2023年新高考一轮复习讲义第21讲 利用导数探究函数的零点问题含答案.docx

2023年新高考一轮复习讲义第21讲利用导数探究函数的零点问题学校:_姓名：_班级：_考号：_【基础巩固】1（2022·重庆·一模）定义在上的函数满足：当时，当时，若关于的方程有两个不等实根，则的取值范围是（       ）ABCD2（2022·河北·模拟预测）已知实数，满足，则（       ）ABCD3（2022·湖北·襄阳五中模拟预测）已知函数，若关于的方程有两个不同的实数根，则的取值范围为（       ）ABCD4（2022·天津·南开中学模拟预测）设函数（其中为自然对数的底数），若函数至少存在一个零点，则实数的取值范围是ABCD5（2022·江苏南京·模拟预测）已知函数在上有两个零点，则m的取值范围是（       ）ABCD6（2022·辽宁沈阳·一模）若函数，则是在有两个不同零点的（       ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分且必要条件D既不充分也不必要条件7（2022·河北·模拟预测）我们定义：方程的实数根叫做函数的“新驻点”，若的“新驻点”分别为，则下列选项中正确的有（       ）ABCD8（2022·浙江·镇海中学模拟预测）已知函数，设关于的方程有个不同的实数解，则的所有可能的值为（       ）A3B4C2或3或4或5D2或3或4或5或69（2022·湖南·长郡中学模拟预测）已知函数，分别是定义在R上的偶函数和奇函数，且，若函数有唯一零点，则正实数的值为（       ）ABC1D210（2022·山东济宁·二模）已知函数，若函数有5个零点，则实数a的取值范围是（       ）ABCD11（多选）（2022·重庆·模拟预测）已知函数有唯一零点，则实数的值可以是（       ）ABC0D112（2022·重庆南开中学模拟预测）若关于x的方程有解，则实数a的取值范围为_13（2022·湖北·模拟预测）已知函数，若函数有5个零点，则实数k的取值范围为_14（2022·江苏·南京市江宁高级中学模拟预测）若函数在内有且只有一个零点，则在上的最大值与最小值的和为_15（2022·广东茂名·模拟预测）已知函数有三个不同的零点，其中，则的值为_16（2022·广东·深圳市光明区高级中学模拟预测）已知函数.(1)当时，求函数的极值点；(2)当时，试讨论函数的零点个数.17（2022·辽宁·大连二十四中模拟预测）已知函数.(1)求的最小值；(2)记为的导函数，设函数有且只有一个零点，求的取值范围.【素养提升】1（2022·江苏·南京市第五高级中学模拟预测）已知，有如下结论：有两个极值点；有个零点；的所有零点之和等于零.则正确结论的个数是（       ）ABCD2（2022·重庆·二模）已知函数，若函数恰有三个零点时，（其中m，n为正实数），则的最小值为（       ）A9B7CD43（2022·湖北·黄冈中学模拟预测）函数有两个零点，下列说法错误的是（       ）ABCD4（多选）（2022·湖北·鄂南高中模拟预测）若关于的方程有两个实数根，则的取值可以是（       ）ABCD5（多选）（2022·山东泰安·三模）已知函数（）有两个不同的零点，符号x表示不超过x的最大整数，如0.50，1.21，则下列结论正确的是（       ）Aa的取值范围为Ba的取值范围为CD若，则a的取值范围为6（2022·湖南衡阳·三模）已知函数（），若函数的极值为0，则实数_；若函数有且仅有四个不同的零点，则实数的取值范围是_7（2022·浙江温州·二模）已知，函数有且仅有两个不同的零点，则的取值范围是_.8（2022·河北衡水中学一模）已知函数，当实数的取值范围为_时，的零点最多.9（2022·江苏·南京市天印高级中学模拟预测）已知函数(1)求函数的图象在处的切线方程；(2)判断函数的零点个数，并说明理由.试卷第7页，共7页（北京）股份有限第21讲利用导数探究函数的零点问题学校:_姓名：_班级：_考号：_【基础巩固】1（2022·重庆·一模）定义在上的函数满足：当时，当时，若关于的方程有两个不等实根，则的取值范围是（       ）ABCD【答案】C【解析】解：当时，故在上单调递减，在上单调递增，时，当时，故在上单调递增，在上单调递减，时，时，故有两个不等实根只需，即.故选：C2（2022·河北·模拟预测）已知实数，满足，则（       ）ABCD【答案】C【解析】解：由条件得，令，则，由条件，则，令，则，显然当时，在上单调递增故由，可得，故选：C3（2022·湖北·襄阳五中模拟预测）已知函数，若关于的方程有两个不同的实数根，则的取值范围为（       ）ABCD【答案】A【解析】对函数求导得，对函数求导得，作出函数的图象如下图所示：当直线与曲线相切于原点时，当直线与曲线相切于原点时，.结合图象可知，当或时，直线与函数的图象有两个交点，故选：A.4（2022·天津·南开中学模拟预测）设函数（其中为自然对数的底数），若函数至少存在一个零点，则实数的取值范围是ABCD【答案】D令,则，设，令， ，则，发现函数在上都是单调递增，在上都是单调递减，故函数在上单调递增，在上单调递减，故当时，得，所以函数至少存在一个零点需满足，即应选答案D点睛：解答本题时充分运用等价转化与化归的数学思想，先将函数解析式中的参数分离出来，得到，然后构造函数，分别研究函数， 的单调性，从而确定函数在上单调递增，在上单调递减，故当时，得，所以函数至少存在一个零点等价于，即使得问题获解5（2022·江苏南京·模拟预测）已知函数在上有两个零点，则m的取值范围是（       ）ABCD【答案】D【解析】解：函数在上有两个零点，等价于与有两个不同的交点，恒过点，设与相切时切点为，因为，所以切线斜率为，则切线方程为，当切线经过点时，解得或（舍），此时切线斜率为，由函数图像特征可知：函数在上有两个零点，则实数的取值范围是.故选：D.6（2022·辽宁沈阳·一模）若函数，则是在有两个不同零点的（       ）A充分不必要条件B必要不充分条件C充分且必要条件D既不充分也不必要条件【答案】A【解析】，令，则，令，令，得，解得，所以当时，单调递增，当时，单调递减，又，所以，在有2个不同零点的充要条件为函数与图象在第一象限有2个交点，所以，即有2个零点的充要条件为，又是的充分不必要条件，所以“”是“有2个零点在”的充分而不必要条件，故选：A7（2022·河北·模拟预测）我们定义：方程的实数根叫做函数的“新驻点”，若的“新驻点”分别为，则下列选项中正确的有（       ）ABCD【答案】C【解析】，由“新驻点”的概念可知，故A错误，C正确.令，故在单调递增，又，故，故B错误，令，由上可知在单调递增,故在先减后增，又，所以或,故D错.故选：C8（2022·浙江·镇海中学模拟预测）已知函数，设关于的方程有个不同的实数解，则的所有可能的值为（       ）A3B4C2或3或4或5D2或3或4或5或6【答案】A【解析】根据题意作出函数的图象：，当，函数单调递增，当时，函数单调递减，所以；函数，时单调递减，所以，对于方程，令，则，所以，即方程必有两个不同的实数根，且，当时，3个交点；当时，也是3个交点；故选：A9（2022·湖南·长郡中学模拟预测）已知函数，分别是定义在R上的偶函数和奇函数，且，若函数有唯一零点，则正实数的值为（       ）ABC1D2【答案】C【解析】由题设，可得：，由，易知：关于对称.当时，则，所以单调递增，故时单调递减，且当趋向于正负无穷大时都趋向于正无穷大，所以仅有一个极小值点1，则要使函数只有一个零点，即，解得.故选：C10（2022·山东济宁·二模）已知函数，若函数有5个零点，则实数a的取值范围是（       ）ABCD【答案】C【解析】与关于y轴对称，且，要想有5个零点，则当时，要有2个根，结合对称性可知时也有2个零点，故满足有5个零点，当时，不合题意；当时，此时令，定义域为，令得：，令得：，故在上单调递增，在上单调递减，且当时，恒成立，在处取得极大值，其中，故，此时与有两个交点.故选：C11（多选）（2022·重庆·模拟预测）已知函数有唯一零点，则实数的值可以是（       ）ABC0D1【答案】AD【解析】令，则有，令，则有，所以在上单减，在上单增，当时，当时，故有唯一零点即或.故选：AD12（2022·重庆南开中学模拟预测）若关于x的方程有解，则实数a的取值范围为_【答案】【解析】有解，即，令，令，解得，令，解得，所以在上单调递减，在上单调递增，又，所以的值域为，故的取值范围为故答案为：13（2022·湖北·模拟预测）已知函数，若函数有5个零点，则实数k的取值范围为_【答案】【解析】解：因为，所以，所以函数为偶函数，又，所以在上有两个零点，即有两个不同的正实数解，即，令，则，；.故在上递减，上递增，故画出图像如图所示 从而.故答案为：14（2022·江苏·南京市江宁高级中学模拟预测）若函数在内有且只有一个零点，则在上的最大值与最小值的和为_【答案】【解析】当时，由可得，令，其中，则，由，可得，列表如下：增极大值减如下图所示：因为在内有且只有一个零点，则，所以，则，当时，此时函数单调递减，当时，此时函数单调递增，则当时，又因为，所以，因此，在上的最大值与最小值的和为.故答案为：.15（2022·广东茂名·模拟预测）已知函数有三个不同的零点，其中，则的值为_【答案】1【解析】设，当时，；当时，故在上单调递增，在上单调递减，且时，；时，作出的图象，如图要使有三个不同的零点，其中令，则需要有两个不同的实数根（其中）则，即或，且若，则，则，则，且=若，则，因为，且，故不符合题意，舍去综上故答案为：116（2022·广东·深圳市光明区高级中学模拟预测）已知函数.(1)当时，求函数的极值点；(2)当时，试讨论函数的零点个数.【解】(1)当时，则，令 ，则. 当时， 在上单调递增， ，在上单调递增. 当时，可得，在单调递减；综上，函数的极值点为.(2)当时，是的一个零点，令，可得.因为，当时，在单调递增，在单调递增，此时在无零点.当时，有， 此时在无零点.当时，在单调递增，又，由零点存在性定理知，存在唯一，使得.当时，在单调递减；当时，在单调递增；又，所以在上有个零点.综上，当时，有个零点.17（2022·辽宁·大连二十四中模拟预测）已知函数.(1)求的最小值；(2)记为的导函数，设函数有且只有一个零点，求的取值范围.【解】(1)由题得，当时，单调递增，当时，单调递减，当时，单调递增，所以是的极小值点；又当时，当时，当时，所以只能在内取得最小值，因为是在（0，）内的极小值点，也是最小值点，所以(2)由题可得（），当时，函数在上单调递增，又，函数有且仅有1个零点，符合题意；当时，令，函数在上单调递增，因为，存在唯一的实数，使得，即，当时，单调递减；时，单调递增；又时，时，且，当函数有且仅有1个零点时，符合题意综上可知，的取值范围是或.【素养提升】1（2022·江苏·南京市第五高级中学模拟预测）已知，有如下结论：有两个极值点；有个零点；的所有零点之和等于零.则正确结论的个数是（       ）ABCD【答案】D【解析】，则，.当时，此时函数单调递减；当时，此时函数单调递增.所以，函数的最小值为.，.令，当时，则函数在上单调递增，则，所以，当时，.，由零点存在定理可知，函数在和上各有一个零点，所以，函数有两个极值点，命题正确；设函数的极大值点为，极小值点为，则，则，所以，函数的极大值为，构造函数，则，所以，函数在上单调递减，当时，；当时，.，则，即.同理可知，函数的极小值为.，.由零点存在定理可知，函数在区间、上各存在一个零点，所以，函数有个零点，命题正确；令，得，则，令，则，所以，函数所有零点之和等于零，命题正确.故选：D.2（2022·重庆·二模）已知函数，若函数恰有三个零点时，（其中m，n为正实数），则的最小值为（       ）A9B7CD4【答案】A【解析】当时，恒成立，在上单调递减，当时，为偶函数，在上单调递增，在上单调，即，当时，恒成立，在上单调递增，由此作出函数的草图如下所示，由函数恰有三个零点可得，即，所以，即的最小值为9，当且仅当，时，等号成立，故选：A.3（2022·湖北·黄冈中学模拟预测）函数有两个零点，下列说法错误的是（       ）ABCD【答案】B【解析】因为函数有两个零点，所以有两个根，即，即与有两个交点，画出函数图像如下图所示：设，所以，当时，解得，函数单调递增；当时，解得，函数单调递减，所以，当时，当时，所以当时，与有两个交点，即函数有两个零点，故A正确；结合图像可知，因为，要证明，即证明，整理得，令，所以，设，所以恒成立，所以在单调递增，所以，即，故D正确；由D选项正确，即，即成立，因为，所以，所以，故B不正确；因为，可得，可得，故C选项正确.故选：B.4（多选）（2022·湖北·鄂南高中模拟预测）若关于的方程有两个实数根，则的取值可以是（       ）ABCD【答案】ABD【解析】相当于用和这两条水平的直线去截函数的图像一共要有两个交点.，所以当时，；当时，；所以函数的增区间为减区间为.且当取时，当取时，. 所以函数图象如图所示，当时，和和函数的图象各有一个交点，共有两个交点，满足题意；当时，和和函数的图象各有一个交点，共有两个交点，满足题意；当时，和和函数的图象各有两个交点，共有四个交点，不满足题意；当时，和和函数的图象各有两个交点和零个交点，共有两个交点，满足题意.故选：ABD5（多选）（2022·山东泰安·三模）已知函数（）有两个不同的零点，符号x表示不超过x的最大整数，如0.50，1.21，则下列结论正确的是（       ）Aa的取值范围为Ba的取值范围为CD若，则a的取值范围为【答案】BD【解析】函数的定义域为，当时，函数在上单调递增，函数在上至多只有一个零点，与条件矛盾，当时，由可得或（舍去），当时，函数单调递增，当，函数单调递减，因为函数有两个不同的零点，可得所以，所以，所以，B对，不妨设，因为，所以，当时，则，当时，则所以，当时，此时，C错，因为，若则，所以，所以，所以，若，则，且所以，所以，所以，又，所以，所以，故满足条件的不存在，所以a的取值范围为，D对，故选：BD.6（2022·湖南衡阳·三模）已知函数（），若函数的极值为0，则实数_；若函数有且仅有四个不同的零点，则实数的取值范围是_【答案】          【解析】当时，即递增，无极值；当时，若时，即递减，无极值；若时，时，递减，时，递增，此时有极小值；综上，在且时，可得；由题设，显然即为偶函数，要有且仅有四个不同的零点，则在上有两个零点，即存在变号零点，所以时，故递增；而趋向正无穷时趋于正无穷，故，即，而，存在使得，即，且在上递减，在上递增，由，趋向时趋于，故，只需，则或（舍），而，则，即递增，所以.综上，的取值范围.故答案为：；7（2022·浙江温州·二模）已知，函数有且仅有两个不同的零点，则的取值范围是_.【答案】【解析】因为函数有且仅有两个不同的零点，所以方程有且仅有两个不同的实数根，由，设，问题转化为函数的图象与直线有两个不同的交点，显然，由，当时，单调递减，当时，单调递增，当时，单调递增，而，所以当时，单调递减，当时，单调递增，因为，所以直线的斜率为负值且恒过横轴负半轴上一点，如图所示：设函数的切点为，过该切点的斜率为，切线方程为，当该切线方程为时，有，消去得：，或（舍去），或，当时，此时方程的切线方程为：，当时，不符合，因此要想函数的图象与直线有两个不同的交点，所以有，故答案为： 8（2022·河北衡水中学一模）已知函数，当实数的取值范围为_时，的零点最多.【答案】【解析】解：作出函数的图象如图：由得，设，当时，与有2个交点；当时，与有2个交点；.当时，设与相切，切点为，则，所以切线的斜率为，其切线方程为：，又因切线恒过点，所以，解得，所以切线的斜率为，当时，设与相切，切点为，则，所以切线的斜率为，其切线方程为：，又因切线恒过点，所以，解得，所以切线的斜率为，所以当时，与有1个交点；当时，与有2个交点；当时，与有3个交点；当时，与有4个交点；所以实数的取值范围为时，的零点最多，故答案为：.9（2022·江苏·南京市天印高级中学模拟预测）已知函数(1)求函数的图象在处的切线方程；(2)判断函数的零点个数，并说明理由.【解】(1)，所以函数的图象在处的切线方程为，即.(2)设，则，当时，所以单调递减；且，由零点存在定理可知，在区间存在唯一的，使又当时，；当时，所以在上单调递增，且， ，所以在上有唯一零点；当时，单调递减，且，所以在上没有零点.   当时，单调递增， ，所以在区间有唯一零点，设为，当时，此时单调递减；当时，此时单调递增；在区间上，此时单调递减，且，故有，此时单调递减，且，由，得，所以.当时， ，所以单调递增，又，故，所以存在，使，即，故为的极小值点.此时.所以在上没有零点.当时，所以，所以在区间上没有零点. 综上在区间上有且仅有一个零点.试卷第36页，共29页（北京）股份有限第22讲任意角和弧度制及任意角的三角函数学校:_姓名：_班级：_考号：_【基础巩固】1（2022·全国·高三专题练习）下列与的终边相同的角的集合中正确的是（       ）ABCD2（2022·全国·高三专题练习）若角是第一象限角，则是（       ）A第一象限角B第二象限角C第一或第三象限角D第二或第四象限角3（2022·山东·德州市教育科学研究院三模）已知圆锥的底面直径为，母线长为，则其侧面展开图扇形的圆心角为（       ）ABCD4（2022·全国·高三专题练习）终边与直线重合的角可表示为（       ）ABCD5（2022·北京·人大附中三模）半径为的圆的边沿有一点，半径为的圆的边沿有一点，、两点重合后，小圆沿着大圆的边沿滚动，、两点再次重合小圆滚动的圈数为（       ）ABCD6（2022·河北·石家庄二中模拟预测）若角满足，则在（       ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限7（2022·江苏·南京市江宁高级中学模拟预测）已知角的顶点在坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，将角的终边绕点顺时针旋转后，经过点，则（       ）ABCD8（多选）（2022·江苏·高三专题练习）下列与角的终边不相同的角是（       ）AB2k(kZ)C2k(kZ)D(2k1)(kZ)9（多选）（2022·江苏·高三专题练习）已知扇形的周长是，面积是，则扇形的中心角的弧度数可能是（       ）ABC2D或10（多选）（2022·全国·高三专题练习）下列说法正确的有（       ）A经过30分钟，钟表的分针转过弧度BC若，则为第二象限角D若为第二象限角，则为第一或第三象限角11（多选）（2022·重庆八中高三阶段练习）已知角的顶点与原点重合，始边与轴的非负半轴重合，终边经过点，若，则下列各式的符号无法确定的是（       ）ABCD12（2022·上海青浦·二模）已知角的终边过点，则的值为_13（2022·江苏·高三专题练习）已知角的顶点为坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，终边上一点，则_14（2022·全国·高三专题练习）与终边相同的最小正角是_.15（2022·全国·高三专题练习）若一个扇形的周长是4为定值，则当该扇形面积最大时，其圆心角的弧度数是_.16（2022·全国·高三专题练习）屏风文化在我国源远流长，可追溯到汉代某屏风工艺厂设计了一款造型优美的扇环形屏风，如图，扇环外环弧长为3.6m，内环弧长为1.2m，径长（外环半径与内环半径之差）为1.2m，则该扇环形屏风的面积为_17（2022·全国·高三专题练习）已知扇形AOB的周长为8（1）若这个扇形的面积为3，求其圆心角的大小（2）求该扇形的面积取得最大时，圆心角的大小和弦长AB18（2022·全国·高三专题练习）已知角的终边在直线y3x上，求10sin 的值.【素养提升】1（2022·江苏·常州高级中学模拟预测）已知角的终边在直线上，则的值为（       ）ABC0D2（2022·全国·高三专题练习）设点是以原点为圆心的单位圆上的一个动点，它从初始位置出发，沿单位圆顺时针方向旋转角后到达点，然后继续沿单位圆顺时针方向旋转角到达点，若点的纵坐标是，则点的坐标是 3（2022·浙江·模拟预测）已知角的顶点与原点重合，始边与轴的非负半轴重合，它的终边过点，且点在圆：上.(1)若点的横坐标为，求的值；(2)若角满足，求的最大值.试卷第41页，共5页（北京）股份有限第22讲任意角和弧度制及任意角的三角函数学校:_姓名：_班级：_考号：_【基础巩固】1（2022·全国·高三专题练习）下列与的终边相同的角的集合中正确的是（       ）ABCD【答案】C【解析】，故与其终边相同的角的集合为或，角度制和弧度制不能混用，只有C符合题意故选：C2（2022·全国·高三专题练习）若角是第一象限角，则是（       ）A第一象限角B第二象限角C第一或第三象限角D第二或第四象限角【答案】C【解析】因为是第三象限角，所以，所以，当为偶数时，是第一象限角，当为奇数时，是第三象限角.故选：C3（2022·山东·德州市教育科学研究院三模）已知圆锥的底面直径为，母线长为，则其侧面展开图扇形的圆心角为（       ）ABCD【答案】C【解析】由题设，底面周长，而母线长为，根据扇形周长公式知：圆心角.故选：C.4（2022·全国·高三专题练习）终边与直线重合的角可表示为（       ）ABCD【答案】A【解析】终边与直线重合的角可表示为故选：A.5（2022·北京·人大附中三模）半径为的圆的边沿有一点，半径为的圆的边沿有一点，、两点重合后，小圆沿着大圆的边沿滚动，、两点再次重合小圆滚动的圈数为（       ）ABCD【答案】D【解析】设、两点再次重合小圆滚动的圈数为，则，其中、，所以，则当时，.故、两点再次重合小圆滚动的圈数为.故选：D.6（2022·河北·石家庄二中模拟预测）若角满足，则在（       ）A第一象限B第二象限C第三象限D第四象限【答案】B【解析】，是第二或第四象限角；当是第二象限角时，满足；当是第四象限角时，则，不合题意；综上所述：是第二象限角.故选：B.7（2022·江苏·南京市江宁高级中学模拟预测）已知角的顶点在坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，将角的终边绕点顺时针旋转后，经过点，则（       ）ABCD【答案】B【解析】角的终边按顺时针方向旋转后得到的角为，由三角函数的定义，可得：，故选：B.8（多选）（2022·江苏·高三专题练习）下列与角的终边不相同的角是（       ）AB2k(kZ)C2k(kZ)D(2k1)(kZ)【答案】ABD【解析】与角的终边相同的角为，其余三个角的终边与角的终边不同故选：ABD.9（多选）（2022·江苏·高三专题练习）已知扇形的周长是，面积是，则扇形的中心角的弧度数可能是（       ）ABC2D或【答案】AB【解析】设扇形的半径为，弧长为 ，则，解得 或，则或1. 故选：AB10（多选）（2022·全国·高三专题练习）下列说法正确的有（       ）A经过30分钟，钟表的分针转过弧度BC若，则为第二象限角D若为第二象限角，则为第一或第三象限角【答案】CD【解析】对于，经过30分钟，钟表的分针转过弧度，不是弧度，所以错；对于，化成弧度是，所以错误；对于，由，可得为第一、第二及轴正半轴上的角；由，可得为第二、第三及轴负半轴上的角.取交集可得是第二象限角，故正确；对于：若是第二象限角，所以，则，当时，则，所以为第一象限的角，当时，所以为第三象限的角，综上，为第一或第三象限角，故选项正确.故选：CD.11（多选）（2022·重庆八中高三阶段练习）已知角的顶点与原点重合，始边与轴的非负半轴重合，终边经过点，若，则下列各式的符号无法确定的是（       ）ABCD【答案】AC【解析】解：由三角函数定义，所以，对于A选项，当时，时，时，所以选项A符号无法确定；对于B选项， ，所以选项B符号确定；对于C选项，故当时，时，时，所以选项C的符号无法确定；对于D选项，所以选项D符号确定.所以下列各式的符号无法确定的是AC选项.故选：AC.12（2022·上海青浦·二模）已知角的终边过点，则的值为_【答案】【解析】解：因为角的终边过点，所以.故答案为：-2.13（2022·江苏·高三专题练习）已知角的顶点为坐标原点，始边与轴的非负半轴重合，终边上一点，则_【答案】【解析】由三角函数定义：tan，即，3cos即，解得或（舍去）故答案为：14（2022·全国·高三专题练习）与终边相同的最小正角是_.【答案】【解析】因为，所以与终边相同的最小正角是.故答案为：.15（2022·全国·高三专题练习）若一个扇形的周长是4为定值，则当该扇形面积最大时，其圆心角的弧度数是_.【答案】2【解析】解：设扇形的圆心角弧度数为，半径为，则，当且仅当，解得时，扇形面积最大.此时.故答案为：2.16（2022·全国·高三专题练习）屏风文化在我国源远流长，可追溯到汉代某屏风工艺厂设计了一款造型优美的扇环形屏风，如图，扇环外环弧长为3.6m，内环弧长为1.2m，径长（外环半径与内环半径之差）为1.2m，则该扇环形屏风的面积为_【答案】2.88【解析】设扇形的圆心角为，内环半径为，外环半径为，则，由题意可知，所以，所以该扇环形屏风的面积为：.故答案为：2.88.17（2022·全国·高三专题练习）已知扇形AOB的周长为8（1）若这个扇形的面积为3，求其圆心角的大小（2）求该扇形的面积取得最大时，圆心角的大小和弦长AB【解】（1）解：设扇形半径为,扇形弧长为，周长为,所以,解得 或，圆心角,或是（2）根据，得到,当时，此时，那么圆心角，那么，所以弦长18（2022·全国·高三专题练习）已知角的终边在直线y3x上，求10sin 的值.【答案】0【解析】设角终边上任一点为P(k，3k)，则r.当k0时，r，所以sin ， 所以10sin 当k0时，r，所以sin ，所以，综上，.【素养提升】1（2022·江苏·常州高级中学模拟预测）已知角的终边在直线上，则的值为（       ）ABC0D【答案】C【解析】由题知：设角的终边上一点，则.当时，.当时，.故选：C2（2022·全国·高三专题练习）设点是以原点为圆心的单位圆上的一个动点，它从初始位置出发，沿单位圆顺时针方向旋转角后到达点，然后继续沿单位圆顺时针方向旋转角到达点，若点的纵坐标是，则点的坐标是 【答案】【解析】解：初始位置在的终边上，所在射线对应的角为，所在射线对应的角为，由题意可知，又，则，解得，所在的射线对应的角为，由任意角的三角函数的定义可知，点的坐标是，即故答案为：3（2022·浙江·模拟预测）已知角的顶点与原点重合，始边与轴的非负半轴重合，它的终边过点，且点在圆：上.(1)若点的横坐标为，求的值；(2)若角满足，求的最大值.【解】(1)解：若点的横坐标为，因为点在圆：上所以，或，所以，或，所以，当时，当时，.(2)解：易知的最大值不超过1，下面证明：的最大值是1.只需证明，满足条件.由于满足；设，则，即，所以，存在点使得.综上所述，的最大值是1.