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    江苏省南通市2022-2023学年高三上学期12月月考数学试题含答案.pdf

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    江苏省南通市2022-2023学年高三上学期12月月考数学试题含答案.pdf

    (北京)股份有限江苏省南通市江苏省南通市(北京)股份有限(北京)股份有限(北京)股份有限(北京)股份有限2022-2023 学年第一学期高三 12 月学情调研测试数学答案1.C2.D3.A4.C5.B6.C7.A8.D9.BC10.BCD11.AC12.ACD13.114.1(,215.14 2316.217(1)证明:由已知条件知1231nnnTa aaaa于是11231(2)nnTa aaan由得1nnnTTa-(2 分)又112nnTa由得121nnTT,所以)1(211nnTT-(4 分)令1n,由11Ta,得31T,0411T所以数列1nT是以 4 为首项,2 为公比的等比数列-(6 分)(2)由(1)可得数列1nT是以 4 为首项,2 为公比的等比数列1224111nnnnTT-(8 分)法 1:2n时,121211nnnnnTTa又311Ta符合上式,所以12121nnna.-(10 分)法 2:将121nnT代回112nnTa得:12121nnna-(10 分)18.(1)63sin633cosCAMCAMCAM中,在-(1 分)由正弦定理得,则.663232sin3sinCMAACCM-(5 分)(北京)股份有限(2)在BMN中,7,43MNBMBN由余弦定理得:222232cos()2(1)2MNBMBNBM BNABCBMBNBM BN2312-34722BNBM即34BNBM-(9 分)32134216sin21BNBMSBMN又,3232221ABCSABCBMNSS21-(12 分)19.(1)由题意分析2(3,)3XB,X的可能值为 0,1,2,3所以311(0)327P X ,2132 12(1)3 39P XC,223214(2)339P XC,3332(3)3278P XC.-(4 分)分布列为:X0123P1272949827()3223E X .-(5 分)(2)记“第一次摸出红球”为事件1A,“第一次摸出白球”为事件2A,“第二次摸出白球”为事件 B,则1221(),()33P AP A,12243515P A B,21113515P A B 即第二次摸出白球的概率为:12411+=+=15153P A BP A B(用古典概型公式同样给分)-(9 分)(3)依题意,每次取到红球的概率为4263,取到白球的概率为21634Y 即是“前 3 次只有 1 次取到红球,其余 2 次取到白球,第 4 次取到红球”123721(4)C333242P Y.-(12 分)20.(1)证法 1:在三棱台111ABCABC中,AC/11AC,(北京)股份有限又AC 平面11AC E,11AC 平面11AC E,则AC/平面11AC E,-(2 分)又AC 平面ABC,平面ABC平面11AC El,所以AC/l.-(5 分)证法 2:在三棱台111ABCABC中,AC/11AC,又11AC 平面ABC,AC 平面ABC,则11AC/平面ABC,-(2 分)又11AC 平面11AC E,平面ABC平面11AC El,所以11AC/l,又AC/11AC,所以AC/l.-(5 分)证法 3:在三棱台111ABCABC中,AC/11AC,平面ABC平面111ABC,又平面111ABC 平面1111AC EAC,平面ABC平面11AC El,所以11AC/l,又AC/11AC,所以AC/l.-(5 分)(2)因为1AA 平面ABC,在平面ABC内作AxAC,以A为原点,1,AC AA分别为y轴,z轴建立空间直角坐标系,(2 3,2,0)B,(3,1,0)E,(0,4,0)C,1(0,0,3)A,1(3,1.3)B,1(0,2,0)C,111(3,1,3),(0,2,0)AEAC,1(3,3,3)BC ,设平面11AC E的一法向量为(,)nx y z,则11133020AE nxyzAC ny ,令1x,则(1,0,1)n,(8 分)设直线1BC与平面11AC E所成角为,则111|10sin|cos,|5|BC nBC nBC n ,所以,求直线1BC与平面11AC E所成角的正弦值为105.(12 分)21.(1)由已知椭圆的左、右焦点分别为1(1,0)F,2(1,0)F,1c,方法一:由题意得2222211314abcab,解得2243ab,(北京)股份有限椭圆E的方程为22143xy=;-(4 分)方法二:由122aAFAF223(1 1)()2 223(1 1)()2 53422,则2a,又1c,得3b,椭圆E的方程为22143xy=;-(4 分)(2)设3)Tt(,1:(3)AB ytk x,2:(3)PQ ytkx 由122(3)3412ytk xxy 消去y得:2221111(34)8(3)4(3)120kxk tk xtk设112212,),(,),3,3A x yB xyxx(,由题意1112218(3)34k tkxxk,2112214(3)1234tkx xk-(6 分)从而2211121313TA TBkxkx2112(1)(3)(3)kxx211212(1)93()kx xxx22111122114(3)128(3)(1)933434tkk tkkkk22121(1)(415)34ktk-(8 分)同理22222(1)(415)34ktTP TQk,又TA TBTP TQ所以2121(1)34kk2222(1)34kk,即2212kk,又12kk故120kk,直线AB的斜率与直线PQ的斜率之和为零.-(12 分)22.(1)221(),11xxafxxx ,由题意,存在(1,)x ,使得()0fx-(2 分)即关于x的方程2210 xxa 在(1,)上有实根,该方程等价于221axx,(北京)股份有限则a的取值范围是函数221,(1,)yxxx 的值域,值域为9(,8,所以,a的取值范围是9(,8.-(4 分)(2)设2()21g xxxa,对称轴14x ,01a则9 80a,(1)0,(0)10gaga ,则()g x存在两个零点12,x x,1210 xx,在1(1,)x上,()0,()0,()g xfxf x递增;在12(,)x x上,()0,()0,()g xfxf x递减;在2(,)x 上,()0,()0,()g xfxf x递增.-(7 分)又(0)0f,12()(0)0()f xff x,在(1,0)上,2(0,2)xx,()ln(1)2f xax,则21(1,0)ae ,2(1)0af e,所以()f x在(1,0)上零点个数为 1-(10 分)法 1:又(1)ln20fa,所以,()f x在(0,)上零点个数为 1,又(0)0f.法 2:由11111ln1,ln1,ln1,ln1,ln(1)11xxxxxxxxxx 又01a,所以2221()ln(1)(1)(1)(1)111xxf xaxxxaxxax xaxxxx当且仅当0 x 时上述等号成立,1(0,1),(1)0afa又所以,所以,()f x在(0,)上零点个数为 1,又(0)0f.综上,当01a时,()f x的零点个数为 3 个.-(12 分)

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