数值分析试题解析.ppt

一、填空题（每空3分,共30分)考试题解析考试题解析 解解 由于得特征值:又A-1=2.设矩阵A=,当a取_值时,A可以唯一分解为GGT,其中G为下三角矩阵.1.设矩阵A=,则(A)=_,Cond(A)1=_.,所以A1=5,A-11=5/7.解解 令 解 只要取(x)=x3-a,或(x)=1-x3/a.5.设(x)=x3+x2-3,则差商3,32,33,34=_.3.向量x x=(x1,x2,x3)T,试问|x1|+|2x2|+|x3|是不是一种向量范数_,而|x1|+|2x2+x3|是不是一种向量范数_.是 不是 4.求 的Newton迭代格式为_.1 6.设l0(x),l1(x),l2(x),l3(x)是以x0,x1,x2,x3为互异节点的三次插值基函数,则 =_.(x-2)3 7.设S(x)=是以0,1,2为节 解解(1)因为0 x1时,(x)0,所以(x)仅在(1,2)内有零点,而当1x0,故(x)单调.因此方程(x)=0有唯一正根,且在区间(1,2)内.点的三次样条函数,则b=_c=_.解解 由2=b+c+1,5=6+2b+c,8=12+2b,可得二、(13分)设函数(x)=x2-sinx-1 (1)试证方程(x)=0有唯一正根;(2)构造一种收敛的迭代格式xk=(xk),k=0,1,2,计算精度为=10-2的近似根;(3)此迭代法的收敛阶是多少?说明之.-2 3 (2)构造迭代格式:由于|(x)|=|1,故此迭代法收敛.(3)因为0/2,所以()取初值x0=1.5,计算得x1=1.41333,x2=1.40983,由于|x2-x1|=0.003510-2,故可取根的近似值x2=1.40983.0故,此迭代法线性收敛(收敛阶为1).三、(14分)设线性方程组 (1)写出Jacobi法和SOR法的迭代格式(分量形式);(2)讨论这两种迭代法的收敛性.(3)取初值x(0)=(0,0,0)T,若用Jacobi迭代法计算时,预估误差x*-x(10)(取三位有效数字).(2)因为A是严格对角占优矩阵,但不是正定矩阵,故Jacobi法收敛,SOR法当01时收敛.解解 (1)(1)Jacobi法和SOR法的迭代格式分别为 (3)由(1)可见B=3/4,且取x(0)=(0,0,0)T,经计算可得x(1)=(1/4,-2/5,1/2)T,于是x(1)-x(0)=1/2,所以有四、(13分)已知(0)=2,(1)=3,(2)=5,(1)=0.5,解解 (1)由y0=2,y1=3,y2=5,y1=0.5,得 H3(x)=20(x)+31(x)+52(x)+0.51(x)令0(x)=c(x-1)2(x-2),可得0(x)=-0.5(x-1)2(x-2),于是 H3(x)=-(x-1)2(x-2)-3x(x-2)+2.5x(x-1)2 0.5x(x-1)(x-2)(1)试建立一个三次插值多项式H3(x),使满足插值条件:H3(0)=2,H3(1)=3,H3(2)=5,H3(1)=0.5;(2)设y=(x)在0,2上四次连续可微,试确定插值余项R(x)=(x)-H3(x).令2(x)=cx(x-1)2,可得2(x)=0.5x(x-1)2;令1(x)=x(x-2)(ax+b),可得1(x)=-x(x-2),令1(x)=cx(x-1)(x-2),可得1(x)=-x(x-1)(x-2),=x3-2.5x2+2.5x+2 由于,R(0)=R(1)=R(2)=R(1)=0,故可设五、(12分)试确定参数A,B,C及,使数值积分公式4=A+B+C,0=A-C,16/3=A2+C2,0=A3-C3有尽可能高的代数精度,并问代数精度是多少?它是否是Gauss公式?解解 令公式对(x)=1,x,x2,x3,x4都精确成立,则有 R(x)=C(x)x(x-1)2(x-2)构造函数(t)=(t)-H3(t)-C(x)t(t-1)2(t-2)于是,存在x,使(4)(x)=0,即(4)(x)-4!C(x)=064/5=A4+C4 ,解得:A=C=10/9,B=16/9,=(12/5)1/2容易验证公式对(x)=x5仍精确成立，故其代数精度为5，是Gauss公式。六、(12分)设初值问题(1)试证单步法 解解 (1)由于是二阶方法.(2)以此法求解y=-10y,y(0)=1时,取步长h=0.25,所得数值解yn是否稳定?为什么?于是有而所以有当h=0.25时,有所以此单步方法为二阶方法.(2)此单步方法用于方程y=-10y,则有所以,所得数值解是不稳定的.七、(6分)设n阶矩阵A A=(aij)nn,试证实数为矩阵A A的一种范数.证明证明 对任意n阶方阵A,BA,B和常数,有 所以,实数A A是矩阵A A的范数.