山东省德州市2015年中考物理试卷（纯word详解版+）.doc

2015年山东省德州市中考物理试卷一、选择题（本大题共12道小题，每小题2分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1已知空气的密度为1.29kg/m3，一间普通教室内空气的质量与下列哪个物体最接近（）A一个苹果B一名中学生C一头牛D一辆家用轿车考点：密度公式的应用.专题：密度及其应用分析：首先估测出一间普通教室的长、宽、高，计算出体积，根据公式m=V算出教室内空气的质量，换算出我们比较熟悉的斤，然后根据生活经验估算4个选项的质量，比较即可做出选择解答：解：一般情况下，教室长为8m、宽为5m、高为4m，则教室的容积V=8m×5m×4m=160m3，由=得教室里空气的质量：m=V=1.29kg/m3×160m3=206.4kg=412.8斤从选项中可以看出，选项AB选项的苹果和人的质量都没有这么大，D选项汽车的质量在1000kg以上，只有C选项一头牛的质量有400斤左右，所以本选项比较符合实际故选C点评：本题考查了密度公式的应用，能正确估计苹果、人、牛、汽车的质量是解答本题的关键2图中关于光现象的描述，其原理与其它三个不同的是（）A叉鱼时向更深处投掷鱼叉B商场内监控探头的应用C缸中金鱼“变大”D日食现象考点：凸透镜成像的应用；光直线传播的应用；光的折射现象及其应用.专题：光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用分析：光在自然界中存在三种光现象：（1）光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；（2）当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来，例如：平面镜成像、水中倒影等；（3）当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、凸透镜成像等解答：解：A、叉鱼时向更深处投掷鱼叉是因为光大水中斜射入空气中时，在水面发生折射，折射角大于入射角，人逆着折射来的光线看去，看到的是鱼变高了的虚像，所以叉鱼时应向更深处投掷鱼叉，故A属光的折射现象；B、商场内监控探头的应用其主要部件是凸透镜，利用了凸透镜成倒立缩小实像的原理，其实质是光的折射；C、缸中金鱼“变大”是此时鱼缸相当于一个凸透镜，对金鱼起到了放大的作用，其实质是光的折射；D、日食现象是由光的直线传播形成的综合以上分析，与其它三个的光学原理不同的是D选项故选D点评：本题列举了四个常见的光现象，综合了光学知识，需要学生在平时学习和生活中多对相关的光现象进行思考3（2分）（2015德州）小明帮妈妈做饭时，联想到了许多物理知识，下列说法不正确的是（）A香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动B炒鸡块时利用了热传递的方法使鸡块内能增大C使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理D油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高考点：热传递改变物体内能；沸点及沸点与气压的关系；分子的热运动.专题：热和能分析：（1）扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动；（2）热传递和做功都可以改变物体的内能；（3）液体的沸点随气压的增大而升高，据此判断；（4）不同液体的沸点不同，油的沸点比水的沸点高解答：解：A、做饭时香气四溢是由于分子在不停地做无规则运动，故A正确；B、炒鸡块时利用了热传递的方法使鸡块内能增大，温度升高，故B正确；C、使用高压锅更容易把食物煮熟是利用了液体沸点随气压增大而升高的原理，故C错误；D、油炸食品比水煮熟的更快，是由于油的沸点比水的沸点高，故D正确故选C点评：本题考查了与热学相关的多个知识点，联系生活中的现象，能用相关热学知识做出解释是解答的关键4（2分）（2015德州）“五一”期间，爸爸开车和小华从济南到德州的中国太阳谷旅游，为了准确到达目的地，路上爸爸打开了GPS全球定位仪（如图甲所示），在中国太阳谷（如图乙所示）小华亲身感受到了太阳能的广泛应用，关于GPS全球定位仪和太阳能，下列说法正确的是（）AGPS全球定位仪通过超声波实现定位功能，太阳能属于不可再生能源BGPS全球定位仪通过电磁波实现定位功能，太阳能属于不可再生能源CGPS全球定位仪通过超声波实现定位功能，太阳能属于可再生能源DGPS全球定位仪通过电磁波实现定位功能，太阳能属于可再生能源考点：电磁波的传播；太阳能.专题：信息的传递；能源的利用与发展分析：GPS是通过电磁波传递信息进行定位与导航的；能源源不断从自然界获得的能源是可再生能源；不能源源不断从自然界获得的能源是不可再生能源解答：解：汽车中安装的GPS（全球卫星定位系统）接收装置是利用电磁波来进行定位和导航的，太阳能可以源源不断从自然界获得，是可再生能源故选：D点评：本题考查电磁波的特点及太阳能的特点，属于基础题5（2分）（2015德州）下列关于生活用电常识的说法中，不正确的是（）A使用测电笔时，手指不能碰到笔尾的金属体，以免触电B冰箱的金属外壳要接地C家庭电路中开关应接在用电器与火线之间D发生触电事故时，应立即切断电源考点：安全用电原则.专题：电与热、生活用电分析：使用测电笔时，手必须接触笔尾的金属体；用电器的金属外壳必须接地；开关应接在火线和用电器之间；发生触电事故，应先切断电源解答：解：A、使用测电笔时，笔尖接触待测物体，手要接触笔尾金属体，故A错误；B、冰箱的金属外壳接地时，可避免因电器漏电时外壳带电，而发生触电事故，故B正确；C、控制用电器的开关应接在火线和用电器之间，这样在开关断开时，用电器上没有电，故B正确；D、发生触电事故时，必须先切断电源，然后再救人，否则会因电源不断开而发生触电，故D正确故选A点评：此题考查了常见的安全用电的知识，要将所学的知识应用到日常生活中6（2分）（2015德州）如图所示声波的波形图，下列说法正确的是（）A甲、乙的音调和响度相同B甲、丙的音调和音色相同C乙、丁的音调和音色相同D丙、丁的音色和响度相同考点：音调、响度与音色的区分.专题：声现象分析：音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高响度跟物体的振幅有关，振幅越大，响度越大音色跟发声体的材料、品质有关相同时间内，振动的次数越多，频率越大；偏离原位置越远，振幅越大解答：解：A、从图中可以看出，相同时间内，甲和乙振动的频率相同，所以音调相同的是甲和乙故A正确；B、甲、丙的振动的频率不同，故音调不同，没有指明是同一种乐器，故音色不一定相同，故B错误；C、乙、丁的振动的频率不同，故音调不同，没有指明是同一种乐器，故音色不一定相同，故C错误；D、丙、丁的振幅不相同，故乙、丙响度不相同，音色不一定相同，故D错误；故选A点评：通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响和振幅对响度的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率和振幅7（2分）（2015德州）如图所示，甲、乙两队正在进行拨河比赛，经过激烈比拼，甲队获胜，下列说法正确的是（）A甲队对乙队的拉力大于乙队对甲队的拉力B甲队对乙队的拉力小于乙队对甲队的拉力C甲队受到地面的摩擦力小于乙队受到地面的摩擦力D甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力考点：力作用的相互性.专题：运动和力分析：（1）拔河比赛中两队对绳子的拉力等大反向，地面对获胜方的摩擦力比较大；（2）平衡力的条件：作用在同一个物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上解答：解：（1）因为物体间力的作用是相互的，对于拔河的两个队，甲对乙施加了多大拉力，乙对甲也同时产生一样大小的拉力，故AB说法不正确；（2）双方之间的拉力并不是决定胜负的因素，哪边能获胜就取决于哪边的摩擦力大，甲队获胜，甲队受到地面的摩擦力大于乙队受到地面的摩擦力，故C说法不正确；D说法正确故选D点评：本题以拔河比赛为切入点考查相关的知识，很多同学认为对绳子拉力较大的哪一组获胜，实际上两组人对绳子的拉力是相同的，之所以获胜是因为与地面的摩擦力大，是一道容易出错的题目8（2分）（2015德州）下列各电路图，与实物图一致的电路图是（）ABCD考点：根据实物图画电路图.专题：电流和电路分析：由实物图可知，两灯泡串联，电压表测L1两端电压，电流表测电路中的电流然后对各个电路图逐一分析即可解答：解：分析实物图可知，电流从正极出发，经电流表、灯泡L1、开关、灯泡L2回负极，电压表并联在L1两端B图与实物图符合；A图两灯泡并联，与实物图不符合，C图电压表并联在L2两端了，与实物图不符合；D图电压表并联在电源两端了，与实物图不符合故选B点评：本题考查根据实物图画电路图，关键是分析出实物图中各用电器的连接情况，这是本题的重点也是难点，再就是考查对电路图正确画法的判断9（2分）（2015德州）用如图所示的实验装置来测量液体的密度，将一个带有阀门的三通U形管倒置在两个装有液体的容器中，用抽气机对U形管向外抽气，再关闭阀门K，已知左边液体的密度为1，左右两边液柱高度差分别为h1、h2，则下列说法正确的是（）A实验中必须将U形管内抽成真空B若将U形管倾斜，左右两边液柱高度差会增大C右边液体的密度2=D右边液体的密度2=考点：利用平衡法求液体密度.专题：压强、液体的压强分析：用抽气机对U形管向外抽气后管内压强小于管外大气压，在大气压作用下液体进入两管中根据液体压强p=gh和压力平衡角度分析解决解答：解：用抽气机对U形管向外抽气后关闭阀门K，管内气体压强（p气）小于管外大气压（p0），在大气压作用下液体进入两管中，待液体静止两管中压强平衡：p气+p液1=p0=p气+p液2，1gh1=2gh2，A、只要管内压强小于管外大气压，就会有液体进入两管中，没必要将U形管内抽成真空，故A错误；B、由p=gh可知，液体压强只与液体密度和深度有关，只要U形管上方气压和大气压不变，左右两边液柱高度就不会变，故B错误；CD、由1gh1=2gh2，可得2=，故C正确，D错误故选C点评：此题考查液体压强的计算与理解，注意分析题意整个状态平衡，利用平衡关系分析解决是能力的考查重点10（2分）（2015德州）实验室中所使用的电流是由小量程电流表改装而成，在图甲中是满偏电流（即小量程电流表允许通过的最大电流）Ig=3mA的电流表，其电阻Rg=10，现借助一个定值电阻R0把它改装为一量程为3A的电流表，如图乙所示，下列判断正确的是（）A达到满偏时两端电压0.03V，R0约10000B达到满偏时两端电压0.03V，R0约0.01C达到满偏时两端电压30V，R0约10000D达到满偏时两端电压30V，R0约0.01考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：（1）已知小量程电流表的电阻和最大电流，利用公式U=IR得到两端电压；（2）已知小量程电流表的最大电流和改装后的电路电流，可以得到通过电阻的电流；已知电阻两端电压和通过的电流，利用R=得到阻值解答：解：（1）由I=，可得，当通过小量程电流表的电流为满偏电流时，它两端的电压为U=IgRg=0.003A×10=0.03V；（2）两个电阻并联时，通过R0的电流为I0=I最大Ig=3A0.003A=2.997A，并联电阻为R0=0.01故选B点评：此题考查的是我们对电流表制作原理的理解和应用，包含了并联电路的特点和欧姆定律的应用，是基本学习内容的升华11（2分）（2015德州）某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受的弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点，运动员所受弹性绳弹力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示（蹦极过程视为竖直方向的运动）下列判断正确的是（）A从A点到B点过程中运动员加速下落B从B点到C点过程中运动员重力势能增大Ct0时刻运动员动能最大D运动员重力大小等于F0考点：力与运动的关系；动能和势能的大小变化.专题：运动和力；机械能及其转化分析：A、合力与运动方向相同，则运动员将加速运动；B、质量不变，高度越大，重力势能越大，高度越小，重力势能越小；C、当弹性势能与重力势能相等时，此时加速过程恰好完成，速度最快，动能最大；D、运动员最后静止的位置，重力与弹力相等的位置解答：解：A、B点弹力等于重力，A到B点过程中，重力大于弹力，运动员做加速运动，A正确；B、从B点到C点过程中，h变小，物体的重力势能变小，B错误；C、由图知，t0时刻，绳的弹性势能最大，应达到了最低点，此时动能为零，C错误；D、由图知，最后绳的弹性势能几乎不变，说明此时运动员已经静止下来，此时拉力与重力平衡，由图象知，弹力小于F0，D错误故选A点评：此题是有关能量的转化及运动和力的关系，能够分析出运动员在运动过程中速度的变化及受力变化是关键12（2分）（2015德州）同学们为敬老院的老人买了一辆电动轮椅工作原理如图所示，操纵杆可以同时控制S1和S2两个开关，向前推操纵杆时轮椅前进且能调速，向后拉操纵杆轮椅以恒定速度后退，已知蓄电池电压为24V，定值电阻R2为20，R1为滑动变阻器，下列对电路的判断正确的是（）AS1接触点1，S2接触点2时，轮椅前进BS1和S2都接触点1时，轮椅后退C轮椅后退时电路中的电流小于1.2AD轮椅后退时电路中的电流为1.2A考点：欧姆定律的应用.专题：欧姆定律分析：轮椅前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，即应有滑动变阻器且与电动机串联；轮椅后退时，轮椅以恒定速度后退，即电动机应与R2串联由此结合电路分析开关的状态；并根据根据欧姆定律计算后退时电路中的电流解答：解：A、由题轮椅前进且能调速，故前进电路中应有可以控制电路中的电流的装置，即滑动变阻器且与电动机串联在电路中由电路图可知，此时开关S1和S2都接1，故A错误；B、轮椅后退时，轮椅以恒定速度后退，即电动机应与R2串联，此时电流方向与前进时相反，由电路图可知，此时开关S1和S2都接2，故B错误；CD、由B后退时电动机与R2串联，电源电压24V，R2=20，电路中电流I=1.2A，故C正确，D错误故选C点评：本题应注意通过审题找出题目中隐含的信息，同时注意对电路的分析能力，灵活应用欧姆定律及串联电路的电压规律求解同时本题也很好的体现物理知识在生活中的应用，是一道好题二、填空题：本大题包括6小题，每个空1分，共10分13（1分）（2015德州）妈妈为苗苗买生日蛋糕时，为了保鲜，把赠送的小干冰决装入矿泉水瓶并拧紧瓶盖与蛋糕放在了一起，意想不到的是，这了一会儿矿泉水瓶竟然发生“爆炸”，苗苗放学回家后告诉妈妈，在矿泉水瓶内的小干冰块会迅速升华（填一种物态变化名称），使矿泉水瓶内压强增大，超过其承受能力，就发生了“爆炸”考点：升华和凝华的定义和特点.专题：汽化和液化、升华和凝华分析：要解答此题，首先要判断出变化前后的物态特征；固态二氧化碳即干冰变为气体，是由固态直接变为气态，属于升华解答：解：将小干冰决装入矿泉水瓶并拧紧瓶盖，矿泉水瓶中的干冰（固体二氧化碳）会迅速升华成二氧化碳气体，使矿泉水瓶内压强增大，超过其承受能力，就发生了“爆炸”故答案为：升华点评：此题考查了升华现象在生活中和应用，要会分析常见的物态变化14（2分）（2015德州）图甲是一种车载空气净化器，其工作过程如图乙所示，受污染的空气被吸入后，颗粒物进入电离区带上电荷，然后在集尘器上被带电金属网捕获，其原理是异种电荷相互吸引，若该车载空气净化器的额定电压为12V，正常工作电流为0.4A，则它的额定功率为4.8W考点：电功率的计算.专题：电能和电功率分析：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；已知电压与电流，由P=UI可以求出功率解答：解：颗粒物所带电荷与集尘器带电金属网所带电荷电性相反，异种电荷相互吸引，因此颗粒物被电网捕获；空气净化器的额定功率：P=UI=12V×0.4A=4.8W；故答案为：异种电荷相互吸引；4.8点评：本题考查了空气净化器的工作原理、求净化器的功率，分析清楚净化器的疾厄宫，知道其工作过程、应用P=UI即可在解题15（1分）（2015德州）2015年4月25日，尼泊尔发生里氏8.1级强震，地震发生后，我国快速行动参与救援，救灾过程中，飞机在一定高度匀速飞行，向灾区投放物资，则飞机的机械能会减小考点：动能和势能的大小变化.专题：机械能及其转化分析：飞机飞行时，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，只考虑动能和重力势能，从动能和重力势能大小的影响因素进行分析（1）动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大（3）机械能=动能+势能解答：解：始终沿水平方向匀速飞行的飞机，在投放救灾物资的过程中，质量减小，速度不变，动能变小；高度不变，重力势能变小；飞机飞行时，没有发生弹性形变，不考虑弹性势能，因为机械能=动能+势能，动能变小，势能变小，机械能变小故答案为：减小点评：掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化16（2分）（2015德州）图甲是商场里常用的垂直电梯和自动扶梯，图乙记录了小强乘坐电梯的st图象则他搭乘垂直电梯受到的支持力等于搭乘自动扶梯受到的支持力（选填“大于”、“等于”或“小于”）；当随自动扶梯到达扶梯口时，若不小心，则会由于惯性向前倾倒考点：力与运动的关系；惯性.专题：运动和力分析：（1）根据牛顿第一定律，物体处于静止或匀速直线运动状态时，物体处于平衡状态，所受的力即为平衡力；（2）在运动的扶梯上，当运动到楼面时脚被绊住，脚的速度变慢，上身由于惯性，保持原先速度，所以向前倒解答：解：（1）由图象可知小明在垂直电梯和自动扶梯上都是做匀速直线运动的，受到平衡力的作用，所以小明受到的重力和支持力大小相等、方向相反、作用在一条直线上，即电梯对小明的支持力等于重力；（2）在运动的扶梯上，当运动到楼面时脚被绊住，脚的速度变慢，上身由于惯性，保持原先速度，所以向前倾倒故答案为：等于；惯性点评：本题考查了二力平衡及惯性的有关知识，关键要掌握有关概念，并能熟练运用17（2分）（2015德州）如图所示，电路中Rc为压敏电阻，阻值随所受压力增大而减小，开关S闭合后，螺线管的上端相当于电磁铁的S极，当压力增大时，电磁线的磁性会增强考点：安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素.专题：磁现象、电生磁分析：（1）据安培定则分析即可判断：用右手握住螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指的方向为螺线管N极方向；故由电流的方向结合右手螺旋定则可判出通电螺线管的磁极；（2）根据压力变化判断电阻阻值如何变化，然后应用欧姆定律判断电路电流如何变化，再判断电磁铁磁性如何变化；解答：解：当开关S闭合后，电流由上端流入，据安培定则可知，该螺线管的下端是N极，螺线管的上端相当于电磁铁的S极，阻值随所受压力增大而减小，当压力增大时，电阻Rx阻值减小，电路总电阻减小，电源电压不变，由欧姆定律可知，电路电流增大，电磁铁的磁性会增强；故答案为：S；增强点评：本题考查了判断电磁铁极性、电磁铁磁性强弱如何变化等问题，分析清楚电路结构、应用安培定则、欧姆定律、串联电路特点即可正确解题18（2分）（2015德州）如图所示，桌面上有甲、乙两个相同的容器，有体积相等的实心木球和实心铜球，容器中分别装有等质量的水和酒精，水、酒精、木球和铜球的密度关系为酒精木水铜，将木球放入水中，铜球放入酒精中（无液体溢出），静止时，甲、乙两容器对桌面的压强分别为p1和p2，木球和铜球所受浮力分别为F1和F2，则p1小于p2，F1小于F2（选填“大于”、“等于”或“小于”）考点：压强大小比较；浮力大小的计算.专题：压强、液体的压强；浮力分析：（1）由G=Vg判断实心木球和实心铜球重力关系容器对桌面压力大小等于容器的总重力，根据p=判断p1和p2的大小关系；（2）由水、酒精、木球和铜球的密度关系，判断木球和铜球在液体中的状态，由阿基米德原理可判断它们受到的浮力大小关系解答：解：（1）根据=，G=mg=Vg，实心木球和实心铜球体积相等，则G木G铜，甲、乙是两个相同的容器，容器中分别装有等质量的水和酒精，容器对水平桌面的压力：F=G容+G液+G球，所以甲、乙两容器对桌面的压力F甲F乙，由p=，S相同，所以p1p2；（2）因为酒精木水铜，所以木球放入水中漂浮，铜球放入酒精中都下沉，木球受到浮力F1=G木=水gV，铜球受到浮力F2=酒精gV，所以F1F2故答案为：小于；小于点评：本题考查了密度、压强公式应用和浮沉条件及阿基米德原理的应用，关键是判断出两个球在水和酒精中的状态三、作图与实验题：本大题包括6个小题，共21分19（2分）（2015德州）“猴子捞月”的故事同学们耳熟能详，如图所示，若猴子的眼睛用点A表示，空中的月亮用点B表示，请画出猴子看见水中月亮的光路图，并保留必要的作图痕迹考点：作光的反射光路图.专题：光的传播和反射、平面镜成像分析：由于光在水面上发生镜面反射，所以月亮和在水中形成的像关于水面轴对称先确定像的位置，连接像与猴子的眼睛确定入射点，可得反射光线，进一步得出入射光线即可完成光路解答：解：先做出B关于水面的对称点B，即像的位置，连接像B与小猴子的眼睛A与水面的交点为O，即为入射点，连接BO为入射光线，再连接入射点O和点A，OA即为反射光线，如图所示：点评：此题考查的是我们对生活中光的反射现象的应用，这是光现象中的重点，是中考时必考的一个知识点20（2分）（2015德州）胶棉拖把的主要结构如图甲所示，使用时先将棉头浸泡于水中吸水，再拉动拉手，使之绕O点转动，胶棉夹将棉头中多余水挤出后便可清理地板，请在图乙示意图中画出：（1）动力F1的力臂l1；（2）作用在B点的阻力F2考点：力臂的画法.专题：简单机械分析：（1）根据力臂的概念画出F1的力臂L1（2）阻力是阻碍杠杆转动的力解答：解：（1）反向延长F1的作用线，标出从支点O到动力F1作用线的距离，即为动力臂L1；（2）动力F1的作用是使杠杆沿逆时针方向转动，而阻力F2的作用是阻碍其转动，所以F2的方向垂直于杆向下，如图所示：点评：画力臂，关键是确定支点和力的作用线，从支点向力的作用线引垂线，垂线段的长度即为力臂，只要细心，不会出错21（3分）（2015德州）同学们用如图所示的装置探究冰熔化时温度的变化规律（1）实验时，同学们向烧杯中倒入水，通过水给试管加热，而不是用酒精灯直接加热，这样做的目的是为了使试管中冰（或水）受热均匀（2）测量的实验数据如下，他们发现：冰和水升温快漫不同，其主要原因是它们的比热容不同加热时间/min024681012141618物体温度/6420000123（3）小军同学提出：如果一直加热下去，试管中的水会沸腾吗？说说你的看法，并说明其理由：试管中的水不会沸腾原因是试管中的水达到沸点后不能继续吸热考点：熔化和凝固的探究实验.专题：探究型实验综合题分析：（1）探究晶体和非晶体的熔化和凝固实验时，一般都采用水浴法，物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度（2）加热相同的时间（即冰和水吸收相同的热量），由于冰和水的比热容不同，所以升高的温度不同（3）液体沸腾的条件是温度达到沸点，并且不断吸热解答：解：（1）将装有冰的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，可以使试管受热均匀，温度变化比较慢，便于记录实验温度（2）水和冰的质量相同，加热相同的时间（即冰和水吸收相同的热量），由于水和冰的比热容不同，所以冰和水升高的温度不同；（3）当大烧杯中的水沸腾后，尽管不断吸热，但烧杯中的水温度不再升高，保持水的沸点温度不变；小试管中的水从大烧杯中吸热，温度达到水的沸点后，就和烧杯中的水的温度一样，就不能从烧杯中继续吸热，这时虽然达到了沸点，但不能吸收热量，所以不会沸腾故答案为：（1）均匀；（2）比热容；（3）试管中的水不会沸腾原因是试管中的水达到沸点后不能继续吸热点评：本题是探究冰的熔化特点实验，通过实验中的现象，考查了比热容的知识及沸腾的条件，考查着重理解和实用性22（4分）（2015德州）在“探究凸透镜成像规律”的实验中（1）实验装置正确安装并调节后，小芳同学某次实验情景如图所示，此时她在光屏上看到了烛焰清晰的像，生活中的照相机就是利用这一原理制成的（2）实验过程中，如果用不透明的硬纸板档住凸透镜的上半部分，则光屏上的像DA只出现烛焰像的上半部分 B只出现烛焰像的下半部分C出现烛焰完整的像，但像更小了 D像仍然是完整的，且大小不变，只是变暗了（3）如果保持蜡烛和凸透镜的位置不变，把光屏向右移一小段距离后，要想在光屏上再次得到清晰的像，可在蜡烛与凸透镜之间放一个近视眼镜（选填“近视眼镜”或“远视眼镜”）（4）实验过程中，燃烧的蜡烛在不断缩短，导致光屏上的像向上移动，为了使烛焰的像能成在光屏中央，在不更换实验器材的情况下，请写出一种可行的方法：将蜡烛向上调节（或将凸透镜向下调节或将光屏向上调节）考点：凸透镜成像规律及其探究实验.专题：探究型实验综合题分析：（1）当物距大于2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的，此时像距处于f和2f之间，像距小于物距；（2）当将凸透镜的部分遮住时，凸透镜仍能成完整的像；（3）根据凸透镜和凹透镜对光线的作用进行分析；（4）凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反解答：解：（1）由图知，像距小于物距，此时成倒立缩小的实像，照相机是根据这个原理制成的；（2）挡住透镜上半部分，下半部分仍能折射光线成像，所以光屏上所成的像是完整的，只是会聚光线比原来变少，像变暗了，D正确；（3）把光屏向右移动一小段距离，要想在光屏上再次得到淸晰的像，应使像向右移动，则需在凸透镜和蜡烛之间放置适当的凹透镜；近视眼就是利用这种透镜矫正的；（4）蜡烛在燃放中不断缩短，向下移动，光屏上的像向上移动，要使像能够成在光屏中央，可向上移动光屏；或向上移动蜡烛或向下移动凸透镜故答案为：（1）照相机；（2）D；（3）近视眼镜；（4）将蜡烛向上调节（或将凸透镜向下调节或将光屏向上调节）点评：此题是探究凸透镜成像规律的实验，考查了凸透镜成像规律及应用，不仅要掌握成像特点与物距像距之间的关系，而且要善于总结规律23（5分）（2015德州）实验与探究探究问题探究过程事实与证据结果与拓展探究一：浮力的大小与哪些因素有关（1）实验装置如图1所示（2）图2是实验时弹簧测力计的示数V与物体A下降高度h的关系图象物体A浸没水中之前，弹簧测力计的示数变化说明浮力与物体浸在液体中的体积有关物体A浸没在水中受到的浮力为8N，物体A的密度为1.5×103kg/m3（g=10N/kg）探究二：测量（1）用天平测出烧杯和B液体的总质量为150.4g；（2）将B液体倒入量筒中一部分，读出体积为10mL，（3）测量烧杯和剩余B液体的总质量，天平平衡后，砝码和游码在标尺上所对的刻度值如图所示B液体的密度1.1g/cm3用弹簧测力计挂着物体A浸没在B液体中，对此物体A在水中和在B液体中弹簧测力计的示数，可以探究，浸在液体中的物体受到的浮力可能还与液体的密度有关考点：探究浮力大小的实验；液体密度的测量.专题：测量型实验综合题；探究型实验综合题分析：探究一：分析浸没之前拉力的变化情况得出浮力与排开液体体积的关系；根据物体在空气中和完全浸没时的测力计变化情况，得出浮力大小；由阿基米德原理计算出物体完全浸没时排开液体的体积，等于物体的体积，从而可求出物体的密度；探究二：根据图示读出剩余液体和烧杯的总质量，求出量筒中液体的质量，由密度公式计算出B液体的密度；将同一物体浸没在不同的液体中，可探究浮力大小与液体密度的关系解答：解：探究一：由图2可知，物体在空气中时，测力计的示数不变，物体从下端开始接触水面到完全浸没在水中，测力计的示数在变小，受到的浮力变大，当完全浸没后，深度增加，测力计的示数不变，受到的浮力不变，由此可知浮力与物体浸在液体中的体积有关；由图示知，物体的重力G=12N，当物体完全浸没时，F=4N，所以F浮=GF=12N4N=8N；由F浮=液gV排得，物体的体积V=V排=8×104m3；则物体的密度=1.5×103kg/m3；探究二：由图示知，标尺的分度值为0.2g，剩余液体和烧杯的总质量为100g+20g+10g+5g+4.4g=139.4g；量筒中液体的质量m=150.4g139.4g=11g；则液体的密度：=1.1g/cm3；用弹簧测力计挂着物体A浸没在B液体中，排开液体的体积相同，液体的密度不同，可以探究浮力大小与液体密度的关系故答案为：探究一：物体浸在液体中的体积；8；1.5×103；探究二：1.1；液体的密度点评：本题综合探究了影响浮力大小的因素及物体密度的测量，同时考查了阿基米德原理的应用，探究一中，能够看懂图象，分析出物体的重力和完全浸没时的浮力是关键24（5分）（2015德州）如图甲所示是测量定值电阻Rx阻值的实验电路，器材可以满足实验要求（1）同学们按照电路图中正确连接电路后，闭合开关，改变电阻Rx两端的电压进行了三次测量，其中第二次实验中电流表的示数如图乙所示，请将表格中的实验数据补充完整实验次数123电压U/V1.01.61.8电流I/A0.320.56电阻Rx/3.133.21电阻的平均值Rx/（2）同学们又设计了两种测量方案，方案中定值电阻的阻值为R0方案一：闭合开关S，如果电压表V1和V2的读数分别为U1和U2，则电阻Rx的阻值表达式为Rx=方案二：电路中RxR0，将S接到a，读出电流表的示数I1，再将S接到b，读出电流表的示数I2，由I1R0=I2Rx可得R=，请判断结果是否正确并简要说明理由考点：伏安法测电阻的探究实验.专题：测量型实验综合题分析：（1）根据图乙电流表的示数，利用R=求得第二次实验中电阻值；伏安法测电阻的原理是：R=，用电压表测出电阻两端的电压，用电流表测出电路中的电流，用滑动变阻器改变导体两端的电压，测出多组数据，计算出电阻，取多次测量的平均值；（2）方案一中定值电阻与待测电阻串联，已知定值电阻电压与阻值，由欧姆定律可以求出电路电流，已知待测电阻两端的电压，由欧姆定律可以求出待测电阻的阻值；用等效替代法测待测电阻的电压，但根据设计，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等，故设计是不合理的解答：解：（1）由图乙可知，此时电流I2=0.5A，阻值R2=3.2，测量结果为：R=3.18（2）流过电路的电流I=，电阻Rx的阻值Rx=，该方案不正确，因为：在串联电路中，用电器两端电压与其阻值成正比，当开关S由a拨到b时，电阻R0和RX两端的电压不相等故答案为：（1）0.5；3.2；3.18；（2）；该方案不正确，两种情况下Rx和R0两端的电压不等点评：本题考查了电阻的计算以及不同方法测量待测电阻阻值，其中利用串联电路特点应用等效法测量电阻阻值时，应该保持电阻和电阻电阻两端电压相同四、计算题：本大题包括3小题，共15分，解答时写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分25（4分）（2015德州）小李用如图所示的滑轮组把90kg的物体提升3m，作用在绳子自由端的拉力是400N，不考虑绳重及摩擦（g=10N/kg）求：（1）滑轮组的机械效率；（2）动滑轮的重力考点：滑轮（组）的机械效率.专题：功、功率、机械效率分析：从滑轮组的结构图上看出，通过动滑轮绳子的段数n=3，s=3h（1）知道物重G和升高的高度h和拉力F大小，根据机械效率的公式=求出机械效率；（2）不计摩擦，知道物体重和拉力大小，利用F=（G动+G物）求动滑轮重解答：解：（1）由图可知通过动滑轮绳子的段数n=3，物体重力G=mg=90kg×10N/kg=900N，滑轮组的机械效率：=×100%=×100%=×100%=×100%=75%；（2）不考虑绳重及摩擦，F=（G动+G物），G动=3FG物=3×400N900N=300N答：（1）滑轮组的机械效率为75%；（2）动滑轮的重力为300N点评：本题考查了使用滑轮组拉力的计算、机械效率的计算，利用好不计摩擦时拉力和物重的关系F=（G动+G物）是本题的关键26（5分）（2015德州）混合动力汽车具有节能、低排放等优点，成为汽车研究与开发领域的重点，某新型混合动力汽车启动时，内燃机不作，蓄电池向车轮输送能量，当需