用的方法是假说 演绎法.孟德尔用统计学的方法得出了杂交或自交后代显现肯定的分别比,这是对多数个体及后代统计的结果,而一个个体自交具有偶然性,许多情形下不表现相应的表现型、基因型及一定的比例,故 D 项错误.答案： D2. 四籽野豌豆的染色体数目为2n12,现有 个基因型为 Mm 的野豌豆植株,所结豆荚中有三个饱满豆粒和一个“空瘪粒”.以下有关分析正确选项A 该豆荚果皮的基因型是Mm 的概率为 1/2 B该豆荚中所结三粒种子种皮中的细胞含有18 条染色体C所结三粒种子的基因型都是Mm 的概率为 1/8D每个花粉中含有2 个精子,因此该豆荚至少需要2 粒花粉才能得到 4 粒种子解读： 豆荚的果皮和种皮与母本植株的基因型、染色体数目相同.被子植物进行双受精,因此该豆荚至少需要4 粒花粉才能得到4 粒种子.豌豆自花传粉,闭花受粉,所结种子的基因型为 Mm 的概率为 1/2,三粒种子的基因型都是Mm 的概率为 1/8.答案： C3. 某育种专家在农田中发觉一株大穗不抗病的小麦,自花授粉后获得160 粒种子,这些种子发育成的小麦中有30 株大穗抗病和如干株小穗抗病,其余的都不抗病.如将这30 株大穗抗病的小麦作为亲本自交,在其F1 中挑选大穗抗病的再进行自交,理论上F2 中能稳固遗传的大穗抗病小麦占F2 中全部大穗抗病小麦的A 2/10 B 7/10C 2/9 D 7/9解读： 此题考查基因分别定律的应用.第一由题意确定大穗不抗病是显性性状.所以作可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_为亲本的大穗抗病小麦的基因型为1AAbb 32和3Aabb,自交后代 F1 中大穗抗病的为11和AAbb23可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_327可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_AabB .在大穗抗病中, AAbb 和 Aabb 分别占5、5.再进行自交, F2 中大穗抗病的为 10AAbb可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_和1771Aabb ,理论上F2 中能稳固遗传的大穗抗病小麦占F2 中全部大穗抗病小麦的÷ 5101057.9答案： D 4已知位于常染色体上的两对独立遗传的基因掌握着鸡羽毛色素的产生和沉积.在一个位点上,显性基因可产生色素,隐性基因就不产生色素.在另一位点上,显性基因阻挡色素的沉积,隐性基因就可使色素沉积.小鸡羽毛的着色,必需能产生并沉积色素,否就为白色毛.假如表现型为白色的鸡两位点均为隐性纯合子和另一种表现型为白色的鸡两位点均为显性纯合子 进行杂交, F2 中羽毛着色的概率为 A 1/16 B 3/16 C 4/16 D 7/16解读： 设产生色素基由于A ,不产生色素基由于a,阻挡色素沉积基由于B,使色素沉积的基由于b.由题干信息 “ 小鸡羽毛着色必需能产生并沉积色素” 可知：羽毛着色鸡的基因型为 A_bb ,表现型为白色 两位点均为隐性纯合子 的鸡的基因型aabb 与表现型为白色 两位点均为显性纯合子 的鸡的基因型AABB杂交, aabb×AABB F1： AaBb 白色 相互交配 F2： 9A_B_ 白3A_bb 着色3aaB_ 白色aabb白色 ,所以 F2 中羽毛着色的概率为3/16, B项正确.答案： B5. 人类的肤色由 Aa 、Bb、 Ee 三对等位基因共同掌握, Aa 、Bb、Ee 位于三对染色体上. AABBEE 为黑色, aabbee 为白色,其他性状与基因型关系如下图所示,即肤色深浅与显性基因个数有关,如基因型为 AaBbEe 、AABbee 与 aaBbEE 等与含任何三个显性基因的肤色一样.如双方均含 3 个显性基因的杂合子婚配 AaBbEe ×AaBbEe ,就子代肤色的基因型和表现型分别有多少种 A 27,7 B 16,9C 27,9 D 16,7解读： AaBbEe × AaBbEe 杂交,基因型有3× 3×3 27 种,各基因型中显性基因个数有0 6 个,共 7 种.答案： A6. 两对相对性状的基因自由组合,假如F2 的性状分别比为 9 7,那么 F1 与隐性个体测交,与此对应的性状分别比是可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_A 1 3B 1 1C 1 2 1D 9 3 3 1解读： 两对相对性状基因自由组合,F2 性状分别比为97,说明 F1 配子的组合方式仍旧是 16 种,即 F1 产生 4 种配子,所以 F1 基因型为AaBb .这样 F1 自交产生F2 的表现型应为9A_B_ 3A_bb 3aaB_1aabb,显现 97 的表现型比例,说明基因间发生了相互作用.可推出如下信息： A 、B 同时存在时,表现一种性状,否就表现另一种性状.由此可知：F1AaBb 测交,即 AaBb × aabbA_B_ 、 A_bb 、aaB_、aabb,后代性状分别比为13,答案为 A 项.答案： A7. 萝卜 2n 18的根形是由两对等位基因D 、 d 和 R、r 打算的.现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交,结果如下图.以下分析不正确选项A 两个亲本的基因型相同B掌握萝卜根形的两对等位基因不行能位于同一对同源染色体上C萝卜的一个染色体组含9 条染色体D F2 圆形块根萝卜的基因型有4 种,其中杂合子占2/3解读： A 项错误,由题干可知萝卜的根形由两对等位基因掌握,再依据杂交试验结果F2 中扁圆长961 可知, F1 产生的配子组合方式为16 种,即 F1 产生 4 种配子.所以F1 的基因型为 DdRr ,并可得到如下信息：D 和 R 同时存在表现为扁形,只有一个D 或 R 表现为圆形, ddrr 表现为长形.所以纯合亲本的基因型为DDrr , ddRR.B 项正确,由上面分析可知两对等位基因的遗传符合自由组合定律,所以位于两对同源染色体上.C 项正确,由萝卜2n 18,可知萝卜有 2 个染色体组,一个染色体组含9 条染色体. D 项正确, F2 圆形块根萝卜的基因型为： DDrr , Ddrr , ddRR, ddRr 4 种,其中杂合子占2/3.答案： A8. 某单子叶植物的非糯性A 对糯性 a为显性,抗病 T 对染病 t 为显性,花粉粒长形 D对圆形 d 为显性,三对等位基因位于三对同源染色体上,非糯性花粉遇碘液变蓝,糯性花粉可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_遇碘液变棕色.现有四种纯合子基因型分别为：AATTdd , AAttDD , AAttdd ,aattdd.就以下说法中正确选项A 如采纳花粉鉴定法验证基因的分别定律,应挑选亲本和杂交B如采纳花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以挑选亲本和、和杂交C如培养糯性抗病优良品种,应选用和亲本杂交D 将和杂交后所得的F1 的花粉涂在载玻片上,加碘液染色后,置于显微镜下观察,将会看到四种类型的花粉,且比例为93 3 1解读： 用花粉鉴定法验证基因的分别定律,应挑选亲本和杂交.用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律,可以挑选亲本和杂交,依据花粉的外形和花粉的糯性与非糯性两 对相对性状可以验证.培养糯性抗病优良品种,选用和亲本杂交较为合理.和杂交 后所得的 F1AattDd ,产生的花粉置于显微镜下观看,将会看到四种类型的花粉,且比例为1111.答案： C9. 豌豆花的颜色受两对等位基因E/e 与 F/f 所掌握,只有当E、F 同时存在时才开紫花,否就开白花.以下选项中都符合条件的亲本组合是P： 紫花×白色F1： 3/8 紫花5/8 白花A EeFf× EeffEEFf × eeff B EeFf× eeFfEeFF× EeffC EeFf× eeffEeFF× Eeff D EeFf× EeffEeFf × eeFf解读： 依据题中 “ 只有当E、F 同时存在时才开紫花,否就开白花” 这一条件,可知紫花对应的基因型为E_F_,白花对应的基因型为E_ff 、eeF_和 eeff.此题可以采纳“假设法 ” 分析,假设选项基因型成立就应当显现紫花白花35.EeFf × Eeff 紫花白花 35, EEFf× eeff 紫花白花 11. EeFf× eeFf 紫花白花 35, EeFF× Eeff 紫花白花 3 1 .EeFf× eeff 紫花白花 13, EeFF× Eeff 紫花白花 3 1. EeFf× Eeff 紫花白花 3 5.答案： D10. 密码改编 人体手指交叠时,右拇指叠上为显性R ,左拇指叠上为隐性 r .短食指基由于 TS,长食指基由于TL .此等位基因表达受性激素影响,TS 在男性为显性, TL 在女性为显性. R/r 与 T S/TL 两对等位基因位于两对常染色体上.如一对夫妇均为右拇指叠上、短食指,生有左拇指叠上、长食指的女儿和右拇指叠上、短食指的儿子.就该夫妇再生一个孩子可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_是右拇指叠上、长食指女儿的概率为 A 1/16 B 3/16C 3/8 D 9/16长指的,可确定该短食指的丈夫基因型为T ST L, TSTS× TSTL 1TST S122TSTL ,其中只有T ST L的女孩表现为长食指,概率为12×112 .所以该夫妇再生一个孩子是右拇指叠上、长食指女4儿的概率为 4× 4 16.答案： B31311已知玉M 的体细胞中有 10 对同源染色体,下表为玉M6 个纯系的表现型、相应的基因型 字母表示 及所在的染色体.品系均只有一种性状是隐性的,其他性状均为显性.以下有关说法中正确选项所在染色体解读： 夫妇均为右拇指叠上,孩子中有左拇指叠上,说明该夫妇均为这 Rr,生出右拇指叠上的概率为 3/4.在女性中 TL 为显性基因,可确定该短食指的妻子基因型为 TSTS.在男性中 TS 为显性基因,可推知短食指的丈夫基因型为 T STS 或 T STL,再依据他们所生的孩子中有品系果皮节长胚乳味道高度胚乳颜色性状显性纯合子白色pp短节bb甜 ss矮茎dd白色 ggA. 如通过观看和记录后代中节的长短来验证基因分别定律,选作亲本的组合可以是和B. 如要验证基因的自由组合定律,可挑选品系和作亲本进行杂交 C挑选品系和作亲本杂交得F1, F1 自交得 F2,就 F2 表现为长节高茎的植株中,纯合子的概率为 1/9D玉 M 的高度与胚乳颜色这两种性状的遗传遵循自由组合定律解读： A 项应选作亲本的组合可以是和.B 项可挑选品系和、和、和 等作亲本进行杂交. C 项中和作亲本杂交得F1BbDd , F1 自交得 F2, F2 表现为长节高茎的植株 9 份中,纯合子 1 份,概率为 1/9. D 项玉 M 的高度与胚乳颜色这两种性状的基因都在号染色体上,不遵循自由组合定律.答案： C12. 番茄易软化受显性基因A 掌握,但该基因的表达受基因B 的抑制.如在培养过程挑选得到了基因型为AaB B A 对 a 为显性, B 表示具有B 基因, B 表示没有B 基因 的植株.按自由组合定律,该植株自交后代中,抗软化耐贮藏番茄的比例为 A 13/16 B 12/16C 6/16 D 3/16可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_解读： 依据题意, A_B B表现为易软化,其他基因型的均为抗软化耐贮藏番茄.AaB B 自交产生 A_B B 的概率为 3× 1 3 ,故抗软化耐贮藏番茄的比例为13.441616答案： A二、非挑选题13. 西葫芦的果形由两对等位基因A 与 a、B 与 b掌握,果皮的颜色由两对等位基因W与 w、Y 与 y 掌握,这四对基因按自由组合定律遗传.据下表回答疑题.性状表现可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_基因组合A_B_A_bb 、aaB_aabb可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_果实外形扁盘形圆球形长圆形基因组合W_Y_ 、W_yywwY_wwyy果皮颜色白色黄色绿色甲：圆球形果×圆球形果F1：扁杂交盘形果乙：扁盘形果×长圆形果F1：扁组盘形果,圆球形果,长圆形果合丙：白皮果×黄皮果F1：白皮果黄皮果绿皮果 4 3 1(1) 甲组 F1 中的扁盘形自交,后代表现型及比例为 .(2) 乙组亲本中扁盘形果的基因型为 ,请用柱状图表示F1 中各表现型的比例.(3) 丙 组 F1 中 , 白 皮 果 的 基 因 型 为, 黄 皮 纯 合 子在 F1 中 所 占 的 比 例 为 .解读： 1甲组中两个亲本都是圆球形果,而后代全部是扁盘形果,可以判定两个圆球形果亲本的基因型是AAbb 和 aaBB,就 F1 的基因型是 AaBb , F1 自交后代中 A_B_ A_bb aaB_aabb 9331,其中 A_B_ 为扁盘形, A_bb 和 aaB_为圆球形, aabb 为长圆形,所以扁盘形圆球形长圆形 961.2乙组中的 F1 各种外形的果实都有,说明乙组的亲本中扁盘形果是双杂合子,即AaBb .AaBb × aabb A_B_ A_bb aaB_aabb1 111 121,即扁盘44 44形、圆球形、长圆形各占25%、50%、25%. 3丙组的 F1 中三种颜色的果皮都存在,所以亲本的黄皮果的基因型是wwYy ,白皮果的基因型是WwYy ,所以 F1 中的白皮果基因型有WwYY 、WwYy 、Wwyy 三种.黄皮果的基因型有wwYy和 wwYY两种,其中wwYY在 F1中占 1×11.248可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_3WwYY 、WwYy 和 Wwyy1/814下表表示6 种纯系果蝇的性状和携带这些基因的染色体,系统都只有一个性状是隐性性状,其他性状都为显性性状.请回答以下问题.类型性状野生型白眼型变胸型短肢型残翅型黑身型基因位置答案： 1 扁盘形果圆球形果长圆形果9 6 1 2AaBb柱状图如下眼色红眼W白眼wX 染色体后胸后胸正常Hh染色体肢型翅型体色正常肢 D 长翅V灰身Bdvb染色体染色体染色体(1) 形成果蝇棕眼、紫眼的直接缘由与色素形成有关,形成色素需要经受一系列的生化反应,而每一反应各需要一种酶催化,这些酶分别有相应的基因编码.该实例说明基因掌握性状的方式之一是 .(2) 如进行验证基因自由组合定律的试验,观看体色和体型的遗传表现,选作杂交亲本的编号及基因型应是,挑选上述杂交亲本的理论依据是 表现为自由组合.可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_(3) 如要通过一次杂交试验得到基因型为VvXwY 长翅白眼 的果蝇,选作母本的类型编可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_号及其基因型和表现型应是 .选作父本的类型编号及其基因型和表现型应是.(4) 让品系雌性个体与品系的雄性个体进行交配,得到的F1 的基因型可能有.(5) 某试验小组对果蝇的灰身B 与黑身 b 这对相对性状做遗传讨论,假如用含有某种添加剂的食物喂养果蝇,全部果蝇都是黑体,现有一只用含有这种添加剂的食物喂养的黑体雄果蝇,请设计一个试验探究其基因型,写出简要的试验设计思路.解读： 1 基因掌握性状的方式有两种：一是基因通过掌握蛋白质的合成来直接掌握性状,二是基因通过掌握酶的合成来掌握代谢,进而掌握生物的性状.题中点明每一反应各需要一种酶催化,所以应是其次种方式.(2) 只有黑身型属于体色,基因位于染色体,要验证基因自由组合定律的试验,就另可编辑资料 - - - 欢迎下载精品_精品资料_一对等位基因不能位于染色体,只有变胸型符合.(3) 基因型为 VvX wY 长翅白眼 的果蝇,其中X w 肯定由母本供应,所以母本为白眼型, VVX wX w 长翅白眼雌 .其中 v 由父本供应,所以父本为残翅型,vvX WY 残翅红眼雄.(4) 白眼基因位于 X 染色体上,所以后代雌、雄果蝇的基因型不同.(5) 利用杂交试验测定基因型.答案： 1 基因通过掌握酶的合成来掌握代谢,进而掌握生物的性状2 BBhh × bbHH非同源染色体上的非等位基因3 VVX wX w 长翅白眼雌 vvX W Y 残翅红眼雄 4DdX WY 、DdX WX W5让这只黑身雄果蝇与正常的黑身雌果蝇未用添加剂饲料喂过交配,将孵化出的幼虫用正常饲料 不含该添加剂 喂养,其他条件适当,观看果蝇体色状况.可编辑资料 - - - 欢迎下载